2025-2026学年上海市嘉定区嘉一中物理高一上期末复习检测试题含解析.doc

2025-2026学年上海市嘉定区嘉一中物理高一上期末复习检测试题
注意事项
1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．
2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．
3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．
4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．
5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、在奥运比赛项目中，高台跳水是我国运动员的强项。质量为m的跳水运动员进入水中后受到水的阻力而做减速运动，设水对他的阻力大小恒为F，当地的重力加速度为g，那么在他减速下降高度为h的过程中，下列说法正确的是（　　）
A.他的动能减少了Fh
B.他的重力势能增加了mgh
C.他机械能减少了（F－mg）h
D.他的机械能减少了Fh
2、一辆汽车以20m/s的速度在平直的公路上行驶，当驾驶员发现前方有险情时，立即进行急刹车，刹车后的速度v随刹车位移x的变化关系如图所示，设汽车刹车后做匀减速直线运动，则当汽车刹车后的速度减小为12m/s时，刹车的距离x1为

A.12m B.12.8m
C.14m D.14.8m
3、质点在直线上运动的s－t图象如图所示，下列说法正确的是

A.第1s末质点离出发点最远
B.第3s内和第4s内质点的速度方向相同
C.第3s末质点运动的速度为零
D.前5s内质点的平均速度大小为1 m/s
4、如图所示，一小球从A点由静止开始沿斜面向下做匀变速直线运动，若到达B点时速度为v，到达C点时速度为2v，则xAB：xBC等于（）

A.1：1 B.1：2
C.2：3 D.1：3
5、下列关于惯性的说法中不正确的是（　　）
A.同一物体静放在光滑面上比在粗糙面上的惯性大
B.一千克铜块与一千克铁块惯性大小相同
C.物体静止时和运动时都有惯性
D.一个物体被从地球带上月球后，惯性大小不变
6、如图所示，在一辆表面光滑且足够长的小车上，有质量分别为m1和m2的两个小球A、B随小车一起做匀速直线运动，（m1>m2）当小车突然停止时，如不考虑其他阻力，小车足够长，则两个小球

A.一定相碰
B.一定不相碰
C.不一定相碰
D.是否相碰与车速度的方向有关
7、将一个力F=5N分解为两个不为零的力Fl、F2，下列分解情况中哪些是可能的（）
A.F1=10N ，F2=10N B.Fl=3N ，F2=14N
C.Fl、F2与F同一直线上 D.Fl、F2同时与F垂直
8、如图所示，水平长传送带始终以v匀速运动，现将一质量为m可视为质点的物体，轻放于A端，此时物体与传送带接触点为O，物体与传送带之间的动摩擦因数为μ，AB长为L，物体从A端到B端的运动过程先加速再匀速，下列说法正确的是

A.物体先受到向右的滑动摩擦力，而后受到静摩擦力
B.在物体加速运动过程中，物体与传送带接触点O的位移大小是物体位移大小的2倍
C.若每次逐渐提高传述带速度v，则物体在加速阶段中的加速度大小不变
D.若每次逐渐提高传送带速度v，则物体从A端到B端的时间越来越小
9、电灯悬于两壁之间，保持O点及OB绳的位置不变，而将绳端A点向上移动，则

A.绳OA所受的拉力先增大后减小 B.绳OA所受的拉力先减小后增大
C.绳OB所受的拉力一定逐渐增大 D.绳OB所受的拉力一定逐渐减小
10、如图，重物的质量为m，轻细线AO和BO的A、B端是固定的。平衡时，AO是水平的，BO与水平面的夹角为。AO的拉力和BO的拉力的大小是（ ）

A.=mgsin B.
C.=mgsin D.=
11、如图所示，小车M在恒力F作用下，沿水平地面做直线运动，由此可判断(　 　)

A.若地面光滑，则小车一定受三个力作用
B.若地面粗糙，小车也可以不受摩擦力作用
C.若小车做匀速运动，则小车一定受四个力的作用
D.若小车做匀速运动，则小车可能受三个力的作用
12、如图甲所示，足够长的木板B静置于光滑水平面上，其上放置小滑块A，滑块A受到随时间t变化的水平拉力F作用时，滑块A的加速度a与拉力F的关系图象如图乙所示．滑块A的质量记作mA，长木板B的质量记作mB，则（　　）

A.mA＝1kg
B.mB＝3kg
C.A、B间动摩擦因数μ＝0.5
D.F＞10N之后，B的加速度为2m/s2
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、下表是某同学为探索弹力和弹簧伸长的关系所测的几组数据：
弹力F/N
0.5
1.0
1.5
2.0
2.5
弹簧的伸长x/cm
2.6
5.0
6.8
9.8
12.4
（1）请在图中的坐标系上作出F-x图象_____________________________________.

（2）写出图象所代表的函数_________.（x用m作单位）
（3）解释函数表达式中常数的物理意义:_______________________________________
14、利用下列器材设计实验验证力的平行四边形定则：
器材：三根完全相同的轻质弹簧（每根弹簧的两端均接有适当长度的细绳套），几个小重物，一把刻度尺，一块三角板，一枝铅笔，一张白纸，几枚钉子
（1）按下列步骤进行实验，请在横线上将步骤补充完整：
①用两枚钉子将白纸（白纸的上边沿被折叠几次）钉在竖直墙壁上，将两根弹簧一端的细绳套分别挂在两枚钉子上，另一端的细绳套与第三根弹 簧一端的细绳套连接．待装置静止后，用刻度尺测出第三根弹簧两端之间的长度，记为L0；
②在第三根弹簧的另一个细绳套下面挂一个重物，待装置静止后，用铅笔在白纸上记下结点的位置O和三根弹簧的方向．用刻度尺测出第一、二、三根弹簧的长度L1、L2、L3，则三根弹簧对结点O的拉力之比为_________________；
③取下器材，将白纸平放在桌面上．用铅笔和刻度尺从O点沿着三根弹簧的方向画直线，按照一定的标度作出三根弹簧对结点O的拉力F1、F2、F3的图示．以_________________作一平行四边形，量出_________________的长度，换算出对应的力F;
④测量发现F与F3在同一直线上，大小接近相等，则实验结论为：_________________；
（2）若钉子位置固定，利用上述器材，改变条件再次验证，可采用的办法是_________________  ；
（3）分析本实验的误差来源，写出其中两点：_________________，_________________
15、“验证力的平行四边形定则”的实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条与细绳的结点，OB和OC为细绳．图乙是在白纸上根据实验结果画出的图

（1）图乙中的F与F′两力中，方向一定沿AO方向的是_____
（2）本实验采用的科学方法是_____
A．理想实验法                B．等效替代法
C．控制变量法               D．建立物理模型法
（3）某同学在做该实验时有下面的一些想法，其中不正确的是_____
A．拉橡皮条的细绳要长一些，且必须等长
B．拉橡皮条时，弹簧秤、橡皮条、细绳应与木板平行
C．橡皮条弹性要好，拉结点到达某一位置O时，拉力要适当大些
D．拉力F1和F2的夹角越大越好
（4）为提高实验结论的可靠性，在多次实验时，结点O的位置_____（填“可以”或“不可以”）变动
三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示，水平桌面上有一薄木板，它的右端与桌面的右端相齐，在薄木板的中央有一个小滑块（可视为质点），整个装置处于静止状态．某时刻起对薄木板施加一个向右的拉力F使木板向右运动，已知拉力F=4.5N时，小滑块与木板之间恰好发生相对滑动．薄木板的质量M=1.0kg，长度L=1.0m，小滑块的质量m=0.5kg，小滑块与桌面、薄木板与桌面之间的动摩擦因数均为μ1=0.2，设滑动摩擦力等于它们之间的最大静摩擦力，重力加速度g=10m/s2．求：
（1）拉力F=3.6N时，m与M的加速度各为多大；
（2）小滑块与薄木板之间的动摩擦因数μ2；
（3）若使小滑块脱离木板但不离开桌面，拉力F应满足的条件。

17、（10分）请证明下列问题:

(1)我们已经知道，作为自由落体加速度，g的单位是m/s2；但我们在初中学过，作为质量与物体所受重力的比例系数，g的单位是N/kg．请证明:1m/s2=1N/kg
(2)一个物体静止地放在台式弹簧秤上，如图所示，试证明物体对弹簧秤的压力等于物体所受的重力(证明时在图上标出所涉及的力)
(3)若把该装置放在以加速度a加速上升的电梯里，试证明物体对台秤的压力大于其重力，即物体处于超重状态
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、D
【解析】由题可知本题考查功能关系。
【详解】A．运动员进入水中后，克服合力做的功等于动能的减小量，故动能减小，故A错误；
B．运动员进入水中后，重力做功，故重力势能减小，故B错误；
CD．运动员进入水中后，除重力外，克服阻力做功Fh，故机械能减小Fh，故C错误，D正确。
故选D。
2、B
【解析】由题意可知，汽车做匀减速直线运动，设加速度大小a，由公式，其中，代入解得：，
当时，汽车刹车的位移为，故B正确
故选B
3、B
【解析】位移时间图象表示物体的位置随时间的变化情况，图象上的任意一点表示该时刻的位置，图象的斜率表示该时刻的速度，斜率的正负表示速度的方向.
【详解】A．由图象可知，质点先向正方向做匀速直线运动，第1s末运动到x=3m处，第1-2s内处于静止，第2s末开始向负方向做匀速直线运动，第5s末运动到x=-6m处，故A错误；
BC．第2s-5s内质点向负方向做匀速直线运动，故B正确，C错误；
D．前5s内质点的位移为△x=x2-x1═-6m-0m=-6m，则平均速度大小为，故D错误.
故选B.
【点睛】理解位移-时间图象点和斜率的物理意义的同时，还要理解好速度-时间图象的点、线、面的物理意义.要明确位移图象的斜率等于速度.
4、D
【解析】根据匀变速直线运动的速度位移公式知

所以
AB：AC=1：4
则
AB：BC=1：3
故ABC错误，D正确。
5、A
【解析】AC．惯性大小的唯一量度是质量，与物体放在什么位置、是否运动、运动速度的大小无关，选项A错误，C正确；
B．惯性大小的唯一量度是质量，一千克铜块与一千克铁块质量相同，则惯性相同，选项B正确；
D．惯性大小的唯一量度是质量，将物体从地球带到月球上，物体的惯性大小不会改变，选项D正确。
本题选不正确的，故选A。
6、B
【解析】车停止前，两小球和小车一起做匀速运动，两小球和小车具有共同的速度。当小车突然停止时，由于小车表面光滑，两小球由于惯性，还要保持原来大小不变的速度做匀速直线运动，因此一定不会相碰。
故选B。
7、AC
【解析】10N和10N的合力范围是[0,20N]，而5N在合力范围内，可知5N的力可能分解为两个10N的力，选项A正确；3N和14N的合力范围是[11N，17N]，而5N不在合力范围内，可知5N的力不能分解为3N和14N的力，选项B错误；Fl、F2与F可以在同一直线上，选项C正确；Fl、F2不可能同时与F垂直，选项D错误
8、BC
【解析】A．当物体加速过程，滑动摩擦力为动力，方向向右，匀速过程物体和传送带之间没有相对运动或相对运动趋势，不受摩擦力作用，A错误；
B．接触点O，做匀速直线运动，设物体加速时间为t，则这段时间内O点的位移为：
，
而物体做初速度为零，末速度为v的匀加速运动，故位移为：
，
所以：
，
B正确；
C．物体在传送带给的滑动摩擦力作用下做加速运动，故加速度为：
，
与传送带的速度无关，故物体加速运动的加速度恒定不变，C正确；
D．无论传送带的速度怎么增大，物体从A端运动到B端的位移恒定不变，物体做加速运动的时间：
，
速度增大，加速时间减小；
加速过程中的位移，增大，所以物体匀速过程中的位移：
，
即匀速运动过程中的位移减小，故匀速过程所用时间
，
也减小，所以物体从A端运动到B端的时间在不断减小，但是，当速度增加到一定值后，使得物块在传送带上始终做加速运动时，时间最小，之后再增大速度，物块仍做加速度不变的匀加速直线运动，位移不变，所以所用时间不变，即若每次逐渐提高传送带速度v，则物体从A端到B端的时间先减小后不变，D错误；
故选BC。
9、BD
【解析】以O点位研究对象，处于平衡装态，根据受力平衡，有：

由图可知，绳子OB上的拉力逐渐减小，OA上的拉力先减小后增大。
A．绳OA所受的拉力先增大后减小，与结论不相符，选项A错误；
B．绳OA所受的拉力先减小后增大，与结论相符，选项B正确；
C．绳OB所受的拉力一定逐渐增大，与结论不相符，选项C错误；
D．绳OB所受的拉力一定逐渐减小，与结论相符，选项D正确；
故选BD。
10、BD
【解析】以结点为研究对象，分析受力情况：三根细线的拉力，重物对O点的拉力等于mg，根据平衡条件得知，mg与FTA的合力与FTB大小相等、方向相反，作出力的合成图如图。

则有：由力的平衡条件可得：

A.=mgsin，与上述结论不符，故A错误；
B.，与上述结论相符，故B正确；
C.=mgsin，与上述结论不符，故C错误；
D.=，与上述结论相符，故D正确。
故选BD。
11、BC
【解析】A、若地面光滑，小车可能受重力、支持力、拉力F，当拉力F在竖直方向的分量等于重力时，支持力等于零，只受两个力，故A错误；
B、若地面粗糙，车可能受重力、支持力、拉力F和摩擦力，当支持力等于零时，摩擦力也等于零，所以小车也可以不受摩擦力作用，故B正确；
CD、若小车做匀速运动，则小车受力平衡，所以小车受重力、支持力、拉力和摩擦力，则小车一定受四个力的作用，故C正确，D错误；
故选BC
【点睛】对小车进行受力分析，根据运动情况结合牛顿第二定律即可判断
12、BD
【解析】AB．由图乙可知，当F＝10N时，加速度为：a＝2m/s2，对A、B整体分析，由牛顿第二定律有
F＝（mA+mB）a
代入数据解得
mA+mB＝5kg
当F大于10N时，A、B发生相对滑动，对A根据牛顿第二定律得
a==-μg
图象的斜率
k＝＝＝
解得
mA＝2kg
滑块B的质量为
mB＝3kg
故A错误，B正确；
C．当F大于10N时，A的加速度与F的关系
a＝F-μg
知当a＝0时，F＝6N，代入解得
μ＝0.3
故C错误；
D．根据F＞10N时，滑块与木板相对滑动，B的加速度为
aB＝＝m/s2=2m/s2
故D正确。
故选BD。

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.如图所示：
②.F=20x ③.使弹簧伸长（或压缩）1m时，所需拉力为20 N
.
【解析】根据已有数据选好坐标轴每格所代表的物理量的多少，是作好图象的关键，作图象的方法：用平滑的曲线（或直线）将坐标纸上的各点连接起来，若是直线，应使各点均匀分布于直线两侧，偏离直线太大的点，应舍弃掉.
（1）将x轴每一小格取为1cm，y轴每一小格取为0.25N，将各点点到坐标纸上，并连成直线，如下图所示.

（2）由图象得：
（3）函数表达式中的常数：表示使弹簧伸长（或压缩）1 m所需的拉力为20 N.
14、 ①.（L1-L0）：（L2-L0）：（L3-L0）； ②.以F1、F2为邻边； ③.出F1、F2所夹的平行四边形对角线； ④.由题知，F1、F2的合力为F，F与F3在同一直线上，大小接近相等，说明在实验误差范围内，结点O受三个力的作用处于静止状态，合力为零； ⑤.可采用的办法是换不同重量的小重物，重复进行实验； ⑥.未考虑弹簧自身的重量； ⑦.记录O、L0、L1、L2、L3及弹簧的方向时产生误差（或白纸未被完全固定等）
【解析】根据胡克定律求解三根弹簧对结点O的拉力，即可求出拉力的比值；F1、F2的合力为F，F与F3在同一直线上，大小接近相等，说明在实验误差范围内，结点O受三个力的作用处于静止状态，合力为零；
改变条件，重复实验时可换不同重量的小重物进行；
本实验在竖直平面进行，弹簧本身的重力、弹簧长度的测量、拉力方向的确定等等可能产生误差
【详解】(1)②根据胡克定律得，第一、二、三根弹簧的拉力分别为F1=k（L1-L0）、F2=k（L2-L0）、F3=k（L3-L0），k为弹簧的劲度系数，则三根弹簧对结点O的拉力之比为（L1-L0）：（L2-L0）：（L3-L0）；
③由平行四边形定则可知，以F1、F2为邻边作一平行四边形，量出F1、F2所夹的平行四边形对角线的长度；
④由题知，F1、F2的合力为F，F与F3在同一直线上，大小接近相等，说明在实验误差范围内，结点O受三个力的作用处于静止状态，合力为零；
(2) 改变条件再次验证，可采用的办法是换不同重量的小重物，重复进行实验；
(3) 本实验在竖直平面进行，实验的误差来源可能有：未考虑弹簧自身的重量、记录O、L0、L1、L2、L3及弹簧的方向时产生误差（或白纸未被完全固定等）
【点睛】解答实验问题时注意，所有操作步骤的设计都是以实验原理和实验目的为中心展开，因此明确实验原理和实验目的是解答实验问题的关键
15、 ①.F′ ②.B ③.AD ④.可以
【解析】 (1)F1与F2合力的实验值是指通过实验得到值,即用一个弹簧拉绳套时测得的力的大小和方向,而理论值(实际值)是指通过平行四边形得出的值,故F′是力F1与F2合力的实验值，其方向一定沿AO方向
(2)两次拉橡皮条都将节点拉到同一位置，作用效果相同，本实验采用的科学方法是等效替代法，故B正确，ACD错误
故选B
（3）A．拉橡皮条的细绳要长一些，记录方向误差较小，但两细绳不一定等长，故A错误；
B．拉橡皮条时，为保证各力在同一平面内，弹簧秤、橡皮条、细绳应与木板平行，故B正确；
C．橡皮条弹性要好，拉结点到达某一位置O时，拉力要适当大些，故C正确；
D．拉力F1和F2的夹角要适当，不是越大越好，故D错误
本题选择错误答案，故AD
（4）为了使弹簧两次拉橡皮条的效果相同，要求在同一次实验中，O点位置不动

三．计算题(22分)
16、（1）0.4m/s2；（2）0.1（3）F＞6N
【解析】由题可知，使小滑块m与木板M之间发生相对滑动的临界拉力F临界=4.5N，由于拉力F=3.6N＜4.5N，故M、m相对静止，它们一起做匀加速直线运动，由牛顿第二定律求解加速度大小；分别对M、m进行受力分析，根据牛顿第二定律列方程求解动摩擦因数；画出两物体空间位置变化示意图，分析运动过程，根据牛顿第二定律求解加速度，根据位移关系列方程求解
【详解】（1）由题可知，使小滑块m与木板M之间发生相对滑动的临界拉力F临界=4.5N，由于拉力F=3.6N＜4.5N，故M、m相对静止，它们一起做匀加速直线运动；
把两物体看做整体，由牛顿第二定律可知：F-μ1（m+M）g=（m+M）a1
解得：a1=0.4m/s2；
（2）由题目可知，当拉力F=4.5N时，小滑块m与木板M恰好发生相对滑动，此情况下分别对M、m进行受力分析，根据牛顿第二定律有：
小滑块m：f=μ2mg=ma2，
木板M：F-μ2mg-μ1（m+M）g=Ma2
联立两式解得：μ=0.1
（3）设小滑块脱离薄木板时的速度为v，时间为t，在桌面上滑动的加速度为a3，小滑块脱离木板前，薄木板的加速度为a4，空间位置变化如右图所示：

则滑块的速度：v=a2t
滑块下落到桌面上，由牛顿第二定律得：μ1mg=ma3
位移：x1=，x2=
由几何关系得：x1+x2=
木板的位移：
根据牛顿第二定律，对木板：F-μ2mg-μ1（m+M）g=Ma4
解得：F=6N，要使小滑块脱离薄木板但不离开桌面，拉力F＞6N
【点睛】对于牛顿第二定律的综合应用问题，关键是弄清楚物体的运动过程和受力情况，利用牛顿第二定律或运动学的计算公式求解加速度，再根据题目要求进行解答；知道加速度是联系静力学和运动学的桥梁
17、 (1)证明过程见解析(2)证明过程见解析(3)证明过程见解析
【解析】(1) 根据牛顿第二定律F=ma，力F单位是N，质量的单位是kg，加速度单位是m/s2，，所以1m/s2=1N/kg
(2) 设一质量为m的物体放在台式弹簧秤上，台秤对物体的支持力大小为N，物体处于平衡状态，所以可知：N=mg．物体对台秤的压力大小为N'，依据牛顿第三定律可知：N=N'，所以，N'=mg，即物体对台秤的压力的大小等于物体所受重力的大小

(3)根据牛顿第二定律可知 ，根据牛顿第三定律可知

物体对台秤的压力大于其重力，处于超重状态