大兴安岭市重点中学2025年物理高一第一学期期末达标检测模拟试题含解析.doc

大兴安岭市重点中学2025年物理高一第一学期期末达标检测模拟试题
考生请注意：
1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。
2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。
3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、一质点沿x轴做直线运动，其v－t图像如图所示．质点在t＝0时位于x＝－2 m处，开始沿x轴正向运动．当t＝8 s时，质点在x轴上的位置为(　 　)

A.x＝1m B.x＝3 m
C.x＝9 m D.x＝14 m
2、下列关于质点的说法，正确的是(　　)
A.原子很小，所以可以当作质点
B.研究和观察日食时，可把太阳当作质点
C.研究神舟十号飞船与天宫一号飞行器对接时，可将神舟十号飞船看做质点
D.从地球上的控制中心跟踪观察在太空中飞行的宇宙飞船，可以把飞船看做质点
3、小球从空中某处从静止开始自由下落，与水平地面碰撞后上升到空中某一高度处，此过程中小球速度随时间变化的关系如图所示，则( )

A.在下落和上升两个过程中，小球的加速度不同
B.小球开始下落处离地面的高度为 0.8m
C.整个过程中小球的位移为 1.0m
D.整个过程中小球的平均速度大小为2m/s
4、质点在直线上运动的s－t图象如图所示，下列说法正确的是

A.第1s末质点离出发点最远
B.第3s内和第4s内质点的速度方向相同
C.第3s末质点运动的速度为零
D.前5s内质点的平均速度大小为1 m/s
5、一个物体做变速直线运动，其v-t图像如图所示．关于物体在0到t1这段时间内的加速度，以下说法正确的是：（）

A.加速度为0
B.加速度不变且不为0
C.加速度逐渐增大
D.加速度逐渐减小
6、如图所示，三个固定的斜面底边长度都相等，斜面倾角分别为 30°、45°、60°，斜面的表面情况都一样．完全相同的物体（可视为质点）A、B、C分别从三斜面的顶部滑到底部的过程中

A.物体A克服摩擦力做的功最多
B.物体B克服摩擦力做的功最多
C.物体C克服摩擦力做的功最多
D.三物体克服摩擦力做的功一样多
7、如图所示，物块P、Q叠放在一起，静止在水平面上．则在下列的各对力中属于作用力和反作用力的是( )

A.P所受到的重力和Q对P的支持力
B.Q受到的重力和Q对地球的吸引力
C.P对Q的压力和Q对P的支持力
D.Q对地面的压力和地面对Q的支持力
8、如图所示，质量为m1足够长的木板B静止在光滑水平面上，其上放一质量为m2的木块A。从t＝0时刻起，给木板施加一水平恒力F，分别用a1、a2和v1、v2表示木板、木块的加速度和速度大小，下列图象中可能符合运动情况的是( )

A. B.
C. D.
9、放在水平地面上的一物块，受到方向不变的水平推力的作用，力的大小与时间的关系如图所示；物块的运动速度与时间的关系如图所示，后的速度图象没有画出，取．下列说法正确的是（ ）

A.滑动时受的摩擦力大小是
B.物块的质量为
C.物块在内的加速度大小是
D.物块前3s内的平均速度大小是3m/s
10、如图所示，水平地面上放置一个倾角可以改变的斜面体，当倾角为30°时，物块A恰好静止在斜面上．现将斜面体倾角由30°增大到45°，又将物块A放置在斜面体上，且斜面体保持静止。当物块A在斜面体上时，比较前后两种情况可知（　　）

A.物块A受到的摩擦力减小
B.物块A受到的摩擦力增大
C.前一情况地面对斜面体的摩擦力为零
D.后一情况地面对斜面体摩擦力的方向水平向右
11、如图所示，一个人用双手握紧竖直放置的半圆形支架静止悬于空中．若手臂OP、OQ的拉力分别是FP、FQ，手臂OP保持水平不动，在手臂OQ缓慢移动到OQ’位置的过程中，下列说法正确的是

A.FP变大 B.FP变小
C.FP与FQ的合力始终不变 D.FP与FQ的合力变大
12、甲、乙两个物体从同一高度先后自由下落，不计空气阻力，则从乙释放后到甲落地前这段时间内（　　）
A.甲相对乙静止
B.甲相对乙做匀速直线运动
C.甲、乙之间的距离不断增大
D.甲、乙之间的速度差不断增大
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、如图1所示是在做“验证牛顿第二定律”实验时的装置，实验中使用的是电火花打点计时器，所用的电源是________（填“直流”或“交流”）电源，电压为________ V，频率是50Hz．放在水平桌面的小车（包括里面的钩码）的总质量为M，悬挂的每个钩码的质量为m．挂一个钩码时，水平木板上的小车恰好匀速运动，挂5个同样钩码时小车带动的纸带如图2所示，每相邻两点之间有四个点没有画出来，纸带上数字的单位是厘米，都是该点到点“0”的距离，该纸带________（填“是”或“不是”）从开始的“0”点就做匀加速直线运动．小车做匀加速直线运动段的加速度a=________m/s2（保留三位有效数字），g=9.8m/s2，=________（用分数表示）

14、如图甲所示为测定轻弹簧劲度系数的装置，被测弹簧一端固定于A点，另一端B用细绳绕过定滑轮挂钩码，旁边竖直固定一最小刻度为毫米的刻度尺，当挂两个钩码时，绳上的定点P对应的刻度如图乙中的虚线ab所示，再增加一个钩码后，P点对应的刻度如图乙中的虚线cd所示。已知每个钩码质量50g，重力加速度g取9.8m/s2.则被测弹簧的劲度系数为________N/m。挂三个钩码时弹簧的形变量为________cm。（均保留三位有效数字）

15、如图所示，物体在三个共点力的作用下保持平衡。这三个力的合力大小是_________。如果撤去力F1，而保持其余两个力不变，这两个力的合力方向________________________________。

三．计算题(22分)
16、（12分）水平面上有一木板，质量为M=2kg，板左端放有质量为m=1kg的物块（视为质点），已知物块与木板间动摩擦因数为μ1=0.2，木板与水平面间的动摩擦因数为μ2=0.4．设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取

（1）现用水平力F拉动木板，为使物块与木板一起运动而不相对滑动，求拉力F的大小范围？
（2）若拉动木板的水平力F=15N，由静止经时间t1=4s立即撤去拉力F，再经t2=1s物块恰好到达板右端，求板长L=？
17、（10分）.某校物理课外小组为了研究不同物体水下运动特征，使用质量m=0.05kg的流线型人形模型进行模拟实验。实验时让模型从h=0.8m高处自由下落进入水中。假设模型入水后受到大小恒为Ff=0.3N的阻力和F=1.0N的恒定浮力，模型的位移大小远大于模型长度，忽略模型在空气中运动时的阻力，试求模型：
（1）落到水面时速度v的大小；
（2）在水中能到达的最大深度H；
（3）从开始下落到返回水面所需时间t。

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、A
【解析】根据v-t图象的“面积”大小等于位移大小，图象在时间轴上方“面积”表示的位移为正，图象在时间轴下方“面积”表示的位移为负，可得，0-8s内质点通过的位移为：

由于质点在t=0时位于x=-2m处，故当t=8s时，质点在x轴上的位置为x=1m。
A．x＝1m，与结论相符，选项A正确；
B．x＝3 m，与结论不相符，选项B错误；
C．x＝9 m，与结论不相符，选项C错误；
D．x＝14 m，与结论不相符，选项D错误；
故选A。
2、D
【解析】A．当物体的大小和形状对我们所研究的问题影响不大，可以忽略时我们可将物体看做一个有质量的点，即质点，物体能否看做质点不是根据物体的大小来判断的，原子很小，但是研究原子内部结构时，原子不能看做质点，故A错误；
B．研究日食时，需要用到太阳的大小，不能忽略大小，所以不能看做质点，故B错误；
C．两飞船对接时，需要研究局部位置关系，所以不能看做质点，故C错误；
D．研究太空中飞船的运动，飞船的大小可以忽略，可以看做质点，故D正确。
故选D。
3、B
【解析】在下落和上升两个过程中，小球的加速度相同，均为重力加速度，A错．下落过程位移，B对．反弹上升的位移，整个过程中小球的位移x=x1+x2=0.6m，C错．整个过程中小球的平均速度大小,D错
4、B
【解析】位移时间图象表示物体的位置随时间的变化情况，图象上的任意一点表示该时刻的位置，图象的斜率表示该时刻的速度，斜率的正负表示速度的方向.
【详解】A．由图象可知，质点先向正方向做匀速直线运动，第1s末运动到x=3m处，第1-2s内处于静止，第2s末开始向负方向做匀速直线运动，第5s末运动到x=-6m处，故A错误；
BC．第2s-5s内质点向负方向做匀速直线运动，故B正确，C错误；
D．前5s内质点的位移为△x=x2-x1═-6m-0m=-6m，则平均速度大小为，故D错误.
故选B.
【点睛】理解位移-时间图象点和斜率的物理意义的同时，还要理解好速度-时间图象的点、线、面的物理意义.要明确位移图象的斜率等于速度.
5、B
【解析】速度时间图像中，倾斜直线的斜率大小为加速度大小，本图中斜率恒定，加速度恒定不变。
故选B。
6、D
【解析】设斜面底边长度为s，倾角为，那么的斜边长为，对物体受力分析，那么物体受到的滑动摩擦力为

那么物体克服摩擦力做的功为

即物体克服摩擦力做的功与倾角无关．所以三物体克服摩擦力做的功一样多，故ABC错；D正确。
故选D
7、BCD
【解析】A、P所受到的重力和Q对P的支持力，很显然，这两个力都作用在一个物体P上，它们是一对平衡力，A错误；
B、作用力和反作用力是同时产生同时消失的，分别作用在两个物体上．Q受到的重力和Q对地球的吸引力是Q与地球之间的相互作用力，所以它们是作用力和反作用力，B正确；
C、P对Q的压力和Q对P的支持力是Q与P两个物体之间的相互作用力，所以它们也是作用力和反作用力，故C错误；
D、Q对地面的压力和地面对Q的支持力，它们是两个物体之间的相互作用力，是一对作用力和反作用力，所以D正确；
故选BCD
考点：作用力与反作用力
8、ABD
【解析】A．木块A和木板B可能保持相对静止，一起做匀加速直线运动。加速度大小相等。故A正确。
BCD．木块A可能相对木板B向后滑，即木块A的加速度小于木板B的加速度，都做匀加速直运动。对于速度图象，其斜率表示加速度，故C错误，BD正确。
故选ABD。
9、BD
【解析】结合已知的速度-时间图象可以得出物体在不同时刻的运动情况；由F的大小与时间t的关系图象可以得出物体在不同时刻所受到的推力大小；运用牛顿第二定律解决问题;
【详解】由速度-时间图象可以知道，在3～6s内，物体处于匀速直线状态，即物体所受到的摩擦力大小应该与推力F大小相等，F滑=F推=6N，故A错误；在0～3s内，物体做匀加速直线运动，a=2m/s2，F合=ma=F推-F滑=3N，得出m=1.5kg，故B正确；在6～9s内，F推=3N，F滑=6N，F合=ma=F滑-F推=3N，得出a=2m/s2，故C错误；物块前3s内做匀加速运动，则前3s内的平均速度大小是，故D正确；故选BD
【点睛】此题考查了学生对图象问题的分析能力，能从图象中得出相关的信息，v-t图象、F-t图象相结合，判断出物体各段运动状态，根据平衡状态中二力平衡找出力的大小
10、AC
【解析】物块A和斜面保持静止，受力都平衡，分析物块A的受力情况，由平衡条件求出斜面对物块A和支持力和摩擦力，分析其变化；对整体研究，分析地面对斜面的摩擦力.
【详解】AB．对物块A受力分析如图所示：

当倾角为30°时，物块A恰好静止在斜面上．由平衡条件可得：物块A受到的静摩擦力f=mgsinθ=μmgcosθ，解得：f=0.5mg，，倾角由30°增大到45°，物块将加速下滑，摩擦力为滑动摩擦力，，故A正确，B错误；
CD．当倾角为30°时，对整体研究，受力平衡，地面对斜面体的摩擦力为零，倾角由30°增大到45°时，对整体研究，物块由沿斜面向下的加速度，将加速度分解为水平方向和竖直方向，则水平方向有向左的加速度，所以地面对斜面体摩擦力的方向水平向左，故C正确，D错误.
故选AC.
【点睛】本题考查了动态变化分析问题，根据临界条件和平衡条件列出力的表达式是关键.
11、BC
【解析】以人为研究对象，分析受力情况，运用作图法分析FP与重力的大小关系．人保持静止状态，则知FP与FQ的合力始终大小不变．由图判断FP与FQ的变化情况
【详解】以人为研究对象，分析受力情况如图所示：

人保持静止状态，则知FP与FQ的合力与重力G大小相等、方向相反，保持不变，故C正确；由图看出FP的大小在减小，FQ的大小也在减小，故A D错误，B正确．所以BC正确，AD错误
【点睛】本题是动态平衡问题，运用图解法比较直观，也可以运用函数法进行研究
12、BC
【解析】设乙运动的时间为t，则甲运动时间为t+△t，时间间隔为，则两球的相对速度，所以甲相对乙的运动是匀速直线运动，二者之间的距离为：，则可知甲、乙之间距离随时间均匀增大，故BC正确，AD错误

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.交流； ②.220； ③.不是； ④.2.90； ⑤.
【解析】实验中使用的是电火花打点计时器，所用的电源是交流电源，电压为220V，频率是50Hz
因x01=1．40cm；x12=2．15cm；x23=5．05cm，则x01:x12:x23=2:3:7，不是1:3:5．．．故纸带不是从开始的“0”点就做匀加速直线运动；；
根据牛顿定律可知，解得m:M:=29:345
考点：验证牛顿第二定律
【名师点睛】本题考查验证牛顿第二定律的实验，关键是搞清实验的基本原理；要注意掌握纸带的处理；本实验中有五组数据，采用了后4组利用逐差法求解；
14、 (1).70.0 (2).2.10
【解析】(1)[1]令x0、x1、x2分别指不挂钩码、挂两个钩码、挂三个钩码时，定点P对应的刻度，由胡克定律，挂两个钩码时
F1=k(x1-x0)=2mg
挂三个钩码时
F2=k(x2-x0)=3mg
则有
=F2-F1=k(x2-x1)=mg
所以劲度系数k为

(2)[2]挂三个钩码时弹簧形变量

15、 ①.0 ②.与F1的方向相反
【解析】[1][2]．物体在三个共点力的作用下保持平衡，这三个力的合力大小是0。因三力平衡时，任意两个力的合力与第三个力等大反向，则如果撤去力F1，而保持其余两个力不变，这两个力的合力方向与F1的方向相反。

三．计算题(22分)
16、（1）12N＜F≤18N（2）1.4m
【解析】（1）物块与木块一起运动，拉力F必须大于木板与地面之间的最大静摩擦力，当m与M之间的摩擦力达到最大静摩擦力时，拉力F达到最大值；
（2）拉动木板的水平力F=15N，在第（1）问拉力的范围内，整体先做匀加速运动，撤去F后，m向右匀减速，M向右匀减速，当M静止后，m继续向右匀减速到木板右端，求出木板静止前的相对位移和木板静止后物块的位移，即可求出木板的长度；
【详解】（1）M与地面之间的最大静摩擦力f1=μ2(M+m)g＝0.4×(2+1)×10＝12N
当M、m整体一起向右匀加速运动时，当m与M的静摩擦力达到最大静摩擦力时，拉力F最大；
对m：μ1mg＝ma①
得a=μ1g＝0.2×10m/s2＝2m/s2
对整体：F−μ2(M+m)g＝(M+m)a②
代入数据：F-12=（2+1）×2
解得：F=18N
所以拉力F大小范围是12N＜F≤18N
（2）拉动木板的水平力F=15N，M、m一起匀加速运动
根据牛顿第二定律：
t1＝4s时速度v1＝at1＝1×4m/s＝4m/s
撤去F后，物块加速度a1＝μ1g＝2m/s2
对木板：μ1mg−μ2(M+m)g＝Ma2，
代入数据：0.2×10−12＝2 a2
解得：a2＝−5m/s2
木板向右速度减为0的时间；根据题意t2=1s物块恰好到达板右端
在t1时间内物块的位移：
木板位移：
物块相对木板的位移△x＝x1-x2＝2.56−1.6＝0.96m
根据题意撤去力F后，再经t2=1s物块恰好到达板右端
所以木板静止后，木块继续运动0.2s
t1＝0.8s时物块的速度v2=v1-a1t1＝4−2×0.8＝2.4m/s

木板长：L=△x+△x′=0.96+0.44=1.4m
17、（1）4m/s（2）0.5m（3）1.15s
【解析】（1）模型人入水时的速度记为v，自由下落的阶段加速度记为a1，则a1=g；v2=2a1h
解得v=4m/s；
（2）模型人入水后向下运动时，设向下为正，其加速度记为a2，则：mg-Ff-F=ma2
解得a2=-16m/s2
所以最大深度：
（3）自由落体阶段：
在水中下降
在水中上升：F-mg-Ff=ma3
解得a3=4.0m/s2
所以：
总时间：t=t1+t2+t3=115s