2026届河北省永年县第二中学物理高一上期末教学质量检测模拟试题含解析.doc

2026届河北省永年县第二中学物理高一上期末教学质量检测模拟试题
考生须知：
1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。
2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。
3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、牛顿定律的适用范围是 （ ）
A.宏观物体、低速运动 B.微观物体、低速运动
C.宏观物体、高速运动 D.微观物体、高速运动
2、乘坐如图所示游乐园的过山车时，质量为m的人随车在竖直平面内沿圆周轨道运动.下列说法正确的是（）

A.车在最高点时人处于倒坐状态，全靠保险带拉住，若没有保险带，人一定会掉下去
B.人在最高点时对座位仍可能产生压力，但压力一定小于mg
C.人在最高点和最低点时的向心加速度大小相等
D.人在最低点时对座位的压力大于mg
3、下列说法中正确的是（ ）
A.地球有时也可看成质点
B.转动的物体其上各点的运动情况不同，故转动的物体一定不能当作质点
C.热烈庆祝中华人民共和国成立65周年指的是时刻
D.当物体沿直线朝一个方向运动时，位移就是路程
4、如图所示，长方体木块搁在光滑方形槽中，则长方体木块除受重力外还受到弹力的个数是(　　)

A.1个
B.2个
C.3个
D.4个
5、请根据所学曲线运动的相关知识判断，下列说法不正确的是（）
A.曲线运动是变速运动
B.做曲线运动的物体在某位置速度的方向是曲线在该点的切线方向
C.当物体所受合力的方向与它的速度方向不在同一直线上时，物体做曲线运动
D.加速度方向与速度方向在一条直线时，物体也可以做曲线运动
6、物体的加速度为3m/s2，表示这物体（　　）
A.每秒运动3m
B.每经过1s，其速度增大3m/s
C.每经过1s，其速度变化大小为3m/s
D.每经过1s，其速度减小3m/s
7、如图，物体沿两个半径为的圆弧由经到，下列正确的是（ ）

A.物体位移等于，方向向东
B.物体的位移等于，方向向东
C.物体的路程等于
D.物体的路程等于
8、将力F分解为两个不为零的力，下列情况具有唯一解的是（ ）
A.已知两个力的方向，并且不在同一直线上
B.已知一个分力的大小和另一分力的方向
C.已知两个力的大小
D.已知一个分力的大小和方向
9、下列关于摩擦力的叙述中正确的是（ ）
A.滑动摩擦力的大小与物体间的正压力大小成正比
B.滑动摩擦力的大小与接触面的性质有关，与接触面面积的大小也有关
C.静摩擦力的大小与物体间的正压力大小成正比
D.最大静摩擦力随物体间正压力增大而增大
10、下列说法符合历史事实的是（　　）
A.爱因斯坦通过“理想试验”推理证实了亚里士多德的观点
B.亚里士多德认为，力是改变物体运动状态的原因
C.伽利略通过“理想实验”得出结论：运动物体具有一定速度，如果它不受力，它将以这一速度永远运动下去
D.笛卡儿指出：如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不停下来也不偏离原来的方向
11、平抛物体的初速度为，当水平方向分位移与竖直方向分位移相等时( )
A.运动的时间
B.瞬时速率
C.水平分速度与竖直分速度大小相等
D.位移大小等于
12、如图所示，一粗糙水平传送带以速率v1沿顺时针方向运动，传送带的左、右两端皆有一与传送带等高的光滑水平面，一物体以速率v2沿水平面分别从左、右两端滑上传送带，下列说法正确的是（）

A.物体从右端滑到左端所需的时间一定大于物体从左端滑到右端的时间
B.若v2<v1，物体从左端滑上传送带一定先做加速运动，再做匀速运动
C.若v2<v1，物体从右端滑上传送带又返回到右端，则返回右端时物体的速率一定为v2
D.若v2>v1，物体从右端滑上传送带又返回到右端，则返回右端时物体的速率一定为v1
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、某同学为探究加速度与合外力的关系，设计了如图甲所示的实验装置．一端带有定滑轮的长木板固定在水平桌面上，用轻绳绕过定滑轮及轻滑轮将小车与弹簧测力计相连．实验中改变悬挂的钩码个数进行多次测量，记录弹簧测力计的示数F，并利用纸带计算出小车对应的加速度a

（1）实验中钩码的质量可以不需要远小于小车质量，其原因是_____
A.小车所受的拉力与钩码的重力无关
B.小车所受的拉力等于钩码重力的一半
C.小车所受的拉力可由弹簧测力计直接测出
（2）图乙是实验中得到的某条纸带的一部分．已知打点计时器使用的交流电频率为50Hz，由纸带数据求出小车的加速度a=____m/s²
（3）根据实验数据绘出小车的加速度a与弹簧测力计示数F的关系图像，下列图像中最符合本实验实际情况的是（ ）

14、在探究物体的加速度与物体所受外力、物体质量间的关系时，采用如图所示的实验装置，小车以及车中的砝码质量用 M 表示，盘以及盘中的砝码质量用 m 表示

（1）实验过程中，电火花计时器接在频率为的交流电源上，调整定滑轮高度，使细线与长木板平行
（2）若已平衡好摩擦，在小车做匀加速直线运动过程中，当 M 与 m 的大小关系满足_____时，才可以认为绳子对小车的拉力大小等于盘和砝码的重力
（3）某小组同学先保持盘及盘中的砝码质量 m 一定来做实验，其具体操作步骤如下，以下做法正确的是____.
A．平衡摩擦力时，应将盘及盘中的砝码用细绳通过定滑轮系在小车上
B．每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力
C．实验时，先接通打点计时器的电源，再放开小车
D．用天平测出 m 以及 M，小车运动的加速度可直接用公式求出
（4）某小组同学保持小车以及车中的砝码质量 M 一定，探究加速度 a 与所受外力 F 的关系时，由于他们操作不当，这组同学得到的 a-F 关系图像如上图所示，①图线不过原点的原因是_________；②图线上端弯曲的原因是_______________

（5）某小组在操作完全正确且满足（2）中质量关系的情况下，如图为实验时小车在长木板上带动纸带运动打出的一条纸带的一部分，根据纸带可求出小车的加速度大小 a = ____________．（结果保留三位有效数字）

15、某探究学习小组欲探究物体的加速度与力、质量的关系，他们在实验室组装了一套如图所示装置，图中小车的质量用M表示，钩码的质量用m表示．回答下列问题：

（1）适当抬高长木板，不挂钩码，轻推小车让小车能在长木板上匀速下滑，是为了在挂上钩码后_______（选填序号）
A．让钩码受到的合外力等于细线的拉力
B．让小车受到的合外力等于细线的拉力
C．保证小车受到的合外力为零
D．保证钩码受到的合外力为零
（2）要使细线的拉力约等于钩码的总重力，应满足的条件是____________
（3）某位同学经过测量和计算得到如下表中数据，请在图中作出小车加速度与所受合外力的关系图线____．
组别
1
2
3
4
5
6
M/kg
0.58
0.58
0.58
0.58
0.58
0.58
F/N
0.10
0.15
0.20
0.30
0.35
0.40
a/m·s-2
0.13
0.17
0.26
0.43
0.51
0.59

（4）由作出的图线可以看出，该实验存在着较大的误差，产生这样误差的主要原因是______
三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示为一质点做直线运动的v-t图像.求：

(1)前2s和后4s的加速度大小；
(2)从运动开始到停止的过程中，质点运动的平均速度大小
17、（10分）如图所示，一质量为6kg的物块，置于水平地面上，物块与地面的动摩擦因数为0.5，然后用两根绳分别系在物块的A点和B点，A绳水平，B绳与水平面成37°，已知sin 37°=0.6，cos 37°=0.8，g=10m/s2。求：
(1)逐渐增大B绳的拉力，直到物块对地面的压力恰好为零，则此时A绳和B绳的拉力分别是多大？
(2)将A绳剪断，为了使物块沿水平面做匀速直线运动，在不改变B绳方向的情下，B绳的拉力应为多大？（结果保留一位小数）

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、A
【解析】牛顿定律仅适用于低速宏观物体的运动．这是牛顿定律的局限性．答案选A.
2、D
【解析】A.当人与保险带间恰好没有作用力，由重力提供向心力时，
，
则临界速度为
v0=，
当速度v⩾时，没有保险带，人也不会掉下来。故A错误；
B.当人在最高点的速度v>，人对座位就产生压力。以人为研究对象，根据牛顿第二定律得：
mg+N=，
得：
N=−mg，
座位对人作用力与速度v有关，当v>时，N>mg，则座位对人的压力将大于mg，故B错误；
C.人在最高点和最低点速度大小不等，根据向心加速度公式

可知，人在最高点和最低点时的向心加速度大小不相等，故C错误；
D.人在最低点时，加速度方向竖直向上，根据牛顿第二定律分析可知，人处于超重状态，人对座位的压力大于mg，故D正确。
故选：D。
3、A
【解析】A．在研究地球的公转时，地球的大小和形状可以忽略，故可以看作质点，故A正确；
B．虽然转动的物体其上各点的运动情况不同，但如果在具体的问题中可以忽略其转动，只考虑在空间中运动的时间时可以视为质点，故B错误；
C．热烈庆祝中华人民共和国成立65周年对应过程，故为时间，故C错误；
D．当物体沿直线朝一个方向运动时，位移的大小等于路程，但位移是矢量，路程是标量；故位移不能说成是路程；故D错误
故选A。
4、C
【解析】长方体木块搁在光滑方形槽中，与槽接触的地方有三处，并且都有相互作用，故长方体木块除受重力外还受到弹力的个数是3个，故C正确
故选C
5、D
【解析】A．由于曲线运动的方向为曲线的切线方向即时刻变化，所以曲线运动一定是变速运动，故A正确；
B．由曲线运动的特点可知，做曲线运动的物体在某位置速度的方向是曲线在该点的切线方向，故B正确；
C．根据曲线运动的条件可知，当物体所受合力的方向与它的速度方向不在同一直线上时，物体做曲线运动，故C正确；
D．加速度方向与速度方向在一条直线时，物体做直线运动，故D错误。
本题选不正确的，故选D。
6、C
【解析】加速度的大小即为单位时间内速度的变化量；
解：根据加速度的定义式可知：，即每经过1 s，其速度变化量大小为3 m/s
故选C
【点评】本题主要考查了对加速度定义式的理解，即加速度即为速度变化率
7、AD
【解析】AB．位移是由初位置指向末位置，是矢量，所以物体的位移等于，方向向东，选项A正确，B错误；
CD．路程是标量，是运动轨迹的长度，即为经过的圆弧的长度为

选项C错误，D正确。
故选AD。
8、AD
【解析】因合力F一定，若已知两个力的方向，并且不在同一直线上，则分解的结果是唯一的，选项A正确；已知一个分力的大小和另一分力的方向，分解的结果可能有两种，选项B错误；已知两个力的大小，分解的结果可能有两种，选项C错误；已知一个分力的大小和方向，则另一个分力一定是唯一的，选项D正确；故选AD.
9、AD
【解析】解：A、滑动摩擦力f=μFN求，故滑动摩擦力的大小于物体间的正压力大小成正比，故A正确；
B、由公式可知，滑动摩擦力与接触面的面积的大小无关，故B错误；
C、静摩擦力只能由力的平衡关系或牛顿第二定律求出，与正压力无关，故C错误；
D、最大静摩擦力的大小与正压力成正比，故随正压力的增大而增大，故D正确；
故选AD
【点评】摩擦力为高中物理的难点之一，关键在于分清摩擦力有两类，要会求两种情况下的摩擦力的大小，并能分析摩擦力的方向
10、CD
【解析】A．伽利略通过“理想实验”推理推翻了亚里士多德的观点，故A错误；
B．亚里士多德认为，力是维持物体运动状态的原因；伽利略认为，力是改变物体运动状态的原因，故B错误；
C．伽利略通过“理想实验”得出结论：运动物体具有一定速度，如果它不受力，没有加速或减速的原因，它将以这一速度永远运动下去，故C正确；
D．笛卡儿指出：如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不停下来也不偏离原来的方向，故D正确。
故选CD。
11、ABD
【解析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，抓住水平位移和竖直位移相等求出运动的时间，结合速度时间公式判断水平分速度和竖直分速度的关系，根据平行四边形定则求出瞬时速度的大小．通过水平位移和竖直位移，根据平行四边形定则求出位移的大小
【详解】A．根据

得

故A正确;
BC．此时竖直分速度

与水平分速度不等，瞬时速率

故B正确，C错误；
D．水平位移

则位移的大小

故D正确。
故选ABD。
【点睛】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解。
12、CD
【解析】A．若物体从右端滑到左端和从左端滑到右端的过程中一直相对于传送带滑动，此时滑动摩擦力产生加速度，两者加速度相等，运动的位移相等，都做匀变速运动，所以运动的时间相等，否则不等，A错误；
B．若v2＜v1，物体从左端滑上传送带时所受的滑动摩擦力向右，物体先做匀加速运动，若物体运动到右端时速度仍小于传送带速度时，则没有匀速过程，B错误；
C．若v2＜v1，物体从右端滑上传送带又回到右端，物体受到的摩擦力一直向右，加速度不变，即先向左匀减速，后向右匀加速，整个过程是匀变速运动，位移为零，根据速度位移公式，故末速度的大小等于初速度的大小，即返回右端时物体的速率一定为v2，C正确；
D．若v2>v1，物体从右端滑上传送带又返回到右端，则物体先向左做匀减速运动，速度减到零后反向加速运动，当速度等于传送带的速度v1时，相对传送带静止，则返回右端时物体的速率一定为v1，D正确。
故选CD。
【点睛】本题关键是要分成v2大于、等于、小于v1三种情况讨论，同时还要考虑传送带的实际长度是否能保证最后匀速。

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.C ②.0.75 ③.B
【解析】（1）根据实验原理可知，弹簧测力计的读数为小车所受合外力，则不需要砝码和砝码盘的总质量应远小于小车的质量的条件，故AB错误，C正确；
故选C；
（2）在匀变速直线运动中连续相等时间内的位移差为常数，即：△x=aT2，
解得：a=
（3）由题意可知，小车的加速度a与弹簧测力计的示数F的关系应该是成线性关系，即为不是过原点的一条倾斜直线，实验存在阻力，故B符合；
【点晴】根据实验原理，弹簧测力计的读数为小车所受合外力，则不需要砝码和砝码盘的总质量应远小于小车的质量的条件；在匀变速直线运动中连续相等时间内的位移差为常数，根据作差法求解加速度；数据作出小车的加速度a与弹簧测力计的示数F的关系图象，应该是过原点的一条倾斜直线
14、 ①. ②.BC ③.没有平衡摩擦（或平衡摩擦不够） ④.随所挂钩码质量 m 的增大，不能满足. ⑤.3.19
【解析】当盘及盘中砝码的总质量远小于小车及砝码总质量时，可以认为小车受到的拉力等于盘及砝码的重力；平衡摩擦力时，不能挂盘；实验过程中，应保证绳和纸带与木板平行；小车的加速度应由纸带求出；图线不通过坐标原点，当拉力为某一值时，a为零，知没有平衡摩擦力或倾角过小；用逐差法求出加速度
【详解】（1）设绳子上拉力为F，对小车根据牛顿第二定律有：F=Ma ，对盘和砝码有：mg-F=ma ，联立解得：，由此可知当M＞＞m时，绳对小车的拉力大小等于盘和砝码的重力
（2）平衡摩擦力时，应将绳从小车上拿去，轻轻推动小车，使小车沿木板运动，通过打点计时器打出来的纸带判断小车是否匀速运动，故A错误；每次改变小车的质量时，小车的重力沿斜面分力和摩擦力仍能抵消，不需要重新平衡摩擦力，故B正确；实验时，若先放开小车，再接通打点计时器电源，由于小车运动较快，可能会使打出来的点很少，不利于数据的采集和处理，所以实验时，先接通打点计时器的电源，再放开小车，故C正确；小车运动的加速度是利用打点计时器测量，如果用天平测出m以及小车质量M，直接用公式求出，这是在直接运用牛顿第二定律计算的，而我们实验是在探究加速度与物体所受合外力和质量间的关系，应通过图象来解答，故D错误．所以BC正确，AD错误
（3）当F≠0时，a=0．也就是说当绳子上有拉力时小车的加速度还为0，说明实验操作中遗漏了平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，随着F的增大，即盘及盘中砝码质量的增大，不在满足盘及盘中的砝码质量远小于小车的质量，因此曲线上部出现弯曲现象
（4）交流电源频率为f=50Hz，相邻两个点的时间间隔为T=0.04s，根据逐差法△x=aT2得加速度为：
【点睛】从实验原理、实验仪器、实验步骤、实验数据处理、实验注意事项这几点去搞清楚，同时注意整体法和隔离法的应用．注意其中平衡摩擦力的原因以及做法在实验中应当清楚
15、 ①.（1）B； ②.（2）M>>m； ③.（3）如图
④.（4）木板倾角偏小(或“平衡摩擦力不足”或“未完全平衡摩擦力”)
【解析】根据实验原理回答为什么要平衡摩擦力以及要使细线的拉力约等于钩码的总重力应满足的条件；结合图像判断产生误差的原因.
【详解】（1）适当抬高长木板，不挂钩码，轻推小车让小车能在长木板上匀速下滑，这样就平衡了摩擦力，这是为了在挂上钩码后让小车受到的合外力等于细线的拉力，故选B；
（2）以钩码作为研究对象有mg-FT=ma；以小车作为研究对象有FT=Ma；联立以上两式可得FT=M；要绳子的拉力等于钩码的重力，即=mg，故=1，则有M＞＞m；即要使细线的拉力约等于钩码的总重力，应满足的条件是M＞＞m；
（3）图像如图；

（4）图像可以看出，直线与F轴有截距，可知当外力到达某一值时才有加速度，可知产生误差的原因是木板倾角偏小(或“平衡摩擦力不足”或“未完全平衡摩擦力”)
【点睛】掌握实验原理是正确解决实验题

三．计算题(22分)
16、 (1) (2)
【解析】(1)根据质点速度随时间的变化规律判断质点的运动情况,速度-时间图象的斜率表示加速度.
(2)速度-时间图象与坐标轴围成的面积表示位移，平均速度等于位移与时间之比
【详解】(1)由图可知，前2s的加速度大小为
后 4s 的加速度大小
(2)从开始运动到停止的过程中，加速时间，匀速时间，减速时间，
质点位移，

解得：
【点睛】解决本题的关键知道速度—时间图线的物理意义，会通过速度时间图线判断物体的运动规律，以及掌握图线的斜率、图线与时间轴围成的面积表示的含义
17、 (1)80N，100N；(2)27.3N
【解析】(1)以物体为研究对象进行受力分析如图：

物体处于平衡状态，故有
FA=mg/tanθ=80N
FB=mg/sinθ=100N
(2) A绳剪断后，以物体为研究对象进行受力分析，如下图：

水平方向
f= FBcosθ ①
竖直方向
FBsinθ+N= mg ②
f=μN ③
得
FBcosθ=μ（mg- FBsinθ）
联立解得：
FB=27.3N ④