浙江省各地2025-2026学年高一物理第一学期期末统考模拟试题含解析.doc

浙江省各地2025-2026学年高一物理第一学期期末统考模拟试题
考生须知：
1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。
2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。
3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、如图所示，在一辆表面光滑且足够长的小车上，有质量分别为m1和m2的两个小球A、B随小车一起做匀速直线运动，（m1>m2）当小车突然停止时，如不考虑其他阻力，小车足够长，则两个小球

A.一定相碰
B.一定不相碰
C.不一定相碰
D.是否相碰与车速度的方向有关
2、在水平面上放着两个质量分别为2kg和3kg的小铁块m和M，它们之间用一原长为10cm，劲度系数为100N/m的轻弹簧相连，铁块与水平面之间的动摩擦因数均为0.2．铁块M受到一大小为20N的恒定水平外力F，两个铁块一起向右做匀加速直线运动，如图所示．这时两铁块之间弹簧的长度应为（重力加速度g取10m/s2）（　　）

A.12cm B.13cm
C.15cm D.18cm
3、以下关于力的说法中正确的是（）
A.重力的方向总是竖直向下，所以地球上所有物体的重力方向都相同
B.放在水平地面上静止的物体的重力就是物体对地面的压力，因为它们大小相等，方向也相同
C.静摩擦力不仅能存在于两静止物体之间，也可以存在于两个运动物体之间
D.挂在绳下处于静止的物体，受到绳的拉力是由于物体的形变引起的
4、一质点做匀加速直线运动，第3s内的位移是2m，第4s内的位移是2.5m，那么以下说法中不正确的是（　　）
A.这2s内平均速度是2.25m/s B.第3s末瞬时速度是2.25m/s
C.质点的加速度是0.125m/s2 D.质点的加速度是0.5m/s2
5、长征系列运载火箭在 11 月 19 日圆满完成了 2018 年的第 20 次发射任务，这标志着我国运载火箭研制能力和产业化发展迈入新台阶．火箭是世界上先进的运载工具，它是利用喷射燃烧的气体获得动力的．不计空气阻力，在火箭竖直加速升空时，下列叙述正确的是（ ）
A.喷出的气体对火箭地推力与火箭对喷出气体的推力是一对作用力和反作用力
B.喷出的气体对火箭地推力与火箭的重力是一对作用力与反作用力
C.喷出的气体对火箭的推力大于火箭对喷出气体的推力
D.喷出的气体对火箭的推力等于火箭的重力
6、下列各力中，属于根据力的效果命名的是（　　）
①拉力  ②动力  ③阻力  ④压力  ⑤弹力  ⑥重力  ⑦摩擦力  ⑧支持力
A①②③④⑤ B.①③④⑤⑥
C.①②③④⑧ D.②③④⑤⑧
7、高中阶段我们接触的很多物理量既要考虑其大小又要考虑其方向，下列物理量中是矢量的有（）
A.力 B.位移
C.时间 D.加速度
8、如图所示，轻质弹簧的一端固定在地面上，另一端连接质量为m的物体B，B物的上面放一质量为M的物体A（A、B不粘连），此时A、B都静止时的位置称为原位置。今从原位置用一竖直向下的力F压物体A，待系统静止后撤除F，则A、B开始向上运动，则物体在向上运动的过程中（ ）

A.物体A、B到达原位置时的速度最大
B.物体A、B到达弹簧自然长度位置时速度最大
C.若物体A、B能分离，则到达弹簧自然长度位置时分离
D.物体A、B到达弹簧自然长度位置时的加速度都为重力加速度g
9、如图所示，水平传送带两端、相距，以的速度（始终保持不变）顺时针运转．今将一小煤块（可视为质点）无初速度地轻放至端，由于煤块与传送带之间有相对滑动，会在传送带上留下划痕已知煤块与传送带间的动摩擦因数，重力加速度，则煤块从运动到的过程中

A.煤块从运动到的时间是2.3 s
B.煤块从运动到的时间是1.6 s
C.划痕长度是2.8 m
D.划痕长度是3.2 m
10、 (多选)如图所示,A、B、C三个物体质量相等,它们与传送带间的动摩擦因数相同．三个物体随传送带一起匀速运动,运动方向如图中箭头所示．下列说法正确的是

A.A物体受到的摩擦力不为零,方向向右
B.三个物体中只有A物体受到的摩擦力为零
C.B、C两物体受到的摩擦力大小相等,方向相反
D.B、C两物体受到的摩擦力大小相等,方向相同
11、为了节省能量，某商场安装了智能化的电动扶梯．无人乘行时，扶梯运转得很慢；有人站上扶梯时，它会先慢慢加速，再匀速运转．一顾客乘扶梯上楼，恰好经历了这两个过程，如图所示，那么下列说法中正确的是（ ）

A.加速时顾客所受重力与支持力的合力方向是竖直向上
B.扶梯对顾客的支持力方向始终是竖直向上
C.扶梯对顾客的摩擦力方向始终指向右上方
D.扶梯对顾客的作用力的方向先指向右上方，再竖直向上
12、如图甲所示，质量的粗糙长木板P（足够长）静止在水平地面上，一个可视为质点的物块Q以初速度滑上长木板上表面，在物块Q滑上长木板P的同时给P施加个方向水平向右大小为的拉力，P、Q的图线如图乙所示，其中、段分别是内Q、P的图线，段是内P、Q共同的图线，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，，下列说法正确的是（）

A.物块Q的质量为
B.P、Q之间的动摩擦因数为0.4，P与地面间的动摩擦因数为0.2
C.长木板P最小的长度为
D.内物块Q的位移大小为
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、在做“研究平抛物体的运动”实验时，让小球多次沿同一轨道运动，通过描点法画出小球做平抛运动的轨迹
(1)为了能较准确地描绘运动轨迹，下面列出了一些操作要求，将你认为正确的选项填在横线上____
A．通过调节使斜槽末端的切线保持水平
B．实验所用斜槽的轨道必须是光滑的
C．每次必须由静止释放小球，而释放小球的位置始终相同
D．将球的位置标在纸上后，取下纸，用直尺将点连成折线
(2)某同学在做实验时，用一张印有小方格的纸记录轨迹，小方格的边长L=10cm，若小球在平抛运动途中的几个位置如图所示的a、b、c、d，则小球平抛的初速度为v0=____m/s，小球过c点时速度的大小为____m/s（g取10m/s2）。

14、在“探究弹力和弹簧伸长的关系并测定弹簧的劲度系数”实验中，实验装置如图甲所示。所悬挂钩码的重力相对于对弹簧提供了向右的恒定拉力。实验时先测出不挂钩码时弹簧的自然长度，再将5个钩码逐个挂在绳子的下端，每次测出相应的弹簧总长度。作出弹簧的长度（L）随钩码个数（n）变化的图象如图乙所示，则：

①图线与L轴的交点的物理意义是______________________________；
②图线BC段偏离了直线，其原因是_____________________________；
③该同学实验时，把弹簧水平放置与弹簧竖直悬挂放置相比，优点在于____________________，缺点在于____________________。
15、在“验证力的平行四边形定则”的实验中,某小组利用如图甲所示的装置完成实验,橡皮条的一端C固定在木板上,用两只弹簧测力计把橡皮条的另一端拉到某一确定的O点

（1）下列叙述正确的是_________
A.该实验中CO的拉力是合力,AO和BO的拉力是分力
B.两次操作必须将橡皮条和绳的结点拉到相同位置
C.实验中AO和BO的夹角应尽可能大
D.在实验中,弹簧测力计必须保持与木板平行,读数时视线要正对弹簧测力计的刻度线
E.实验中,只需记录弹簧测力计的读数和O点的位置
（2）对数据处理后得到如图乙所示的图线,则F与F'两力中,方向一定沿CO方向的是_______
（3）本实验采用的科学方法是_________
A．控制变量法B.放大法C.理想实验法D.等效替换法
三．计算题(22分)
16、（12分）传送带被广泛应用于各行各业．由于不同的物体与传送带之间的动摩擦因数不同，物体在传送带上的运动情况也有所不同．如图所示，一倾斜放置的传送带与水平面的夹角θ＝37°，在电动机的带动下以v＝2 m/s的速率顺时针方向匀速运行．M、N为传送带的两个端点，M、N两点间的距离L＝7 m．N端有一离传送带很近的挡板P可将传送带上的物块挡住．在传送带上的O处先后由静止释放金属块A和木块B，金属块与木块质量均为1 kg，且均可视为质点，O、M间距离L1＝3 m．sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，g取10 m/s2.传送带与轮子间无相对滑动，不计轮轴处的摩擦

(1) .金属块A由静止释放后沿传送带向上运动，经过2 s到达M端，求金属块与传送带间的动摩擦因数μ1；
(2) .木块B由静止释放后沿传送带向下运动，并与挡板P发生碰撞．已知碰撞时间极短，木块B与挡板P碰撞前、后速度大小不变，木块B与传送带间的动摩擦因数μ2＝0.5.求与挡板P第一次碰撞后，木块B所达到的最高位置与挡板P的距离
17、（10分）如图所示，水平传送带端到端的距离，物块均视为质点）通过绕在光滑定滑轮上的细线连接，物块在传送带的左端，与连接物块的细线水平，当传送带以的速度逆时针转动时，物块恰好静止。已知物块的质量，物块与传送带间的动摩擦因数为0.25，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取重力加速度，求：
（1）物块的质量；
（2）当传送带以的速度顺时针转动时，物块从端运动到端所用的时间；
（3）当传送带以的速度顺时针转动时，物块从端运动到端的过程中，物块相对传送带运动的距离。

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、B
【解析】车停止前，两小球和小车一起做匀速运动，两小球和小车具有共同的速度。当小车突然停止时，由于小车表面光滑，两小球由于惯性，还要保持原来大小不变的速度做匀速直线运动，因此一定不会相碰。
故选B。
2、D
【解析】先把m、M看成一个整体，由牛顿第二定律可得，代入数据解得，以m为研究对象，由牛顿第二定律可得，解得，由可得，x=0.08m=8cm，，D选项正确
故选D
考点：牛顿第二定律的应用
点评：中等难度．解决连接体问题的方法：“整体法”和“隔离法”．（1）整体法：将一组连接体看作一个整体，牛顿第二定律中，是整体受到的合外力，只分析整体所受的外力即可（因为连接体的相互作用力是内力，可以不分析），简化了受力分析．在研究连接体时，连接体各部分的加速度是相等的．（2）隔离法：在求解连接体的相互作用力时，将某个部分从连接体中分离出来，其他部分对它的作用力就成了外力．整体法与隔离法在研究连接体问题时经常交替使用
3、C
【解析】考查物体间的相互作用。
【详解】A．重力的方向总是竖直向下，地球是球形，指向球心附近，方向不同，A错误；
B．重力的施力物体是地球，物体对地面的压力施力物体是物体，不是同一个力，B错误；
C．静摩擦力存在于相对静止的物体之间，如果两物体运动情况相同，则为相对静止，C正确；
D．受到绳的拉力施力物体是绳，由绳的形变产生的，D错误。
故选C
4、C
【解析】A．根据平均速度公式，这2s内质点的平均速度为
=2.25m/s
A正确，不符合题意；
B．质点第3s末的瞬时速度等于这2s时间内的平均速度，则，B正确，不符合题意；
CD．根据Δs=aT2得，质点的加速度

C错误，符合题意，D 正确，不符合题意。
故选C。
5、A
【解析】相互作用力的特点：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在两个物体上
【详解】A、B、C项：由牛顿第三定律可知，喷出的气体对火箭地推力与火箭对喷出气体的推力是一对作用力和反作用力，所以喷出的气体对火箭地推力与火箭对喷出气体的推力大小相等，方向相反，故A正确，B、C错误；
D项：当火箭沿竖直方向，向上加速升空时，喷出的气体对火箭的推力大于火箭的重力，故D错误
故选A
6、C
【解析】拉力、动力、阻力、压力、支持力是按照效果命名的，弹力、重力、摩擦力是按照力的性质命名的，故C正确，ABD错误
7、ABD
【解析】矢量既有大小又有方向，标量只有大小没有方向；
A．力既有大小又有方向，为矢量，A正确；
B．位移既有大小又有方向，矢量，B正确；
C．时间只有大小，没有方向，为标量，C错误；
D．加速度既有大小又有方向，为矢量，D正确；
故选ABD
8、ACD
【解析】考查牛顿运动定律的应用，叠加体问题。
【详解】AB．初始在原位置时两物体保持平衡，加速度为零，用力压下去后弹回到原位置过程中：

弹簧弹力减小，加速度减小，当弹回到原位置时，弹力等于重力，加速度为零，过了原位置之后，弹簧弹力继续减小，加速度变为向下，即做减速运动，所以物体A、B到达原位置时的速度最大，A正确，B错误；
CD．达到弹簧自然长度位置时，弹簧对AB没有力的作用，AB的加速度都为g，再上去一点，弹簧对B有向下的拉力，B的加速度大于g，而B对A没有向下的力，A的加速度依然为g，所以此时AB开始分离，即若物体A、B能分离，则到达弹簧自然长度位置时分离，CD正确。
故选ACD
9、AD
【解析】AB．煤块做匀加速直线运动时，根据牛顿第二定律有

得

假设煤块的速度达到4 m/s时未离开传送带，此时煤块通过的位移大小为

因此煤块先做匀加速直线运动，后做匀速直线运动，做匀加速直线运动的时间为

此后煤块以与传送带相同的速度匀速运动至端，有

匀速运动的时间为

运动的总时间为

A正确，B错误；
CD．划痕长度即煤块相对于传送带位移大小，可得

C错误，D正确
10、BD
【解析】A、A物体做水平方向的匀速直线运动，水平方向不受摩擦力，故A错误；
BCD、B、C物体均有相对传送带向下滑动的趋势，故均受到沿斜面向上的静摩擦力，大小等于mgsinθ，故B、D正确，C错误；
故选BD
【点睛】关键是判断两个物体间是否存在摩擦力，需要判断两个物体间的相对运动或者相对运动趋势，摩擦力方向和相对运动或者相对运动趋势方向相反，BC两物体有向下滑动的趋势，受到沿斜面向上的静摩擦力
11、ABD
【解析】分加速和匀速两个过程对顾客进行运动分析和受力分析，加速过程合力斜向右上方，故支持力大于重力，静摩擦力向右；匀速过程重力和支持力二力平衡
【详解】在慢慢加速的过程中，受力如图，因顾客加速度有竖直向上的分量，则顾客所受重力与支持力的合力方向是竖直向上，选项A正确；无论是加速还是匀速阶段，扶梯对顾客的支持力方向始终是竖直向上的，选项B正确；

加速阶段，因加速度有水平向右的分量，则顾客受到的摩擦力与接触面平行水平向右，匀速运动时顾客水平方向不受摩擦力的作用，选项C错误；加速阶段，扶梯对其的支持力和摩擦力的合力方向指向右上，即扶梯对顾客的作用力的方向先指向右上方；在匀速运动的过程中，顾客处于平衡状态，只受重力和支持力，顾客与电梯间的摩擦力等于零，扶梯对顾客的作用仅剩下支持力，方向沿竖直向上，选项D正确；故选ABD
【点睛】本题关键要分两个过程研究，加速过程可以先找出加速度方向，然后得出合力方向，结合物体的受力情况，可以得出各个力的大小情况；匀速过程二力平衡，与运动方向无关.
12、AC
【解析】AB．设物块Q的质量为m，P、Q之间的动摩擦因数为μ1，P与地面间的动摩擦因数为μ2。根据速度图象的斜率表示加速度，可得0-1s内Q、P的加速度大小分别为
a1=4m/s2，a2=4m/s2。
0-1s，根据牛顿第二定律，对Q有：
μ1mg=ma1
对P有：
μ1mg+F-μ2（M+m）g=Ma2；
Q、P共速后做匀速运动，有：
F=μ2（M+m）g
联立解得：
m=1kg，μ1=0.4，μ2=0.1，
故A正确，B错误；
C．长木板P最小的长度等于0-1s内Q相对P的位移为：
，
故C正确；
D．0～2s内物块Q的位移大小为：
，
故D错误。
故选AC。

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.AC ②.2.0 ③.2.5
【解析】（1）[1]A.通过调节使斜槽末端保持水平，是为了保证小球做平抛运动；故A正确；
B.斜槽轨道是否光滑，不会影响做平抛运动，故B错误；
C.因为要画同一运动的轨迹，必须每次释放小球的位置相同，且由静止释放，以保证获得相同的初速度，故C正确；
D.将球经过不同高度的位置记录在纸上后，取下纸，平滑的曲线把各点连接起来，故D错误；
故选AC。
（2）[2][3]根据△y=L=gT2得相等的时间间隔为

则初速度为

小球过b点时竖直速度的大小为

小球过b点时速度的大小为

14、 ①.①弹簧的原长； ②.②超过了弹性限度； ③.③避免了悬挂放置时弹簧自身所受重力对实验产生的影响； ④.弹簧与桌面及绳子与滑轮间存在的摩擦造成实验的误差。
【解析】①[1]根据胡克定律F=k△L知：

当弹力为零时，弹簧的形变量为零，此时弹簧的长度等于弹簧的原长，所以图线与L轴的交点的物理意义是弹簧的原长L0；
②[2]图线BC段偏离了直线，其原因拉力太大，弹簧的长度超过了弹性限度；
③[3] 水平放置的优点：避免了悬挂放置时弹簧自身所受重力对实验产生的影响；
[4] 水平放置的缺点：弹簧与桌面及绳子与滑轮间存在的摩擦造成实验的误差。
15、 ①.BD ②. ③.D
【解析】本实验的目的是验证力的平行四边形定则，研究合力与分力的关系，而合力与分力是等效的．本实验采用作合力与分力图示的方法来验证，根据实验原理和方法来选择
【详解】（1）CO的拉力与AO和BO的拉力是三个共点力，三个力的合力为零，CO的拉力与AO和BO的拉力的合力等值反向，即CO的拉力与AO和BO的拉力的合力方向相反，故A错误．要保证两个弹簧称的拉力与一个弹簧称的拉力效果相同，橡皮条要沿相同方向伸长量相同，则O点的位置应固定．故B正确．本实验只要使两次效果相同就行，两个弹簧称拉力的方向没有限制．故C错误．本实验是在水平面作力的图示，为了减小误差弹簧测力计必须保持与木板平行，读数时视线要正对弹簧测力计的刻度．故D正确．实验中，需记录弹簧测力计的读数和拉力的方向，以及O点的位置，故E错误．故选BD
（2）数据处理时要注意：用平行四边形画出来的是理论值，与橡皮筋同线的是实际值．所以方向一定沿CO方向的是F′
（3）本实验采用的科学方法是等效替代法，故选D
【点睛】本实验采用的是等效替代的方法，即一个合力与几个分力共同作用的效果相同，可以互相替代．解答实验的出发点为明确实验原理、实验步骤、数据处理，明确合力和分力之间的关系，同时注意应用所学物理基本规律解决实验问题

三．计算题(22分)
16、（1）1（2）1.6m
【解析】(1)金属块A在传送带方向上受摩擦力和重力的下滑分力，先做匀加速运动，并设其速度能达到传送带的速度v=2m/s，然后做匀速运动，抓住总位移的大小，结合运动学公式求出加速度的大小，根据牛顿第二定律求出动摩擦因数的大小；
(2)根据牛顿第二定律求出木块下滑的加速度，从而结合速度位移公式求出与挡板碰撞的速度，反弹后，速度大于传送带速度，摩擦力向下，速度与传送带速度相等后，摩擦力向上，根据牛第二定律分别求出上滑过程中的加速度，结合运动学公式求出木块B所达到的最高位置与挡板P的距离
【详解】(1)金属块A在传送带方向上受重力沿传送带向下的分力和摩擦力，由题意可知，μ1>tan θ，即A先做匀加速运动，并假设其速度能达到传送带的速度v＝2 m/s，然后做匀速运动，到达M点．金属块由O运动到M，有：

且t1＋t2＝t，v＝at1
根据牛顿第二定律有μ1mgcos 37°－mgsin 37°＝ma
解得t1＝1 s<t＝2 s，符合题设要求
加速度
解得金属块与传送带间的动摩擦因数μ1＝1；
(2) 由静止释放后，木块B沿传送带向下做匀加速运动，其加速度为a1，运动距离LON=4m，第一次与P碰撞前的速度为v1
a1=gsinθ-μgcosθ=2m/s2

由μ2<tan θ可知，与挡板P第一次碰撞后，木块B以速度大小v1被反弹，先沿传送带向上以加速度大小a2做匀减速运动直到速度为v，此过程运动距离为s1；之后以加速度大小a1继续做匀减速运动直到速度为0，此时上升到最高点，此过程运动距离为s2.
a2＝gsin θ＋μ2gcos θ＝10 m/s2

因此与挡板P第一次碰撞后，木块B所到达的最高位置与挡板P的距离为
s＝s1＋s2＝1.6 m
【点睛】本题是一个多过程问题，比较复杂，关键理清物块在传送带上整个过程中的运动规律，搞清摩擦力的方向，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解
17、（1）mQ=8kg （2）t总=3s （3）△x=8m
【解析】（1）当传送带以v=8m/s逆时针转动时，物块Q恰好静止不动，对Q受力分析知
F=f
即
mPg=μmQg
解得：
mQ=8kg
（2）当传送带以v=8m/s顺时针转动时，物块Q向右做初速度为零的匀加速直线运动，对Q，由牛顿第二定律得：
μmQg+T=mQa
对P分析可得
mPg-T=mPa
联立解得：
a=4m/s2
共速之前P、Q一直做匀加速直线运动，Q匀加速运动的时间为：

Q匀加速运动的位移为：

共速之后Q做匀速运动，所用时间为：

则Q从A端到达B端所用的时间为：
t总=t1+t2=3s
（3）Q加速阶段传送带的位移为：
x传=vt1=8×2m=16m
共速阶段二者没有相对位移，所以物块Q相对传送带运动的距离为：
△x=x传-x=8m