四川省双流县棠湖中学2026届高一上物理期末统考试题含解析.doc

四川省双流县棠湖中学2026届高一上物理期末统考试题
考生须知：
1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。
2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。
3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、在物理学的重大发现中科学家们创造出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法和科学假说法、建立物理模型法等等，以下关于所用物理学研究方法的叙述不正确的是（ ）
A.在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫科学假说法
B.根据速度定义式，当时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义运用了极限思维法
C.伽利略认为自由落体运动就是物体在倾角为90°的斜面上的运动，再根据铜球在斜面上的运动规律推理得出自由落体的运动规律，这是采用了实验和逻辑推理相结合的方法
D.在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程等分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里运用了微元法
2、下列关于作用力和反作用力的说法中，正确的是（ ）
A.物体相互作用时，先有作用力，后有反作用力
B.作用力和反作用力的合力为零，即两个力的作用效果可以互相抵消
C.鸡蛋碰石头时，鸡蛋对石头的作用力与石头对鸡蛋的作用力大小是相等的
D.马能将车拉动，是因为马拉车的力大于车拉马的力
3、类比是一种常用的研究方法，对于直线运动，我们学习了由v-t图象求位移的方法。如图所示，甲、乙两个物体静止开始做某直线运动时的v-t图象、a-t图象，根据图象，可以判断以下说法正确的是（ ）

A.甲物体在5s末回到了出发点 B.甲物体在5s内的位移是9m
C.乙物体在1s末的速度是1m/s D.乙物体在4s末的速度是2m/s
4、一辆汽车以2m/s2的加速度做匀减速直线运动，经过2s(汽车未停下)汽车行驶了32m，汽车开始减速时的速度是(　　)
A.9m/s
B.18m/s
C.20m/s
D.12m/s
5、关于力的分解，下列说法正确的是（ ）
A.一个2N的力可以分解为6N和3N的两个共点力
B.一个2N的力可以分解为5N和4N的两个共点力
C.一个10N的力可以分解为5N和4N的两个共点力
D.一个10N力可以分解为15N和4N的两个共点力
6、对于大小分别为7N和9N的两个力（　　）
A.合力不可能为3N
B.合力不可能为9N
C.合力一定为16N
D.合力可能为2N
7、如图甲所示，绷紧的水平传送带始终以恒定速率运行。初速度大小为的物块从与传送带等高的光滑水平地面上的处滑上传送带。若从小物块滑上传送带开始计时，物块在传送带上运动的图像（以地面为参考系）如图乙所示。已知，则（　　）

A.时刻，小物块离处的距离达到最大
B.时刻，小物块相对传送带滑动的距离达到最大
C.时间内，小物块始终受到大小和方向始终不变的摩擦力作用
D.时间内，小物块始终受到大小不变的摩擦力作用
8、如下图所示，在粗糙水平地面上放着一个截面为四分之一圆弧的柱状物体A，A的左端紧靠竖直墙，A与竖直墙壁之间放一光滑球B，整个装置处于静止状态．若把A向右移动少许后，它们仍处于静止状态，则(　 　)

A.A对B的支持力减小 B.A对B的支持力增大
C.墙对B的弹力减小 D.墙对B的弹力增大
9、质量为50kg的某同学站在升降机中的磅秤上，某一时刻该同学发现磅秤的示数为40kg，则在该时刻升降机可能是以下列哪种方式运动？（）
A.加速下降 B.加速上升
C.减速上升 D.减速下降
10、如图所示，一个小球用轻弹簧拴住，弹簧上端栓在天花板上且处于竖直方向，小球底部和地面接触，则小球可能受到力的个数为（ ）

A.1个
B2个
C.3个
D.4个
11、如图所示，为一个可以乘坐二十多人的在竖直柱子上的巨型娱乐器械，可以使人体验超重和失重状态。由升降机将环形座舱送到离地面75m的高处，然后让座舱无摩擦的自由落下，落到离地面30m的位置时，制动系统启动，座舱做匀减速运动，到地面时刚好停下，若座舱中某人用手托着质量为0.2kg的手机，取g=10m/s2，则（　　）

A.当座舱落到离地面45m的位置时，手掌对手机的支持力为0
B.当座舱落到离地面45m的位置时，手掌对手机的支持力为2N
C.当座舱落到离地面15m位置时，手掌对手机的支持力为3N
D.当座舱落到离地面15m的位置时，手掌对手机的支持力为5N
12、某质点做匀变速直线运动的位移x与时间t的关系式为x＝7t+5t2，x与t单位是m和s，则该质点
A.第1s内的位移是12m
B.前2s内的平均速度是34m/s
C.任意相邻1s内的位移差都是10m
D.任意ls内的速度增量都是10m/s
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、在《探究加速度与力、质量的关系》实验中采用如图所示的装置

（1）本实验应用的实验方法是_________
A．假设法 B．理想实验法
C．控制变量法 D．等效替代法
（2）下列说法中正确的是________（选不全得1分）
A．平衡摩擦力时，应将盘及盘中的砝码用细绳通过定滑轮系在小车上
B．每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力
C．实验时，先放开小车，再接通打点计时器电源
D．在每次实验中，应使小车和砝码的质量远大于砂和小桶的总质量
（3）如下图所示是某一次打点计时器打出一条记录小车运动的纸带，取计数点A、B、C、D、E．纸带上两相邻计数点的时间间隔为T = 0.10s，用刻度尺测量出各相邻计数点间的距离分别为AB=1.21cm，BC=1.83 cm，CD=2.41 cm，DE=3.03 cm，则小车运动的加速度大小=__________m/s2，打纸带上B点时小车的瞬时速度大小=__________________m/s．(结果均保留两位小数)

（4）某同学测得小车的加速度和拉力F的数据后,依照数据正确画出-F图像如图所示，（小车质量保持不变）图线不过原点的原因可是____________________________________________________

14、下表是某同学为探索弹力和弹簧伸长的关系所测的几组数据：
弹力F/N
0.5
1.0
1.5
2.0
2.5
弹簧的伸长x/cm
2.6
5.0
6.8
9.8
12.4
（1）请在图中的坐标系上作出F-x图象_____________________________________.

（2）写出图象所代表的函数_________.（x用m作单位）
（3）解释函数表达式中常数的物理意义:_______________________________________
15、某同学设计了一个如图所示装置测定滑块与木板间的动摩擦因数，其中A为滑块，B和C是质量可调的砝码，不计绳和滑轮的质量及它们之间的摩擦，装置水平放置．实验中该同学在砝码总质量（m＋m′＝m0）保持不变的条件下，改变m和m′的大小，测出不同m下系统的加速度，然后通过实验数据的分析就可求出滑块与木板间的动摩擦因数

（1）该同学手中有电磁打点计时器、纸带、质量已知且可随意组合的砝码若干、滑块、一端带有定滑轮的长木板、细线，为了完成本实验，得到所要测量的物理量，还应有（ ）
A．秒表　　　　 B．毫米刻度尺　　　　C．天平　　　　D．低压交流电源
（2）实验中，该同学得到一条较为理想的纸带，如图所示，从清晰的O点开始，每隔4个点取一计数点（中间4个点没画出），分别记为A、B、C、D、E、F，各计数点到O点的距离为OA＝1.61 cm，OB＝4.02 cm，OC＝7.26 cm，OD＝11.30 cm，OE＝16.14 cm，OF＝21.80 cm，打点计时器打点频率为50 Hz，则由此纸带可得到打E点时滑块的速度v＝______m/s，此次实验滑块的加速度a＝_____m/s2.（结果均保留两位有效数字）

（3）在实验数据处理中，该同学以m为横轴，以系统的加速度a为纵轴，绘制了如图所示的实验图线，结合本实验可知滑块与木板间的动摩擦因数μ＝_______.（g取10 m/s2）

三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示，物体的质量m=10kg，与水平地面间的动摩擦因数为μ=0.5，在倾角为37°，F=50N的恒力作用下，由静止开始匀加速直线运动，求：
（1）物体做匀加速直线运动时的加速度大小；
（2）4s末物体的速度大小？
（3）4s末撤去拉力后，物体还能在水平地面上滑多远？（g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）

17、（10分）两个共点力，力F1＝45N，方向水平向右。力F2＝60N，方向竖直向下。求它们的合力（用图示法和计算法两种方法）
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、A
【解析】A．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法，采用了建立理想化的物理模型的方法，故A说法错误；
B．根据速度定义式，当△t非常非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，这是应用了极限思想方法，故B说法正确；
C．伽利略认为自由落体运动就是物体在倾角为90°的斜面上的运动，再根据铜球在斜面上的运动规律推理得出自由落体的运动规律，这是采用了实验和逻辑推理相结合的方法，故C说法正确；
D．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程等分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里运用了微元法，故D说法正确。
所以选A。
2、C
【解析】作用力和反作用力是同时产生同时消失，同性质，大小相等方向相反，作用在两个物体上，根据以上可以判断出来C对．作用力和反作用力不可以合成（因为作用在两个物体上）B错，马能将车拉动，是因为马拉车的力大于车受到的摩擦力，D错
3、C
【解析】A．由图甲可知，前5s内甲物体的速度方向不变，位移不为零，故A错误；
B．图像与时间轴所围面积表示位移，即为

故B错误；
C．图像与时间轴所围面积表示速度变化量，所以乙在1s末的速度为

故C正确；
D．内乙物体的做匀加速直线运动，由速度公式可得

故D错误。
故选C。
4、B
【解析】汽车做匀减速直线运动，由匀变速直线运动的位移公式：
x＝v0t－at2，
代入数据，解得：
v0＝18m/s
故选B。
5、B
【解析】根据力的平行四边形定则，结合两个分力的合力在两个分力之差与两个分力之和之间，分析可能情况。
【详解】A.6N和3N的合力范围是3N≤F合≤9N，所以不可能是大小为2N的力分解而得，选项A错误；
B.5N和4N的合力范围是1N≤F合≤9N，所以可能是大小为2N的力分解而得，选项B正确；
C.5N和4N的合力范围是1N≤F合≤9N，所以不可能是大小为10N的力分解而得，选项C错误；
D.15N和4N的合力范围是11N≤F合≤19N，所以不可能是大小为10N的力分解而得，选项D错误。
故选B。
6、D
【解析】当夹角为零时合力最大，最大值为9N+7N=16N；当夹角180°时合力最小，最小值为9N-7N=2N；故合力介于2N至16N之间，故D正确，ABC错误
7、BC
【解析】A．t1时刻小物块向左运动到速度为零，离A处的距离达到最大，故A错误；
B．t2时刻前小物块相对传送带向左运动，之后相对静止，故t2时刻，小物块相对传送带滑动的距离达到最大，故B正确；
C．在0~t1时间内小物块向左减速受向右摩擦力作用，在t1-t2时间内小物块向右加速运动，受到向右的摩擦力作用，且摩擦力大小不变，故C正确；
D．由图知，t2~t3小物块做匀速直线运动，此时受力平衡，小物块不受摩擦力作用，故D错误。故选BC。
8、AC
【解析】对小球B受力分析，作出平行四边形如图所示：

A滑动前，B球受墙壁及A的弹力的合力与重力大小相等，方向相反；如图中实线所示；而将A向外平移后，B受弹力的方向将上移，如虚线所示，但B仍受力平衡，由图可知A球对B的弹力及墙壁对球的弹力均减小；故A正确，B错误；
以AB为整体分析，水平方向上受墙壁的弹力和地面的摩擦力而处于平衡状态，弹力减小，故摩擦力减小，故C正确，D错误；
故选AC
9、AC
【解析】质量为50kg，这是人的真实的质量，发现磅秤的示数是40kg，说明人的重力小了，是处于失重状态，所以应该有向下的加速度，那么此时的运动可能是向下加速运动，也可能是向上减速运动，所以AC正确。
故选AC。
10、BC
【解析】小球与弹簧和地面两个物体接触，当弹簧的拉力与重力相等时，地面对小球没有弹力；当弹簧的拉力小于小球的重力时，地面对小球有支持力
【详解】AB、当弹簧的拉力与重力相等时，地面对小球没有弹力，物体受重力和一个弹力，共受2个力作用．故A错误，B正确；
C.当弹簧的拉力小于小球的重力时，地面对小球有支持力，物体受到重力和两个弹力，此时受3个力作用．故C正确
D.小球与弹簧和地面两个物体接触，小球最多受到两个弹力．即最多受3个力的作用．故D错误
故选BC.
11、AD
【解析】AB．由题意知当座舱落到离地面45m的位置时，座舱还在自由下落过程中，此时加速度为g，人和手机处于完全失重状态，手掌对手机的支持力为0，故A正确，B错误；
CD．当座舱落到离地面15m的位置时，座舱处于匀减速运动阶段，根据自由落体运动公式可知座舱落到离地面30m的位置时速度为

代入数据可得v=30m/s；在匀减速运动过程中有

可得匀减速运动的加速度大小为a=15m/s，此过程中对手机根据牛顿第二定律有

代入数据解得N=5N，即手掌对手机的支持力为5N，故C错误，D正确。
故选AD。
12、ACD
【解析】将t＝1s代入到x＝7t+5t2中得到第1s内的位移；将t＝2s代入到x＝7t+5t2中得到前2s内的位移，在根据求平均速度；由推论△x=aT2，研究任意相邻1s内的位移差．速度增量△v=at
【详解】将t＝1s代入到x＝7t+5t2中得到第1s内的位移x1＝12m，故A正确；将t＝2s代入到x＝7t+5t2中得到前2s内的位移x2＝34m，前2s内的平均速，故B错误．将x＝7t+5t2与匀变速直线运动的位移公式x＝v0t+at2对照得到：初速度v0＝7m/s，加速度a＝10m/s2，则任意相邻1s内的位移差是△x＝aT2＝10×12m＝10m，故C正确；任意1s内的速度增量△v＝at＝10×1m/s＝10m/s，故D正确．所以ACD正确，B错误
【点睛】本题考查对匀变速直线运动位移公式的掌握程度和应用能力，以及对加速度的理解能力

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.C ②.BD ③.0.60 ④.0.15 ⑤.“平衡摩擦力不足”（或“未平衡摩擦力”或“木板垫得不够高”）
【解析】（1）加速度与物体质量、物体受到的合力有关，在探究加速度与物体质量、受力关系的实验中，应该使用控制变量法；
（2）当小车的质量远大于砝码盘和砝码的总质量时，才能近似认为细线对小车的拉力大小等于砝码盘和砝码的总重力大小；平衡摩擦力时，不能挂盘，实验过程中，先接通打点计时器电源再放开小车，小车的加速度应由纸带求出；
（3）根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中，中间时刻的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上B点时小车的瞬时速度大小；
（4）根据图象，小车上加拉力时加速度仍为零，故图象不过坐标原点的原因可能是没有平衡摩擦
【详解】（1）探究加速度与力的关系时，要控制小车质量不变而改变拉力大小；探究加速度与质量关系时，应控制拉力不变而改变小车质量，这种实验方法是控制变量法．故选C
（2）平衡摩擦力时，小车上不应该挂砝码，只让小车拖着纸带做匀速运动即可，故A错误；在实验前平衡一次摩擦力即可，每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力，故B正确；实验时，先接通打点计时器电源再放开小车，故C错误；在每次实验中，应使小车和砝码的质量远大于砂和小桶的总质量，以使得小车的拉力近似等于砝码的重力．故D正确；故选BD
（3）根据作差法可知，小车运动的加速度大小为：，
打纸带上B点时小车的瞬时速度大小为：
（4）由图线可看出，小车上加拉力时还没有加速度，故图象不过坐标原点的原因可能是没有平衡摩擦力或者平衡摩擦力不够
【点睛】探究加速与力的关系实验时，要平衡摩擦力、应根据纸带求出小车的加速度，掌握实验的实验注意事项是正确解题的关键．要掌握常用的科学探究方法，提高我们的实验探究能力
14、 ①.如图所示：
②.F=20x ③.使弹簧伸长（或压缩）1m时，所需拉力为20 N
.
【解析】根据已有数据选好坐标轴每格所代表的物理量的多少，是作好图象的关键，作图象的方法：用平滑的曲线（或直线）将坐标纸上的各点连接起来，若是直线，应使各点均匀分布于直线两侧，偏离直线太大的点，应舍弃掉.
（1）将x轴每一小格取为1cm，y轴每一小格取为0.25N，将各点点到坐标纸上，并连成直线，如下图所示.

（2）由图象得：
（3）函数表达式中的常数：表示使弹簧伸长（或压缩）1 m所需的拉力为20 N.
15、 (1).BD (2).0.53 (3).0.81 (4).0.3
【解析】(1)[1].A.打点计时器通过打点即可知道时间，故不需要秒表，故A错误
B.实验需要测量两点之间的距离，故需要毫米刻度尺和，故B正确
C.本实验中可以不测滑块的质量，而且砝码的质量已知，故天平可以不选，故C错误
D.电磁打点计时器要用到低压交流电源，故D正确
(2)[2].每隔4个点取一计数点，相邻计数点之间的时间间隔为0.1s，故用平均速度等于中间时刻的瞬时速度可得：

[3].由△x=at2可得：

(3).对ABC系统应用牛顿第二定律可得：

所以a-t图象中，纵轴的截距为-μg，故-μg=-3，
解得：
μ=0.30

三．计算题(22分)
16、（1）05m/s2（2）2.0m/s；（3）0.4m
【解析】根据牛顿第二定律求出物体做加速运动的加速度，结合速度时间公式求出撤去拉力时的速度，再根据牛顿第二定律求出撤去F后的加速度，结合速度时间公式求出物体还能滑行的距离
【详解】（1）以物体为研究对象进行受力分析如图所示，设物体加速运动的加速度为a，

根据牛顿第二定律得，物体做加速运动的加速度为：Fcos37°-μ（mg-Fsin37°）=ma，
解得a=0.5m/s2
（2）4s末的速度为：v=at=2.0m/s；
（3）根据牛顿第二定律得，撤去F后的加速度为：a′=μg=5m/s2，
则物体还能滑行的距离为：
【点睛】题考查了牛顿第二定律和运动学公式的综合，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁
17、
【解析】图示法：取单位长度表示15N，以两分力为邻边做平行四边开，对角线表是合力，求得合力F=5ⅹ15N=75N

计算法：
力F1和力F2相互垂直，由勾股定理得：