2026届河北省承德市十三校联考高一物理第一学期期末调研试题含解析.doc

2026届河北省承德市十三校联考高一物理第一学期期末调研试题
请考生注意：
1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。
2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、如图所示，质量相同的两小球(可看成质点)a、b分别从斜面顶端A和斜面中点B沿水平方向抛出后，恰好都落在斜面底端，不计空气阻力，下列说法正确的是

A.小球a、b在空中飞行的时间之比为2︰1
B.小球a、b抛出时的初速度大小之比为2︰1
C.小球a、b到达斜面底端时速度方向与斜面的夹角之比为1︰1
D.小球a、b到达斜面底端时的动能之比为4︰1
2、如图所示用网球拍打击飞过来的网球时，球拍打击网球的力的大小（ ）

A.大于球撞击球拍的力
B.等于球撞击球拍的力
C.小于球撞击球拍的力
D.比球撞击球拍的力稍晚产生
3、对做匀变速直线运动物体，下列说法正确的是（）
A.在1s内、2s内、3s内物体通过的位移之比是1：3：5
B.一质点的位置坐标函数是x=4t+2t2，则它运动的初速度是4m/s，加速度是2m/s2
C.做匀减速直线运动的物体，位移一定随时间均匀减小
D.任意两个连续相等时间间隔内物体的位移之差都相等
4、一个物体在地球表面所受的重力大小为，若不计地球自转的影响，则在距地球地面的高度为地球半径的2倍时，物体所受地球对它的万有引力大小为（）
A B.
C. D.
5、下列选项中正确的是（）
①一个物体受到的合力越大，它的速度越大；②摩擦力的方向一定与物体的运动方向相反；③运动的物体可以受静摩擦力的作用；④一个物体的速度方向与其受到的合力方向一致；⑤惯性是使物体保持原来运动状态的力；⑥只有在物体运动状态发生改变时，物体才具有惯性。
A.①③④ B.②⑤⑥
C.只有③ D.②③⑥
6、在研究物体的运动时，下列物体中可以当作质点处理的是（　　）
A.为提高乒乓球运动员球技，研究乒乓球的运动时，乒乓球可作为质点来处理
B.在大海中航行的船，要确定它的位置时，可以把它当作质点来处理
C.研究杂技演员在走钢丝的表演时，杂技演员可以当作质点来处理
D.研究地球的自转运动时，地球可以当作质点来处理
7、北京欢乐谷游乐场天地双雄是目前亚洲唯一的双塔太空梭．它是能体验强烈失重、超重感觉的娱乐设施，先把乘有十多人的座舱，送到76m高的地方，让座舱自由落下，当落到离地面28m时制动系统开始启动，座舱匀减速运动到地面时刚好停止．若某游客手中托着质量为1kg的饮料瓶进行这个游戏，g取9.8m/s2，则（ ）

A.当座舱落到离地面高度为40m的位置时，饮料瓶对手的作用力大于9.8N
B.当座舱落到离地面高度为40m的位置时，饮料瓶对手的作用力为零
C.当座舱落到离地面高度为15m的位置时，饮料瓶对手的作用力小于9.8N
D.当座舱落到离地面高度为15m的位置时，手要用26.6N的力才能托住饮料瓶
8、某物体运动的速度--时间图象如图所示．根据图象可知

A.0-2s内的加速度为2m/s2
B.0-5s 内的位移为7m
C.第1s末与第4.5s末的速度方向相反
D.第1s末与第4.5s末的加速度方向相反
9、在国际单位制中，选定了七个物理量为基本物理量，其中力学物理量有三个．下列各物理量单位中属于基本单位的是
A.N B.s
C.J D.kg
10、如图所示，有一斜面倾角为θ、质量为M的斜面体置于水平面山，A是最高点，B是最低点，C是AB的中点，其中AC段光滑、CB段粗糙.一质量为m的小滑块由A点静止释放，经过时间t滑至C点，又经过时间t到达B点.斜面体始终处于静止状态，取重力加速度为g，则( )

A.A到C与C到B过程中，滑块运动的加速度相同
B.A到C与C到B过程中，滑块运动的平均速度相等
C.C到B过程地面对斜面体的摩擦力水平向左
D.C到B过程地面对斜面体支持力大于(M+m)g
11、下列关于摩擦力的说法中正确的是（ ）
A.静止的物体可以受到滑动摩擦力
B.运动的物体可以受到静摩擦力
C.静止的物体一定不受滑动摩擦力
D.滑动摩擦力的方向一定跟物体相对运动的方向相反
12、如图所示，质量为m的物体放在质量为M、倾角为θ的斜面体上，斜面体置于粗糙的水平地面上，用平行于斜面向下的力F拉物体m使其沿斜面向下匀速运动，M始终静止，则下列说法正确的是

A.地面对M的摩擦力大小为Fcosθ
B.地面对M的支持力为（M+m）g+Fsinθ
C.物体m对M的摩擦力的大小为F
D.M对物体m的作用力竖直向上
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，采用图1所示的装置

（1）关于本实验的操作，下列说法中正确的是_________（填字母代号）
A.在探究加速度与质量的关系时，每次改变小车质量时都应平衡摩擦力
B.平衡摩擦力时，应将木板不带滑轮一端适当垫高
C.平衡摩擦力时，应将小车后面拖着的纸带穿过打点计时器
D.正确平衡摩擦力后，若改变小车质量重复实验时，则需要再次平衡摩擦力
E.可以先释放小车再接通打点计时器的电源
（2）某次实验中打点计时器在纸带上依次打出一系列的点，取A、B、C、D、E五个计数点，距离如图2所示，每两个计数点间有四个点未画出，且计时器打点周期为0.02s，则打C点的瞬间，纸带的速度大小为____m/s，纸带运动的加速度a=_____m/s2。（计算结果都保留两位有效数字）
（3）在探究加速度与力的关系的实验中，得出如图所示的a—F图线，发现图线既不过原点，又不是直线，其原因可能是_______（填字母代号）

A没有完全平衡摩擦力，且小车质量较大
B.平衡摩擦力过度，且小车质量较大
C.平衡摩擦力过度，砝码和砝码盘的总质量较大
D.没有完全平衡摩擦力，且砝码和砝码盘的总质量较大
14、物理课上同学们通过实验“研究平抛运动”

（1）甲组同学利用图所示的实验装置，通过描点画出平抛小球的运动轨迹．以下是实验过程中的一些做法，其中合理的有_________
A．斜槽轨道必须光滑
B．安装斜槽轨道，使其末端保持水平
C．每次小球应从同一位置由静止释放
D．为描出小球的运动轨迹，描绘的点要用平滑的曲线连接起来
（2）实验得到平抛小球的运动轨迹，在轨迹上取一些点，以平抛起点O为坐标原点，测量它们的水平坐标x和竖直坐标y，图中y-x2图象能说明平抛小球运动轨迹为抛物线的是__________
A. B.
C. D.
（3）验证轨迹是符合y=ax2的抛物线后，根据图中y-x图象M点的坐标值，可以求出a=______m-1，小球平抛运动的初速度v0=______m/s．（重力加速度取g=10m/s2）

15、如图所示为“研究物体做匀变速直线运动”实验中获得的一条纸带，a、b、c、d为计数点，相邻计数点时间间隔为0.1s．其中b点的瞬时速度为_________ m/s（保留三位数）

三．计算题(22分)
16、（12分）下暴雨时，有时会发生山体滑坡或泥石流等地质灾害．某地有一倾角为θ=300的山坡C，上面有一质量为100kg的石板B处于静止状态，B的上下表面与斜坡平行，下端距离山脚460m，紧挨着山脚的平地上有一建筑物．假设某次暴雨中，有一质量为100kg的石块A（可视为质点），以15m/s的速度滑上B，在极短的时间内，B、C间的动摩擦因数u2减小为，B沿着C向下运动．当A滑到B的下端时两者恰好相对静止，之后A、B一起运动到山脚平地上撞上建筑物，经过0.7s停下来．已知A、B间的动摩擦因数u1为，取重力加速度大小g=10m/s2，A、B从斜面上滑到山脚平地上瞬间速度大小不变．求：

（1）石块A在石板B上滑动时，A和B加速度大小；
（2）石板B的长度；
（3）A、B对建筑物的平均作用力
17、（10分）如图所示,水平地面O点的正上方的装置M每隔相等的时间由静止释放一小球,在某小球离开M的同时,O点右侧一长L=1.5 m的平板车以a=4.0 m/s2的恒定加速度从静止开始向左运动,该小球恰好落在平板车的左端,已知平板车上表面距离M的竖直高度h=1.25 m。忽略空气阻力,重力加速度g取10 m/s2。
(1) 求小车左端距离O点水平距离。
(2) 若至少有3个小球落在平板车上,则释放小球的时间间隔Δt应满足什么条件?

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、C
【解析】根据下落的高度求出平抛运动的时间之比,结合水平位移和时间求出初速度之比,根据动能定理求出小球到达斜面底端时的动能之比.抓住速度方向与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍,求出两球的速度方向与斜面的夹角关系.
【详解】A、因为a、b两球下落的高度之比为2:1,根据得, ,则飞行时间之比为 ,故A错误.
B、a、b两球的水平位移之比为2:1,时间之比为,根据知,初速度之比为,故B错；
C、小球落在斜面上时,速度方向与水平方向夹角正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍,因为位移与水平方向的夹角相等,则速度与水平方向的夹角相等,到达斜面底端时速度方向与斜面的夹角也相等,故C对; 
D、根据动能定理可以知道,到达斜面底端时的动能之比

代入已知量可知，故D错；
故选C
2、B
【解析】用网球拍打击飞过来的网球过程中，网球拍打击网球的力与球撞击球拍的力是一对作用力与反作用力，根据牛顿第三定律得知，两个力是同时产生的，大小相等，方向相反，故B正确，A、C、D错误；
故选B
【点睛】用网球拍打击飞过来的网球过程中，根据牛顿第三定律分析网球拍打击网球的力与球撞击球拍的力的关系
3、D
【解析】A．初速度为零时，1s内、2s内、3s内通过位移之比为1：4：9，故A错误；
B．根据得，物体的初速度为4m/s，加速度为4m/s2，故B错误；
C．匀减速直线运动物体速度随时间均匀减小，位移不是均匀减小，故C错误；
D．匀变速直线运动的物体，任意两个连续相等时间内的位移之差是一恒量，即△x=aT2，故D正确。
故选D。
4、D
【解析】由题意知距地面高度为地球半径2倍时，距地心的距离为3R，为便于区分重力与引力常量，故设引力常量为，则由万有引力等于重力有：
在地球表面：

距地面高度为地球半径2倍时：

D正确，ABC错误。
故选D。
5、C
【解析】①力是改变速度的原因，一个物体受到的合力越大，它的加速度越大，但速度不一定大，说法错误；②摩擦力的方向与运动方向无关，与相对运动或相对运动趋势的方向相反，说法错误；③运动的物体可以受静摩擦力作用，静止的物体也可以受动摩擦力作用，比如：正在沿着传送带斜向上运动的物体，说法正确；④一个物体的加速度方向与其受到的合力方向一致，但是速度方向不一定与合力方向一致，说法错误；⑤惯性是物体的固有属性，不是一种力，说法错误；⑥物体在任何状态下均具有惯性，说法错误。综上分析，可知C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
6、B
【解析】物体可以看成质点的条件是看物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响，同一个物体在不同的时候，有时可以看成质点，有时不行，要看研究的是什么问题。
【详解】A．为提高乒乓球运动员球技时，研究乒乓球的运动时，需要看在不同方向、不同手法、在不同击球点打乒乓球情况下，乒乓球的快慢、高低、旋转情况，不可将乒乓球作为质点来处理，所以A错误；
B．在大海中航行的船，要确定它在大海的位置时，船的形状、大小对所研究的问题没有影响，可以把它当作质点来处理，所以B正确；
C．欣赏杂技演员的精彩表演时，看的就是杂技演员的优美的动作，所以此时的杂技演员不能看成是质点，所以C错误；
D．研究地球的自转运动时，不能当作质点来处理，所以D错误。
故选B。
7、BD
【解析】（1）当座舱落到离地面高度为40m的位置时，处于完全失重状态，故饮料瓶对手的压力为零；
（2）座舱先自由落体，然后匀加速，对自由落体运动过程运用速度位移公式得到末速度v，再对减速下降过程运用速度位移公式，得出加速度，最后对饮料瓶受力分析，运用牛顿第二定律列式求解
【详解】AB．当座舱落到离地面高度为40m的位置时，处于完全失重状态；故饮料瓶对手的压力为零，A错误，B正确；
CD．座舱自由落体过程，有
v2=2g（H-h）
座舱匀减速运动到地面过程，根据速度位移公式，有
v2=2ah
解得

当座舱落到离地面高度为15m的位置时，饮料瓶处于超重状态，有
F-mg=ma
解得
F=m（g+a）=1×（9.8+16.8）N=26.6N
即手要用26.6N的力才能把饮料瓶托住．选项C错误，D正确；
故选BD。
【点睛】本题关键把座舱的运动情况分析清楚，求出减速的加速度，再对铅球受力分析，根据牛顿第二定律列式求出手对铅球的托力
8、BD
【解析】速度图象的斜率等于物体的加速度大小．根据斜率的正负分析加速度的正负．图线与两个坐标轴所围“面积”等于位移
【详解】0-2s 内的加速度大小为：，故A错误；0-25 内的位移为：，故B正确；速度的正负表示方向，故第 1s 末与第 4.5s 末的速度方向相同，故C错误；斜率的正负表示a的方向，由图可知，第 1s 末与第 4.5s 末加速度方向相反．故D正确．故选BD
9、BD
【解析】力学中的基本物理量有质量、时间、长度，所以对应基本单位是kg，s，m
A.由F=ma推导知1N=1kg•m/s2，所以N是导出单位，故A错误
BD.根据以上分析可知，s、kg是基本单位，故BD正确
C.由 可知，1J=1Nm，所以J是导出单位，故C错误
10、BCD
【解析】根据牛顿第二定律得：AC段有：mgsinθ=ma1；BC段有：mgsinθ-μmgcosθ=ma2；可知，A到C与C到B过程中，滑块运动的加速度不同，故A错误．根据平均速度公式知，两个过程的位移和时间均相等，则平均速度相等．故B正确．设滑块到达C和B的速度分别为vC和vB．根据平均速度相等有：，可得 vB=0，说明滑块由C到B过程做匀减速运动，加速度沿斜面向上，有水平向左的分加速度，对斜面和滑块整体，由牛顿第二定律知，地面对斜面体的摩擦力水平向左．故C正确．滑块由C到B过程做匀减速运动，加速度沿斜面向上，有竖直向上的分加速度，处于超重状态，所以地面对斜面体的支持力大于（M+m）g．故D正确．故选BCD
点睛：本题考查牛顿运动定律和运动学公式的应用，在解题时注意D的解答中，直接应用超重失重的规律可避免复杂的受力分析过程，也可以根据隔离法研究
11、ABD
【解析】AC．对地静止的物体若相对于和它接触的其他物体发生了相对运动，则也可能用滑动摩擦力；故A正确C错误；
B．运动的物体若相对于和它接触的物体是静止的，它也可以受静摩擦力；故B正确；
D．滑动摩擦力的方向总是与相对运动的方向相反；故D正确；
故选ABD。
12、AB
【解析】A．物体m沿斜面向下匀速运动，与斜面加速度相同均为零，故可以采用整体法，将物体m与斜面体M看做一个整体，受力分析：

根据平衡条件，水平方向
Fcosθ-f=0
解得
f=Fcosθ
故A正确；
B．竖直方向
FN-（M+m）g-Fsinθ=0
可得
FN=（M+m）g+Fsinθ
故B正确；
C．对物体受力分析如图

物体受到向下的重力mg、拉力F、斜面的作用力（支持力和沿斜面向上的滑动摩擦力），由于物体匀速下滑，根据平衡条件m受到的摩擦力
f′=mgsinθ+F
根据牛顿第三定律：物体m对M的摩擦力的大小为mgsinθ+F，故C错误；
D．由受力分析，根据平衡条件：M对物体m的作用力即N与f的合力应该与mg合F的合力等大反向，如图中，可见M对物体m的作用力斜向上，故D错误。
故选AB。

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.BC ②.0.11 ③.0.20 ④.D
【解析】（1）[1]．AD.在探究加速度与质量的关系时，因平衡摩擦力时满足mgsinθ=μmgcosθ，则与质量m无关，则每次改变小车质量时不需要重新平衡摩擦力，选项AD错误；
B.平衡摩擦力时，应将木板不带滑轮一端适当垫高，选项B正确；
C.平衡摩擦力时，应将小车后面拖着的纸带穿过打点计时器，选项C正确；
E.实验时应该先接通打点计时器的电源再释放小车，选项E错误；故选BC。
（2）[2][3]．每两个计数点间有四个点未画出，且计时器打点周期为0.02s，可知相邻两计数点之间的时间T=0.1s；则打C点的瞬间，纸带的速度大小为

因为∆x=0.2cm，由∆x=aT2可得

（3）[4]．由图像可知，当力F到达一定值时小车才有加速度，可知原因是平衡摩擦力不够或者没有平衡摩擦力；图像发生弯曲，是由于当砝码质量变大时，砝码和砝码盘的总质量较大，不再满足远小于小车的质量；故选D。
14、 (1).BCD (2).A (3).10 (4).0.71
【解析】详解】（1）[1]．A．斜槽轨道没必要必须光滑，只要到达底端速度相同即可，选项A错误；
B．安装斜槽轨道，使其末端保持水平，以保证小球做平抛运动，选项B正确；
C．每次小球应从同一位置由静止释放，以保证到达底端速度相同，选项C正确；
D．为描出小球的运动轨迹，描绘的点要用平滑的曲线连接起来，选项D正确；
（2）[2]．物体在竖直方向做自由落体运动

水平方向做匀速直线运动
x=vt；
联立可得：

因初速度相同，故为常数，故x2-y应为正比例关系，故A正确，BCD错误；
（3）[3][4]．根据M坐标（0.2m，0.4m）代入y=ax2解得
a=10.0m-1
由

解得

15、520
【解析】根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上b点时小车的瞬时速度大小；
【详解】根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上b点时小车的瞬时速度大小；
【点睛】要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用

三．计算题(22分)
16、（1）-2.5m/s2 ； 5m/s2·（2）15m（3）10000N·
【解析】（1）对A、B受力分析，根据牛顿第二定律可以求出加速度的大小；
（2）根据A、B的加速度的大小，利用速度时间的关系式和它们之间的距离可以计算时间的大小；
（3）由动量定理即可求出A、B对建筑物的冲击力
【详解】（1）分析A、B受力，由牛顿第二定律得

解方程得：a1=-2.5m/s2 a2=5m/s2·
（2）A滑到B下端时，所用时间t1，A的速度为v1，B的速度为v2

得 t1=2s
石板B长度l
（3）当A、B相对静止时瞬间，共同速度v2

t1时间，B下滑位移
B共同下滑，有·
a3=1.25m/s2
B共同下滑到斜面底端时，速度为v3 ，则
得v3=35m/s
以A、B为共同研究对象，在t=0.7s停下来，建筑物对A、B的平均作用力为F

·
解得F=-10000N，负号表示力的方向与v3的方向相反
由牛顿第三定律得，A、B对建筑物的平均作用力大小F’=10000N
【点睛】本题是对牛顿第二定律和运动学公式的综合的应用，分析清楚物体的运动的情况和受力的情况，根据运动学的公式来求解，本题的难度比较大
17、 (1) 0.50 m (2) Δt≤0.25 s
【解析】（1）设小球自由下落到平板车上表面处历时为t0，在该时间段内由运动学方程
对小球有

对平板车有

联立解得
x=0.50 m。
（2）从释放第一个小球至第三个小球下落到平板车上表面处历时2Δt+t0，设平板车在该时间段内的位移为x1，由运动学方程有

至少有3个小球落在平板车上须满足：
x1≤x+L
联立解得
Δt≤0.25 s。