河南省周口市2025年高一上物理期末监测模拟试题含解析.doc

河南省周口市2025年高一上物理期末监测模拟试题
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。
2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。
3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。
4．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、一位观察者测出，悬崖跳水者碰到水面前在空中下落了3.0s．当地重力加速度为9.8m/s2．该观察者据此估测了悬崖高度．下列选项正确的有（）
A.观察者估测悬高度约为44m
B.观察者估测悬崖高度约为29.4m
C.实际上空气阻力较大，因此悬崖实际高度比估测值大
D.实际上空气阻力较大，因此跳水者的加速度大于9.8m/s2
2、为了方便测出人的反应时间，某研究小组同学用一把直尺制作了“反应时间测量尺”，其使用方法为：甲同学捏住测量尺上端使其保持竖直，零刻度线位于乙同学的两指之间。当乙看见甲释放测量尺时，立即用手指捏住尺子，根据乙手指所在测量尺的位置，直接读出反应时间t，若不计空气阻力，下列有关“反应时间测量尺”说法正确的是

A.该测量尺下落的距离h与t2成正比
B.该测量尺下落的距离h与t成正比
C.A标度比B标度更合理
D.用钢尺和木尺制成的测量尺刻度不同
3、2012年6月18日“天宫一号”与“神舟九号”飞船成功对接，为我国建造太空实验室打下坚实的基础．下列四个实验中，能在绕地球飞行的太空实验舱中完成的是(　　)
A.用天平测量物体的质量 B.用弹簧秤测物体的重力
C.用温度计测舱内的温度 D.用水银气压计测舱内气体的压强
4、如图所示，一个小球用不可伸长的轻绳悬挂在小车上，随小车沿着倾角为ϴ的斜面一起下滑，图中的虚线①与斜面垂直，②沿水平方向，③沿竖直方向，则可判断出

A.如果斜面光滑，则摆线与②重合
B.如果斜面光滑，则摆线与③重合
C.如果斜面粗糙且μ<tanϴ，则摆线位于②与③之间
D.如果斜面粗糙且μ<tanϴ，则摆线位于①与③之间
5、如图所示，物体P以一定的初速度沿光滑水平面向右运动，与一个右端固定的轻质弹簧相撞，并被弹簧反向弹回。若弹簧在被压缩过程中始终遵守胡克定律，那么在P与弹簧发生相互作用的整个过程中（　　）

A.在P的加速度逐渐增大的过程中，速度也逐渐增大
B.当弹簧压缩到最短时，物体的加速度为零
C.P的加速度大小时刻变化，但方向改变一次
D.P的加速度大小不断改变，当加速度数值最大时，速度最小
6、关于牛顿第一定律及物体惯性的论述，下列说法正确的是（ ）
A.牛顿第一定律是牛顿用实验直接验证获得的实验定律
B.牛顿第一定律建立过程体现的是理想实验的思维方法
C.在月球上举重比在地球上容易，所以同物体在月球上比在地球上的惯性小
D.强弩之末，势不能穿鲁缟也，这表明箭的速度减小了，惯性就减小了
7、如图是伽利略“理想实验”原理图、A、C、D、E在同一水平面上，vD、vE、vF、vG为小钢珠在D、E、F、G处的速度大小，若轨道都光滑，则以下说法正确的是（　　）

A.vD＞vE
B.vF＝vG
C.本实验是为了说明“小钢珠上升的高度与释放高度相同”
D.本实验是为了说明“小钢珠在水平面上的匀速直线运动不需要力来维持
8、如图所示，质量分别为m、2m的两物块A、B中间用轻弹簧相连，A、B与水平面间的动摩擦因数均为，在水平推力F作用下，A、B一起向右做加速度大小为a的匀加速直线运动。当突然撤去推力F的瞬间，A、B两物块的加速度大小分别为

A. B.
C. D.
9、小桶中盛满水，用绳系着，然后让其在竖直平面内做圆周运动，要使小桶运动到轨迹最高点(桶口朝下)时，水不会从桶中流出，若小桶运动的轨道半径为R，则小桶到最高点时（ ）
A.速度不小于
B.角速度不大于
C.向心加速度不小于g
D.绳对小桶的拉力不小于小桶的重力
10、如图所示，将质量为M的物块放在水平桌面上，用轻绳跨过桌子边缘的定滑轮连接一托盘，在托盘中放上砝码．已知盘和砝码的总质量为m，且M＝3m，重力加速度大小为g，忽略一切摩擦力和空气阻力，则将托盘由静止释放后（ ）

A.物块的加速度大小为
B.砝码的加速度大小为
C.绳子的拉力大小为mg
D.绳子的拉力大小为
11、甲、乙两辆汽车从同一位置同时出发，沿同一直线运动的v-t图象如图所示，则在0~10s时间内，下列说法正确的有（　　）

A.甲、乙两辆汽车速度方向相同
B.甲、乙两辆汽车加速度方向相同
C.甲车的加速度小于乙车的加速度
D.甲车的位移小于乙车的位移
12、如图所示，物体M在皮带输送机上向右运动，两者保持相对静止，则下列关于M所受摩擦力的说法中，正确的是（　　）

A.皮带传送的速度越大，M受到的摩擦力越大
B.皮带运动的加速度越大，M受到的摩擦力越大
C.皮带速度恒定，M质量越大，所受摩擦力越大
D.M可能不受摩擦力
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、如图是“验证力的合成的平行四边形定则”实验示意图。将橡皮条的一端固定于A点，图甲表示在两个拉力F1、F2的共同作用下，将橡皮条的结点拉长到O点；图乙表示准备用一个拉力F拉橡皮条，图丙是在白纸上根据实验结果画出的力的合成图示。

（1）有关此实验，下列叙述正确的是________(填正确答案标号)。
A．在进行图甲的实验操作时，F1、F2的夹角越大越好
B．在进行图乙的实验操作时，必须将橡皮条的结点拉到O点
C．拉力的方向应与纸面平行，弹簧及钩子不与弹簧测力计的外壳及纸面接触，产生摩擦
D．在进行图甲的实验操作时，F1、F2的夹角越小越好
（2）图丙中________为F1和F2合力的理论值(填F或者F′)。
14、（1）在探究小车速度随时间变化的规律实验中，用到的测量工具是（有二个）
______；__________。
（2）在验证牛顿第二定律实验中，在保持拉力F=5N不变时，某同学根据测出的数据，画出图线如图．但该同学未标注横坐标所对应的符号，请你在图中括号处补全_______。

15、一个质量为 50kg 的人乘电梯竖直向上运动，如图为电梯的速度--时间图像，规定竖直向上为正方向，g 取 10m/s2，求：

（1）电梯 0~8s 的位移；
（2）3s 时的加速度；
（3）7s 时人对电梯地板的压力；
三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示，还没有安装玻璃的窗子上、下沿间的高度H＝1.6 m，墙的厚度d＝0.4 m．某人在离墙壁距离L＝1.4 m，距窗子上沿高h＝0.2 m处的P点，将可视为质点的小物体以速度v垂直于墙壁水平抛出，小物体直接穿过窗口并落在水平地面上（ g=10 m/s2），求v的取值范围

17、（10分）质量m＝10 kg的物体，在F＝40 N的水平向左的力的作用下，沿水平面从静止开始运动．物体运动时受到的滑动摩擦力f＝30 N．在开始运动后的第5 s末撤去水平力F，求物体从开始运动到最后停止总共发生的位移
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、A
【解析】根据位移时间公式求出悬崖的高度，结合实际加速度的大小，判断测量值和实际值的关系
【详解】A、B、忽略空气阻力时，跳水者的运动为自由落体运动，有；故B错误，A正确.
C、D、若考虑空气阻力，由牛顿第二定律可知，则；由知估算出高度比实际值小，则C，D均错误.
故选A.
【点睛】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的位移时间公式和速度时间公式，并能灵活运用.
2、A
【解析】AB．由公式，位移与时间的平方成正比，A正确B错误；
C．由题可知，手的位置在开始时应放在0刻度处，所以0刻度要在下边。物体做自由落体运动的位移，位移与时间的平方成正比，所以随时间的增大，刻度尺上的间距增大，故B标度更合理，C错误；
D．由公式，位移与时间的平方成正比，用钢尺和塑料尺制成的测量尺刻度应是相同的，D错误；
故选A。
3、C
【解析】在太空中处于失重状态，因此不能用弹簧测力计测量物体的重力，不能用天平测量物体的质量．其他跟重力没有关系的实验都可以进行
【详解】天平实质是一个等臂杠杆，测质量依靠的是物体对托盘的压力，绕地球飞行的太空实验舱中，此时物体就不会对托盘有压力，故A错误；绕地球飞行的太空实验舱中，物体对弹簧秤没有拉力，所以不能测物体的重力，故B错误温度计是利用液体的热胀冷缩性质制成的，和物体失重与否没有关系，故C正确水银气压计测舱内气体的压强与重力现象有关，所以该实验不能完成，故D错误；故选C
【点睛】此题考查的是在太空中的物体处于失重状态，解题关键是看哪一种实验工具是利用重力来工作的，那么，这种实验工具就不能使用
4、D
【解析】AB．如果斜面光滑，根据牛顿第二定律得：对整体：加速度，方向沿斜面向下，对小球：合力F合=ma=mgsinθ，则摆线必定与斜面垂直，即摆线与①重合．故AB错误；
CD．如果斜面粗糙且μ＜tanθ，以整体为研究对象，根据牛顿第二定律得，加速度，由于μ＜tanθ，则μcosθ＜sinθ，a＞0，说明加速度方向沿斜面向下，而且a＜gsinθ，则摆线位于①与③之间．故C错误，D正确
5、D
【解析】A．在压缩弹簧的过程中，P水平方向只受到弹簧的弹力，方向与速度方向相反，而且弹力逐渐增大，加速度逐渐增大，在弹簧被压缩的过程中，P做加速度增大的减速运动，A错误；
BD．压缩弹簧的过程中，弹力大小不断改变，当速度为零时，此时速度最小，弹簧压缩最短，弹力最大，故加速度数值最大，故加速度不为零，B错误，D正确；
C．弹簧压缩过程中对P施加的弹力方向始终向左，根据牛顿第二定律知P的加速度方向保持不变，C错误。
故选D。
6、B
【解析】AB．牛顿第一定律是牛顿在伽利略等前人实验的基础上，根据逻辑推理得出的，是以实验为基础，采用的理想实验的思维方法得到的，故A错误，B正确；
C．同一个物体在月球上和在地球上质量相同，则惯性相同，故C错误；
D．一切物体都有惯性，惯性大小取决于物体质量大小，与其他因素无关，故D错误。
故选B。
7、BD
【解析】本题考查了伽利略斜面实验的物理意义，伽利略通过“理想斜面实验”推翻了力是维持运动的原因的错误观点
【详解】A．A、C、D、E在同一水平面上，所以D、E两点速度相等，故A错误；
B．若轨道都光滑，则小球在平直的轨道上做匀速直线运动，所以各点的速度都是相等的．故B正确；
CD．伽利略设计这个理想实验，其目的是为了说明亚里士多德的力是维持物体运动状态的原因的结论是错误的，物体运动不需要力来维持．故C错误，D正确
故选BD
【点睛】伽利略“理想斜面实验”在物理上有着重要意义，伽利略第一个把实验引入物理，标志着物理学的真正开始
8、AC
【解析】撤去F前：设弹簧的弹力大小为F弹，根据牛顿第二定律
对B：
F弹-μ•2mg=2ma…①
解得，
F弹=2μmg+2ma…②
CD．撤去F瞬间：弹簧的弹力F弹没有改变，则B物体的受力情况没有改变，则B的加速度仍为a。，选项C正确，D错误；
AB．对A：
F弹+μmg=maA…③
由②③解得：
aA=2a+3μg。
则A正确，B错误；
故选AC。
9、AC
【解析】A．小桶运动到轨迹最高点时，水不会从桶中流出的临界条件是重力提供向心力，则有：

可知最小速度：

故A正确；
B．根据：

可知最小角速度：

故B错误；
C．根据前面分析可知：

所以向心加速度不小于g，故C正确；
D．根据分析可知，绳对小桶的拉力最小可以为零，故D错误。
故选AC。
10、BD
【解析】以盘与砝码为研究对象，根据牛顿第二定律有

以物块M为研究对象，根据牛顿第二定律有

联立得系统运动的加速度为

则绳子的拉力大小为

故AC错误，BD正确
11、AC
【解析】A．由v-t图可知甲、乙两辆汽车的速度均为正，故速度方向相同，故A正确.
BC．根据图像，由加速度定义可知：

负号表示加速度方向与初速度方向相反，因两车初速度方向相同，故加速度方向相反，甲车的加速度小于乙车的加速度；故B错误，C正确.
D．根据v-t图像中图像与时间轴围成的面积表示位移可知：

故可知甲车的位移大于乙车的位移，故D错误.
故选AC.
12、BD
【解析】AD．若和传送带一起做匀速直线运动，M所受的摩擦力为0，故A错误，D正确；
B．若做变速运动，受到静摩擦力，根据牛顿第二定律有，，知加速度越大，摩擦力越大，故B正确；
C．若判断速度恒定，不受摩擦力，故C错误。
故选BD。
【点睛】解决本题的关键知道若与传送带一起做匀速直线运动，不受摩擦力，若与传送带一起做变速运动，根据，知加速度越大，静摩擦力越大。

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 (1).BC (2).F′
【解析】（1）[1]AD．在进行“验证力的合成的平行四边形定则”实验时，、的夹角适当大一点，但不是越大越好，也不是越小越好，故AD错误；
B．该实验采用了“等效替代”方法，要求两次拉橡皮筋时橡皮筋的伸长量大小和方向相同，因此要求橡皮条的结点拉到点，故B正确；
C．为了使所测量的力更准确，弹簧秤的外壳不能与纸面接触，以免产生摩擦，影响拉力大小，故C正确。
（2）[2]从图丙中看出以表示、的有向线段为邻边画平行四边形，F′为该平行四边形的对角线，故F′是F1和F2的合力的理论值。
14、 ①.刻度尺 ②.打点计时器 ③./kg-1
【解析】打点计时器主要用来测瞬时速度和加速度，测瞬时速度利用中间时刻的速度等于该段时间内的平均速度．测加速度利用△x=at2．根据牛顿第二定律F=ma可得从而求出物体的质量，进而知道横坐标的含义
【详解】（1）在探究小车速度随时间变化的规律实验中，我们利用.v =x t 求出小车在某一位置时的速度，再做出v-t图象，从而根据v-t图象判定出物体的速度随时间变化的关系，故需要知道打点计时器所打的任意一个位置的所对应的时刻以及相邻两点之间的距离，故需要用刻度尺测两点间的距离，用打点计时器记录某些位置所对应的时刻．故用到的测量工具为：刻度尺和打点计时器
（2）根据牛顿第二定律F=ma可得在F=5N，加速度a=2m/s2时物体的质量=2.5 kg，故横坐标为/kg-1
15、（1）40m （2）2m/s2（3）300N
【解析】（1）由速度时间图象的面积可以求出位移为：
（2）根据加速度定义可得：
（3）7s 时的加速度为：（方向竖直向下）
根据牛顿你第二定律可得：mg-N=ma1
可得：N=300N

三．计算题(22分)
16、3 m/s＜v＜7 m/s.
【解析】小物体做平抛运动，恰好擦着窗子上沿右侧穿过时v最大，此时有
，
代入解得
恰好擦着窗口下沿左侧时速度v最小，则有，
解得：
故v的取值范围是：
点睛：解决本题的关键明确临界条件，知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活解答
17、7m
【解析】物体先做匀加速直线运动，后做匀减速直线运动，根据牛顿第二定律求出匀加速直线运动的加速度和撤去外力后的加速度，结合运动学公式求出匀加速直线运动的位移和匀减速直线运动的位移，从而求出总共发生的位移大小
【详解】加速过程由牛顿第二定律得：F－f＝ma1
解得：a1＝1 m/s2
5 s末的速度：v＝a1t＝5 m/s
5 s内的位移：x1＝a1t2＝12.5 m
减速过程由牛顿第二定律得：f＝ma2
解得：a2＝3 m/s2
减速位移：x2＝≈4.17 m
总位移：x＝x1＋x2＝12.5 m＋4.17 m≈16.7 m.
【点睛】解决本题的关键知道加速度是联系力学和运动学的桥梁，通过加速度，可以根据力求运动，也可以根据运动求力