2026届云南昆明市黄冈实验学校物理高一上期末调研试题含解析.doc

2026届云南昆明市黄冈实验学校物理高一上期末调研试题
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。
2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。
3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。
4．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、关于速度、速度的变化量、速度变化率的关系，下列说法中正确的是(　 　)
A.速度的变化量越大，速度变化率一定越大
B.速度越大，速度的变化量一定越大
C.速度变化率零，速度一定为零
D.速度为零，速度变化率不一定为零
2、质量为m的小球在空中运动时，受到空气的作用力，沿与竖直方向成30o角的方向斜向下做匀速直线运动，如图所示，空气作用力的大小为（）

A B.
C.2mg D.mg
3、一个从地面竖直上抛的物体，它两次经过一个较低点a的时间间隔为5s，两次经过一个较高点b的时间间隔为3s，忽略空气阻力，重力加速度用g表示，则a、b之间的距离为(　 )
A.2g B.g
C.g D.5g
4、2018年10月，第十六届福建省体育运动会在宁德市体育中心举行，在3000米比赛中，男子乙组的宁德市运动员阮清松以的成绩破省少年甲组纪录．如图所示，假设运动员在某个弯道从运动到的实际轨迹长为60m，到的直线距离为50m，用时10秒，点为过程的某一点．下列说法正确的是

A.到的位移为60m
B.到过程中运动员的瞬时速度保持6m/s
C.到过程中运动员的平均速度大小为5m/s
D.运动员经过点时速度方向由指向
5、足球运动是目前全球体育界最具影响力的运动项目之一，深受青少年喜爱。如图所示为四种与足球有关的情境，下列说法中正确的是

A.图甲中，静止在地面上的足球对地面的压力就是它的重力
B.图乙中，静止在光滑水平地面上的两个足球相互接触，每个足球均受2个力作用
C.图丙中，足球被踢起过程中，足球受到的弹力是由于足球发生形变而产生的
D.图丁中，足球被停下来过程中，运动员对球的作用力大于球对运动员的作用力
6、下列物理量中，既属于矢量，其单位又属于国际单位制中基本单位的是（　　）
A.重力 B.质量
C.位移 D.时间
7、如图所示，一小铁球用轻弹簧和轻绳悬挂处于静止状态，弹簧与水平方向成角，轻绳与竖直方向成角，重力加速度为g，则　　

A.弹簧和轻绳的拉力之比为1：2
B.弹簧和轻绳的拉力之比为：1
C.若剪断轻绳，则剪断瞬间小球的加速度为
D.若剪断轻绳则剪断瞬间小球的加速度为
8、物体从静止开始做匀加速直线运动，第3s内的平均速度为3m/s，则（ ）
A.第3s内物体的位移为3m B.物体的加速度是1m/s2
C.前3s内的位移是4.5m D.第3s末的速度是3.6m/s
9、物体水平面上做直线运动，其速度时间图像如图所示，则：

A.物体在前2s内做匀加速直线运动，加速度为
B.物体在第7s到第12s内做匀变速直线运动
C.物体在第12s内的位移为0.75m
D.物体在前12s内的路程为15m
10、匀速转动的长传送带倾斜放置，传动方向如图所示，在顶部静止放上一物块，在物块下滑过程中，规定沿传送带向下为正，下列描述物块运动过程中的v－t、a－t图象，可能正确的是(　　)

A. B.
C. D.
11、放在光滑水平面上的物体，在水平方向的两个平衡力作用下处于静止状态，若其中一个力逐渐减小到零后，又恢复到原值，则该物体的（　　）
A.速度先增大后减小 B.速度一直增大，直到某个定值
C.加速度先增大，后减小到零 D.加速度一直增大到某个定值
12、2019年9月19日14时42分，我国在九泉卫星发射中心将我国自行研制的“珠海一号”03组卫星成功地送上太空，卫星绕地球飞行一圈时间为90分钟．则

A.“14时42分”和“90分钟”前者表示“时刻”后者表示“时间”
B.卫星绕地球飞行一圈，它的位移和路程都为0
C.卫星绕地球飞行一圈平均速度为0，但它在每一时刻的瞬时速度都不为0
D.地面卫星控制中心在对飞船进行飞行姿态调整时可以将飞船看作质点
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、在“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中：
（1）从下列所给器材中选出实验所需的器材有 ( 填写序号)______为达到实验目的,还缺少______。
①电磁打点计时器②天平③低压直流电源④细绳⑤纸带⑥小车⑦钩码⑧秒表⑨一端有定滑轮的长木板
（2）下列说法正确的是（ ）
A．应先接通电源,待打点计时器开始打点后再放小车
B．在释放小车前,小车应尽量靠近打点计时器
C．接通电源和释放小车必须同时完成
D．要在小车到达定滑轮前使小车停止运动，防止小车落地摔坏
(3)如图所示为记录小车运动情况的纸带。图中A、B、C、D、E为相邻的计数点,相邻计数点间还有4个点没有画出(结果保留两位小数)。
‍
1）相邻两个计数点间的时间间隔为______s；
2）D点瞬时速度大小为vD=______m/s，DE段平均速度大小为v=______m/s；
3）运动小车的加速度大小为a=______m/s2。
14、利用打点计时器和小车来做“探究加速度与力、质量的关系”的实验装置如图所示

(1)关于本实验的操作,下列说法中正确的是___________（填字母代号）
A.平衡摩擦力时，应将木板带滑轮一端适当垫高
B.砝码和砝码盘的总质量越大,实验误差越小
C.正确平衡摩擦力后，若改变小车质量重复实验时，则不需要再次平衡摩擦力
D.可以先释放小车再接通打点计时器的电源
(2)在探究加速度与力的关系的实验中,得出如图所示的a—F图线，发现图线既不过原点，又不是直线，其原因可能是____________（填字母代号）

A没有完全平衡摩擦力，且小车质量较大
B.平衡摩擦力过度，且小车质量较大
C.平衡摩擦力过度，砝码和砝码盘的总质量较大
D.没有完全平衡摩擦力，且砝码和砝码盘的总质量较大
15、在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中,采用如图所示的实验装置,小车及车中砝码的质量用M表示,盘及盘中砝码的质量用m表示,小车的加速度可由小车后面拉动的纸带经打点计时器打出的点计算得到.

（1）当M与m的大小关系满足__________时,才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘及盘中砝码的总重力.
（2）一组同学在探究加速度与质量的关系时,保持盘及盘中砝码的质量一定,改变小车及车中砝码的质量,测出相应的加速度,采用图象法处理数据.为了比较容易地得出加速度a与质量M的关系,应作出a与___________________图象.
(3)甲同学在探究加速度与力的关系时,根据测量数据作出的a一F图线,如图a所示.则实验存在的问题是__________ .

(4).乙、丙两同学用同一装置探究加速度与力的关系时,画出了各自得到的a一F图线,如图b所示.则两同学做实验时的哪一个物理量取值不同?答:__________.
三．计算题(22分)
16、（12分）水平抛出一个物体，当抛出1秒后，它的速度方向与水平方向成45°角，落地时，速度方向与水平方向成60°角，（g取10m/s2）．求：
（1）初速度
（2）水平射程（结果保留两位有效数字）
（3）抛出点距地面的高度
17、（10分）如图所示，质量M＝10kg、上表面光滑的足够长的木板在F＝50N的水平拉力作用下，以初速度v0=5 m/s沿水平地面向右匀速运动．现有足够多的小铁块，它们的质量均为m=1kg，将一铁块无初速地放在木板的最右端，当木板运动了L＝1m时，又无初速度地在木板的最右端放上第2块铁块，只要木板运动了L就在木板的最右端无初速度放一铁块．（取g＝10m/s2）试问：

(1)第1块铁块放上后，木板运动了L时，木板的速度多大？
(2)最终木板上放有多少块铁块？
(3)最后一块铁块与木板右端距离多远？
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、D
【解析】A：根据加速度的定义式可知物体的加速度等于物体速度的变化率，虽然Δv大，但Δt更大时，速度变化率可以很小．故A项错误
B：速度很大，速度的变化量可以为零，例如速度很大的匀速直线运动．故B项错误
C：速度变化率为零，即加速度为零，速度不一定为零，例如速度大的匀速直线运动．故C项错误
D：速度为零，速度变化率不一定为零，即加速度不一定为零，例如火箭发射的瞬间．故D项正确
点睛：速度是描述物体运动快慢的物理量，是位移与时间的比值，是矢量．速度的变化量是物体的末速度与初速度的差值，表示速度变化了多少，是矢量．速度的变化率是物体的加速度，表示速度变化快慢的物理量，是矢量；与速度的变化量的方向相同．速度方向与其他两量方向相同时，物体做加速运动；速度方向与其他两量方向相反时，物体做减速运动．三者大小之间无直接关系
2、D
【解析】 小球在空中运动时，受到重力和空气作用力，因小球做匀速直线运动，由平衡条件可得空气作用力大小等于重力mg，所以本题选择D
考点： 共点力平衡
3、A
【解析】根据运动的对称性，物体从最高点到达a点的时间为2.5s，到达b点的时间为1.5s，则有

所以a、b之间的距离为
选项A正确，BCD错误。
故选A。
4、C
【解析】A.根据题意到的位移为50m，故A错误
B.到过程中运动员做变速运动，所以瞬时速度不会保持 故B错误
C.根据平均速度定义可知到过程中运动员的平均速度大小为，故C正确
D.运动员经过点时速度方向应该沿着运动轨迹的切线方向，故D错误；
故选C
5、B
【解析】A．静止在地面上的足球对地面的压力，作用在地面上，而重力作用于球上，故A错误；
B．静止在光滑水平地面上的两个足球由于接触，但由于没有弹性形变，所以没有受到相互作用的弹力，每个足球均受重力与地面的支持力2个力作用，故B正确；
C．足球被踢起过程中，足球受到的弹力是由于运动员的脚发生形变产生的，故C错误；
D．由牛顿第三定律可知，足球被停下来过程中，运动员对球的作用力等于球对运动员的作用力，故D错误。
故选B。
6、C
【解析】标量是只有大小，没有方向的物理量．矢量是既有大小又有方向的物理量．国际单位制规定了七个基本物理量．分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光照强度、物质的量．它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位.
【详解】A、重力是矢量，其单位是N，属于国际单位制中导出单位；故A错误.
B、质量是标量，其单位是kg，属于国际单位制中基本单位；故B错误.
C、位移是矢量，其单位是m，属于国际单位制中基本单位；故C正确.
D、时间是标量，其单位s，属于国际单位制中基本单位；故D错误.
故选C.
【点睛】国际单位制规定了七个基本物理量和基本单位，要记住中学涉及的基本物理量和基本单位，要注意牛顿不是基本单位，而是导出单位.
7、BC
【解析】装置静止时，以小球为研究对象，分析受力情况，由平衡条件求弹簧和轻绳的拉力之比．若剪断轻绳，弹簧的弹力来不及变化，根据牛顿第二定律求剪断瞬间小球的加速度
【详解】装置静止时，以小球为研究对象，分析受力情况，小球受重力mg、轻绳的拉力T和弹簧的拉力F．由平衡条件知T与F的合力与mg等大反向，如图所示：

则得，即弹簧和轻绳的拉力之比为：1，故A错误，B正确；由上得若剪断轻绳，弹簧的弹力来不及变化，F和mg的合力与原来的T等大反向，所以剪断瞬间小球的合力大小等于T，加速度为，故C正确，D错误．所以BC正确，AD错误
【点睛】解决本题的关键要知道剪断轻绳的瞬间，弹簧的弹力不变，分析小球的合力，结合牛顿第二定律进行来求瞬时加速度
8、AD
【解析】A．根据

得物体在第3s内的位移
m
A正确；
B．设加速度为，则根据匀变速直线运动推论：

物体在第3s内的平均速度可以表示为

解得m/s2，B错误；
C．根据：

前3s内的位移m，C错误；
D．根据速度与时间的关系

可知物体在第3s末的速度
m/s
D正确
故选AD。
9、BD
【解析】A项：v-t图象表示加速度，所以物体在前2s内做匀加速直线运动，加速度为，故A错误；
B项：v-t图象表示加速度，物体在第7s到第12s内图象斜率不变，即做匀变速直线运动，故B正确；
C项：物体在第7s到第12s内的加速度大小为，第10到12s的位移为，第10到11s的位移为，所以物体在第12s内的位移大小为0.75m，方向与正方向相反即为-0.75m，故C错误；
D项：物体在前10s内路程为，第10到12s的位移为1m，所以物体在前12s内的路程为15m，故D正确
故选BD
10、AC
【解析】物块静止放到传送带后，受到重力、支持力、沿斜面向下的滑动摩擦力，做匀加速运动，速度均匀增大，由v=at知，v与t成正比．当速度等于传送带速度时，重力的下滑分力可能小于或等于最大静摩擦力，则物块将与传送带一起匀速向下运动，也可能重力的下滑分力大于最大静摩擦力，物块继续匀加速．开始阶段的匀加速过程中，由牛顿第二定律得：μmgcosθ+mgsinθ=ma，得a=μgcosθ+gsinθ，第二个匀加速过程中，由牛顿第二定律得：mgsinθ-μmgcosθ=ma′，解得： a′=gsinθ-μgcosθ，可知，a′＜a，故AC正确，BD错误
11、BC
【解析】在水平方向两个平衡力作用处于静止状态，若其中一个力逐渐减小到0后，又逐渐恢复到原值，在此过程中，合力先增大后减小到0。
CD．由牛顿第二定律推断，加速度的大小先增大后减小到0，加速度的方向不变，故C正确，D错误；
AB．物体初速度为零，加速度先增大后减小到零，方向不变，则速度一直增大，最后加速度为零时，速度增大到某个定值，故B正确，A错误；
故选BC。
【点睛】根据牛顿第二定律判断其加速度的大小和方向，当加速度的方向与速度方向相同，做加速运动，当加速度的方向与速度方向相反，做减速运动。
12、AC
【解析】A.“14点42分”对应一个点，是时刻，“90分钟”对应一个线段，表示“时间”，故A正确；
B.卫星绕地球飞行一圈，位移是0，路程是周长，故B错误；
C.平均速度等于总位移除以总时间，属于卫星绕地球飞行一圈平均速度为0；不同位置的瞬时速度的不同，它在每一时刻的瞬时速度都不为0，故C正确；
D.地面卫星控制中心在对飞船进行飞行姿态调整时不能看成质点，否则没有姿态可言，故D错误

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.①④⑤⑥⑦⑨ ②.刻度尺、低压交流电源 ③.ABD ④.0.1 ⑤.0.34 ⑥.0.36 ⑦.0.40
【解析】（1）[1]根据意可知，本实验应需要打点计时器、细绳、纸带，小车、钩码以及长木板，由于不需要测量质量，故天平不需要，同时打点计时器需要的时交流电源，故直流电源不需要；同时打点计时器本身可以测量时间，故不需要秒表；故选择：①④⑤⑥⑦⑨；
[2]由于打点计时器需要交流电源，故还缺少交流电源，同时为了进行长度测量，应需要刻度尺；
（2）[3] AC．打点计时器在使用时，为了使打点稳定，同时为了提高纸带的利用率，使尽量多的点打在纸带上，要应先接通电源，再放开纸带，A正确，C错误；
B．在释放小车前，小车应靠近打点计时器能让纸带多打点，B正确；
D．要在小车到达定滑轮前使小车停止运动保护器材，D正确；
故选ABD。
（3）[4]相邻计数点间还有4个点没有画出，则计数点间的时间间隔T=0.1s，
[5]由匀变速直线运动的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，有：

[6]由平均速度的定义，可得DE段的平均速度为：

[7]由匀变速直线运动的判别式，结合四段位移由逐差法可得平均加速度：

14、 ①.（1）C ②.（2） D
【解析】(1)A、平衡摩擦力时，应将木板远离滑轮一端适当垫高，故A错误
B、做本实验要求砝码和砝码盘的总质量m要远小于小车的总质量M，这样才可以认为绳子上的拉力近似等于砝码和砝码盘的重力，故B错误
C、在平衡摩擦力时有:Mg=Mg，所以正确平衡摩擦力后，若改变小车质量M重复实验时，则不需要再次平衡摩擦力，故C正确
D、做实验时应先接通打点计时器的电源，然后释放小车，故D错误
故选C
(2)发现图线不过原点，可能是没有完全平衡摩擦力，或者就没有平衡摩擦力，使得小车在较小的拉力作用下还处于静止状态；图线不是直线，则是由于随着拉力的增大，砝码和砝码盘的总质量m逐渐增大，到一定程度就不能满足砝码和砝码盘的总质量m远小于小车的总质量M，使得图线发生了弯曲，故A、B、C错误，D正确
故选D
故答案为(1)C；(2)D
15、 ①.M≫m ②. ③.平衡摩擦力时木板倾角过大 ④.两小车及车上砝码的总质量不同
【解析】(1)[1]由牛顿第二定律得，对M、m组成的系统：

对M：

解得

当时，，即小车的质量远大于砝码和盘的总质量，绳子的拉力近似等于砝码和盘的总重力，因此实验时要保证；
(2)[2]据牛顿第二定律F=Ma，a与M成反比，而反比例函数图像是曲线，而根据曲线很难判定出自变量和因变量之间的关系，故不能作a-M图像；但，故a与成正比，而正比例函数图像是过坐标原点的一条直线，就比较容易判定自变量和因变量之间的关系，故应作图线；
(3)[3]当F等于零，但加速度不为零，知平衡摩擦力过度，或平衡摩擦力时木板倾角过大；
(4)[4]根据知，图线的斜率为小车质量的倒数，斜率不同，知两小车及车上砝码的总质量不同。

三．计算题(22分)
16、（1）10m/s（2）17m(3)15m
【解析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动．将1秒后的速度进行分解，根据vy=gt求出竖直方向上的分速度，再根据角度关系求出平抛运动的初速度；将落地的速度进行分解，水平方向上的速度不变，根据水平初速度求出落地时的速度；根据落地时的速度求出竖直方向上的分速度，运用vy=gt求出运动的时间，再根据x=v0t求出水平射程．再根据h=gt2求出抛出点距地面的高度.
【详解】（1）如图，水平方向vx=v0，竖直方向vy=gt，1s时速度与水平成45°角，即θ=45°

因为tan450=
所以v0=vy
初速度：v0=gt=10×1=10m/s
（2）落地时，
所以落地竖直速度
解得t=s
水平射程：
（3）抛出点距地面的高度
【点睛】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动．知道分运动和合运动具有等时性，掌握竖直方向和水平方向上的运动学公式
17、 (1)
(2)最终有7个铁块能留在木板上
(3)
【解析】(1)木板最初做匀速运动，则：

解得：

第l 块铁块放上后，木板做匀减速运动，加速度大小为a1，即有：

代人数据解得：

(2)设最终有n块铁块能静止在木板上．则木板运动的加速度大小为：

第1 块铁块放上后：

第2 块铁抉放上后：

第n块铁块放上后：

由上可得：

木板停下时，，解得：
n=6.6
即最终有7 块铁块放在木板上
(3)从放上第1块铁块至刚放上第7 块铁块的过程中，由（2）中表达式可得：

从放上第7 块铁块至木板停止运动的过程中，设木板发生的位移为d ，则：

联立解得：