天津市实验中学2026届高一物理第一学期期末学业水平测试试题含解析.doc

天津市实验中学2026届高一物理第一学期期末学业水平测试试题
考生请注意：
1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。
2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。
3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、如图所示，弹簧秤和细绳重力不计，不计一切摩擦，物体重，弹簧秤A和B读数分别为（ ）

A.10N ，0N B.10N，20N
C.10N，10N D.20N，10N
2、裁判员评判下列比赛成绩时，可将运动员视为质点的是
A.跳水 B.5公里越野
C.自由体操 D.太极拳
3、甲物体在5N的合外力作用下，产生2m/s2的加速度，乙物体在4N的合外力作用下，产生2m/s2的加速度，则下列说法正确的是（　　）
A.甲的惯性较大
B.乙的惯性较大
C.甲、乙两物体的惯性一样大
D.无法比较两物体的惯性大小
4、如图所示，用绳OA、OB和OC吊着重物 P处于静止状态，其中绳OA水平，绳OB与水平方向成θ角．现用水平向右的力F缓慢地将重物P拉起，用FA和FB分别表示绳OA和绳OB的张力，则（ ）

A.FA、FB、F均增大
B.FA增大，FB不变，F增大
C.FA不变，FB减小，F增大
D.FA增大，FB减小，F减小
5、一位同学去天安门广场观看升旗仪式。如图所示，他从灯市口（图中A位置）出发，沿东四南大街向南走到东单（图中B位置），然后沿西长安街向西到达天安门广场（图中C位置）．他利用网络地图的测距功能测得：A、B间的距离约为1.0km，B、C间的距离约为1.6km，A、C间的距离约为1.9km．由以上信息可知，他从灯市口到天安门广场的位移大小约为

A.2.6 km B.1.9 km
C.1.6 km D.1.0 km
6、已知物体在F1、F2、F3，三个共点力的作用下处于平衡状态，若F1=20 N，F2=28 N，那么F3的大小可能是
（ ）
A.40 N B.70 N
C.100 N D.6 N
7、相同的三块木块并排固定在水平面上，一颗子弹以速度水平射入，若子弹在木块中做匀减速直线运动，且穿过第三块木块后速度恰好为零，则子弹依次射入每块木块时的速度之比和穿过每块木块所用时间之比为（ ）
A.
B.
C.
D
8、一个物体同时受到同一个平面内的三个力的作用，下列几组力中其合力可能为零的是（ ）
A.5N 、7N 、8N B.2N 、4N 、8N
C.1N 、5N 、10N D.1N 、10N 、10N
9、如图所示，一物体被一根轻绳悬挂在天花板下处于静止状态，以下说法正确的是

A.物体所受重力与拉力是一对平衡力
B.物体所受重力与拉力是一对相互作用力
C.物体拉绳子的力和绳子拉物体的力是一对平衡力
D.绳子拉天花板的力和天花板拉绳子的力是一对相互作用力
10、在水平的路面上为一辆匀速行驶的小车，车上固定一盛满水的碗。现突然发现碗中的水洒出，水洒出的情况如图所示，则关于小车在此种情况下的运动，下列叙述正确的是（　　）

A.小车匀速向左运动 B.小车可能突然向左加速运动
C.小车可能突然向右减速运 D.小车可能突然向左减速运动
11、质点做直线运动的位移x与时间t的关系为x=5t+t2(各物理量均采用国际单位)，则
A.第1s内的位移是5m B.前2s内的平均速度是7m/s
C.任意相邻的1s内位移差都是1m D.任意1s内的速度增量都是2m/s
12、甲、乙两个物体从同一高度先后自由下落，不计空气阻力，则从乙释放后到甲落地前这段时间内（　　）
A.甲相对乙静止
B.甲相对乙做匀速直线运动
C.甲、乙之间的距离不断增大
D.甲、乙之间的速度差不断增大
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、质量是60kg的人站在升降机中的体重计上，则：
（1）当升降机匀速上升时体重计的读数为____N；
（2）当升降机以3m/s2的加速度匀加速上升时体重计的读数为____N；
（3）当体重计的读数是300N时，升降机的加速度大小为____m/s2，方向为竖直____（向上，向下）
14、为了探究物体质量一定时加速度与力的关系，甲、乙两同学设计了如图所示的实验装置。其中M为小车的质量，m为砂和砂桶的总质量，为滑轮的质量，力传感器可测出轻绳的拉力大小。

(1)关于此实验，下列说法中正确的是__________
A.实验前，一定先用天平测出砂和砂桶的质量
B.因为力传感器可测出拉力的大小，所以此实验不需要补偿阻力
C.实验时，小车应靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录力传感器的示数
D.为减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的总质量m远小于小车的质量M
(2)甲同学以力传感器的示数F为横坐标，加速度a为纵坐标，画出a－F图像是一条过原点的直线，已知图线的斜率，滑轮的质量，则小车的质量为（ ）

A.1.25kg B.2.30kg C.2.50kg D.1.05kg
15、某同学在做“互成角度的两个力的合成”的实验时，利用坐标纸记下了橡皮筋的结点位置O点以及两只弹簧测力计拉力的大小，如图 （a）所示
（1）试在图（a）中作出无实验误差情况下F1和F2的合力图示，并用F表示此力_______
（2）图（b）所示是甲和乙两位同学在做以上实验时得到的结果，其中哪一个比较符合实验事实？（力F′是用一只弹簧测力计拉时的图示）答：______

三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示，质量M=8kg的小车放在光滑水平面上，在小车左端加一水平推力F=8N，当小车向右运动的速度达到1.5m/s时，在小车前端轻轻地放上一个大小不计，质量为m=2kg的小物块，物块与小车间的动摩擦因数为0.2，小车足够长．求：

（1）小物块刚放上小车时，小物块及小车的加速度各为多大？
（2）经多长时间两者达到相同的速度？共同速度是多大？
（3）从小物块放上小车开始，经过t=1.5s小物块通过的位移大小为多少？（取g=10m/s2）
17、（10分）2019年9月，中国女排连克强手，取得十一连胜的骄人成绩，成功卫冕世界杯冠军。排球场地的数据如图（a）所示，在某次比赛中，一球员在发球区从离地高3.5m且靠近底线的位置将排球水平向前击出，排球的速度方向与水平方向夹角的正切值tan与排球运动时间t的关系如图（b）所示，排球可看成质点，忽略空气阻力，重力加速度g取10m/s2。
(1)求排球击出后0.2s内速度变化量的大小和方向；
(2)求排球初速度的大小；
(3)通过计算判断：如果对方球员没有碰到排球，此次发球是否能够直接得分。

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、C
【解析】对A：由重物平衡得到，弹簧的拉力大小FA=G=10N，则弹簧秤A的读数为10N
对B：由左侧重物（或右侧重物）平衡得到，弹簧的拉力大小FB=G=10N，则弹簧秤B的读数为10N
故选C
2、B
【解析】A.跳水运动员入水时身体是否竖直，要看运动员的动作，不能看成质点，所以A错误；
B.5公里越野时，运动员的大小和形状可忽略不计，可以看做质点，选项B正确；
CD.自由体操和太极拳都不能看成是质点，否则就没有动作了，所以CD错误；
故选B
3、A
【解析】由牛顿第二定律，甲的质量：
乙的质量：
质量大的物体所具有的惯性大，可知甲的惯性大于乙的惯性，故A正确，BCD错误
4、B
【解析】分别以重物和整个装置为研究对象，分析受力情况，作出力图，根据平衡条件分析三个力的变化
解：设重物的重力为G．以重物为研究对象，分析受力，如图1所示，根据平衡条件得：
F=Gtanα，α增大，F增大；
以三根绳子和重物整体为研究对象，分析受力如图2所示，根据平衡条件得：
FA=F+FBcosθ，FBsinθ=G，G、θ不变，则FB不变，FA增大
故选B

【点评】本题动态变化分析问题，首先要灵活选择研究对象，其次根据平衡条件得出力与α的关系式，采用的函数法，也可以运用图解法
5、B
【解析】位移是从始位置指向末位置的有向线段，则他从灯市口到天安门广场的位移大小等于A、C间的距离，约为1.9 km，故B项正确，ACD三项错误。
6、A
【解析】和的合力取值范围：，代入数据得8N≤F≤48N，40N在合力范围内，即的大小可能是40N，选项A正确，BCD错误；
故选A
【点睛】题关键抓住三力平衡时，三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线
7、BD
【解析】子弹匀减速穿过三木块，末速度为零，我们假设子弹从右向左作初速度为零的匀加速直线运动
则：子弹依次穿过3、2、1三木块所用时间之比：t3：t2：t1=1：（-1）：（ -）
得：子弹依次穿过1、2、3三木块所用时间之比：t1：t2：t3=（ -）：（-1）：1
设子弹穿过第三木块所用时间为1秒，则穿过3、2两木块时间为：t3+t2=秒，穿过3、2、1三木块时间为：t3+t2+t1=秒
则：子弹依次穿过3、2、1三木块时速度之比为：1：：
所以，子弹依次穿过1、2、3三木块时速度之比为：：：1
A.，与推导结果不符，故A错误；
B.，与推导结果相符，故B正确；
C ，与推导结果不符，故C错误；
D.，与推导结果相符，故D正确；
8、AD
【解析】A．5N与7N合成时，合力最大12N，最小2N，可能为8N，故三个力合力可能为零，故A正确；
B．4N与2N合成时，合力最大6N，最小2N，不可能8N，故三个力合力不可能为零，故B错误；
C．1N与5N合成时，合力最大6N，最小4N，不可能为10N，故三个力合力不可能为零，故C错误；
D．1N与10N合成时，合力最大11N，最小9N，可能为10N，故三个力合力可能为零，故D正确；
故选AD。
【点睛】本题关键明确二力合成时，合力范围为：|F1-F2|≤F≤|F1+F2|；两力同向时合力最大，反向时合力最小
9、AD
【解析】以物体为对象，受到竖直向下的重力和竖直向上的拉力，并处于平衡状态
A.根据平衡可知物体所受重力与拉力是一对平衡力，故A正确；
B.物体所受重力与拉力作用在同一物体上是一对平衡力，故B错误
CD.物体拉绳子的力和绳子拉物体的力作用在两个物体上，大小相等方向相反，是一对相互作用力，故C错误；D正确
故选AD
10、BC
【解析】A．若小车匀速向左运动，则水也匀速运动，速度相等，不会从碗中的水洒出，故A错误；
B．小车突然向左加速，由于惯性，水还没有来得及加速，所以小车向左的速度大于水向左的速度，水将向右洒出，故B正确；
C．小车突然向右减速，由于惯性，水还没有来得及减速，所以小车向右的速度小于水向右的速度，水将向右洒出，故C正确；
D．小车突然向左减速，由于惯性，水还没有来得及减速，所以小车向左的速度小于水向左的速度，水应向左洒出，故D错误。
故选BC。
11、BD
【解析】A．根据

得质点的加速度
a=2m/s2，
第1s内的位移为

故A错误；
B．第2s末的速度为

所以前2s内的平均速度

故B正确；
C．任意相邻1s内的位移差

故C错误；
D．任意1s内速度的增量
△v=at=2×1m/s=2m/s
故D正确
12、BC
【解析】设乙运动的时间为t，则甲运动时间为t+△t，时间间隔为，则两球的相对速度，所以甲相对乙的运动是匀速直线运动，二者之间的距离为：，则可知甲、乙之间距离随时间均匀增大，故BC正确，AD错误

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.600 ②.780 ③.5 ④.向下
【解析】（1）[1]升降机匀速上升，受力平衡，则
FN=mg=600N；
（2）[2]升降机加速上升，加速度方向向上，支持力大于重力，根据牛顿第二定律得：
FN1−mg=ma1
可得：
FN1=m(g+a1)=60(10+3)N=780N；
（3）[3]当体重计的读数是300N时，小于600N，人处于失重状态，则加速度方向向下；
[4]根据牛顿第二定律得：
mg−FN2=ma2
解得：

14、 ①.C ②.B
【解析】(1)[1]A．实验时，因用力传感器可测得小车的拉力，故没必要用天平测出砂和砂桶的质量；选项A错误；
B．力传感器可测出拉力的大小，但仍需要平衡摩擦力；故B错误；
C．小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录力传感器的示数，故C正确；
D．实验时，因力传感器可测得小车的拉力，故没必要保证砂和砂桶的质量m远小于小车的质量M，故D错误。
故选C。
(2)[2]由图根据牛顿第二定律有

所以有

代入数据可解得M=2.3kg，故B正确，ACD错误。
故选B。
15、 ①.（1）如图；
②.（2）甲
【解析】（1）以F1和F2为邻边作平行四边形，与F1和F2共点的对角线表示合力F，标上箭头．如图所示

（2）用平行四边形定则求出的合力可以与橡皮条拉力的方向有偏差，但用一只弹簧测力计拉结点的拉力与橡皮条拉力一定在同一直线上，故甲符合实验事实

三．计算题(22分)
16、（1）2m/s2，0.5m/s2（2）1s，2m/s（3）2.1m
【解析】(1)利用牛顿第二定律求的各自的加速度；
(2)根据匀变速直线运动的速度时间公式以及两物体的速度相等列式子求出速度相等时的时间，在将时间代入速度时间的公式求出共同的速度；
(3) 根据先求出小物块在达到与小车速度相同时的位移，再求出小物块与小车一体运动时的位移即可
【详解】(1) 根据牛顿第二定律可得
小物块的加速度：
m/s2
小车的加速度：
m/s2
(2)令两则的速度相等所用时间为t，则有：

解得达到共同速度的时间：t=1s
共同速度为：
m/s
(3) 在开始1s内小物块的位移
m
此时其速度：
m/s
在接下来的0.5s小物块与小车相对静止，一起做加速运动且加速度：
m/s2
这0.5s内的位移：
m
则小物块通过的总位移:
m
【点睛】本题考查牛顿第二定律的应用，解决本题的关键理清小车和物块在整个过程中的运动情况，然后运用运动学公式求解．同时注意在研究过程中正确选择研究对象进行分析求解
17、 (1)=2m/s，方向竖直向下；(2)=20m/s；(3)过程见解析
【解析】(1)速度变化量为

方向与重力加速度方向相同即竖直向下
(2)由平抛运动规律有

由图像可知

联立解得
=20m/s
(3)由平抛运动规律有

解得
m≈1m<1.26m或者m≈10m>9m
所以不触网，且

解得
=4.05m>3.5m或者m≈16.7m<18m
所以不越界