郴州市重点中学2025-2026学年高一上物理期末检测模拟试题含解析.doc

郴州市重点中学2025-2026学年高一上物理期末检测模拟试题
注意事项
1．考生要认真填写考场号和座位序号。
2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。
3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、小明同学在力传感器上完成“下蹲”和“站起”动作，计算机采集的图线如图所示，由图中信息可以判断出（重力加速度g取10m/s2）（　　）

A.小明的体重大约为70kg
B.小明同学先完成“下蹲”动作，再完成“站起”动作
C.“站起”过程一直处于超重状态
D.整个过程的最大加速度约为4m/s2
2、如图，质量为m的小球挂在电梯的天花板上．电梯在以大小为g/3的加速度向上减速运动的过程中，小球

A.处于失重状态，所受拉力为mg/3
B.处于失重状态，所受拉力为2mg/3
C.处于超重状态，所受拉力为mg/3
D.处于超重状态，所受拉力为4mg/3
3、一辆汽车正在做匀加速直线运动，计时之初，速度为6m/s，运动28m后速度增加到8m/s，则下列说法正确的是(　　)
A.这段位移所用的时间是1s
B.这段运动的加速度是3.5m/s2
C.自计时开始起，2s末的速度是7m/s
D.从开始计时起，经过14m处的速度是2m/s
4、去年10 月，云南省迪庆州发生一起“火流星”（陨石）空爆事件，空爆高度为37km.假设空爆后一块质量为m 的陨石竖直下落，在某时刻受到的空气阻力为,则此时陨石加速度的大小为( )
A. B.
C. D.g
5、关于超重和失重，下列说法正确的是（　　）
A.超重就是物体受到的重力增大了 B.失重就是物体受到的重力减小了
C.完全失重就是物体受到的重力为零 D.无论超重、失重，物体受到的重力都不变
6、如图所示的是一个物体的运动图象，下列说法中正确的是

A物体3s末开始改变速度方向
B.物体4s末开始改变位移方向
C.物体在第5s内的加速度的大小大于第1秒内的加速度的大小
D.物体在第4s内和第5s内的加速度方向相反
7、运动员用力F1将球顶出，此时球对运动员的力为F2，下列说法正确的是（　　）

A.F1与F2的大小相等
B.F1与F2是同一性质的力
C.F1与F2是对平衡力
D.F1与F2的方向相反
8、如图所示，手用力向下压架在两本书之间的尺子，尺子发生了弹性形变。若手对尺子的压力为FN，尺子对手的弹力为FN′，下列说法正确的有（　　）

A.和是一对平衡力
B.和是一对作用力和反作用力
C.是由于尺子发生形变而产生的
D.是由于尺子发生形变而产生的
9、如图所示，一只猫在桌边猛地将桌布从鱼缸下拉出，鱼缸最终没有滑出桌面．若鱼缸、桌布、桌面两两之间的动摩擦因数均相等，则在上述过程中( )

A.桌布对鱼缸摩擦力方向向左
B.鱼缸在桌布上的滑动时间和在桌面上的相等
C.若猫增大拉力，鱼缸受到的摩擦力将增大
D.若猫减小拉力，鱼缸有可能滑出桌面
10、船在静水中的速度与时间的关系如图甲所示，河水的流速与船离河岸的距离的变化关系如图乙所示，则当船沿渡河时间最短的路径渡河时( )

A.船渡河的最短时间是60s
B.船在河水中航行的轨迹是一条曲线
C.船在河水中的最大速度是 5m/s
D.要使船以最短时间渡河，船在行驶过程中，船头必须始终与河岸垂直
11、如图所示，一小球以6m/s的初速度从斜面底端A沿光滑固定斜面向上做匀减速直线运动，恰好能运动到斜面顶端B处。若小球沿斜面向上与沿斜面向下运动的加速度大小相同，斜面长度为3m，则下列说法正确的是（　　）

A.小球在斜面上向上运动的时间为0.5s
B.小球在斜面上运动的时间为2s
C.小球沿斜面向下运动的加速度大小为
D.小球返回到A时的速率为12m/s
12、关于滑动摩擦力，下列说法正确的有（　　）
A.滑动摩擦力的方向总是与物体运动的方向相反
B.滑动摩擦力的方向可以和物体运动的方向相同
C.滑动摩擦力总是阻碍物体的运动
D.滑动摩擦力总是阻碍物体间的相对运动
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、已知物体在倾角为α的斜面上恰能匀速下滑，则物体与斜面间的动摩擦因数是________；如果物体质量为m，当对物体施加一个沿着斜面向上的推力时恰能匀速上滑，则这个推力大小是_______
14、用如图甲所示实验装置，探究加速度与力、质量的关系实验中，将一端带定滑轮的长木板放在水平实验桌面上，实验小车通过轻细绳跨过定滑轮与砂桶相连，小车与纸带相连，打点计时器所用交流电的频率为f＝50 Hz.平衡摩擦力后，在保持实验小车质量不变的情况下，放开砂桶，小车加速运动，处理纸带得到小车运动的加速度为；改变砂桶中沙子的质量，重复实验三次

（1）在验证“质量一定，加速度与合外力的关系”时，某学生根据实验数据作出了如图乙所示的图象，其中图线不过原点并在末端发生了弯曲现象，产生这两种现象的原因可能有_____
A．木板右端垫起的高度过小（即平衡摩擦力不足）
B．木板右端垫起的高度过大（即平衡摩擦力过度）
C．砂桶和沙子的总质量远小于小车和砝码的总质量（即）
D．砂桶和沙子的总质量未远小于小车和砝码的总质量
（2）实验过程中打出的一条理想纸带如图丙所示，图中、、、、、、为相邻的计数点，相邻两计数点间还有4个点未画出，则小车运动的加速度＝_____.（结果保留3位有效数字）

（3）小车质量一定，改变砂桶中沙子的质量，砂桶和沙子的总质量为，根据实验数据描绘出的小车加速度与砂桶和沙子的总质量之间的关系图象如图丁所示，则小车的质量_____.（g=10m/s2）

15、“验证力的平行四边形定则”的实验如图（a）所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳，图（b）是在白纸上根据实验结果画出的图

（1）图（b）中的________是力和的合力的理论值；________是力和的合力的实际测量值
（2）在实验中，如果将细绳也换成橡皮筋，那么实验结果是否会发生变化？答：____________（选填“变”或“不变”）
（3）本实验采用的科学方法是_______.
A．理想实验法
B．等效替代法
C．控制变量法
D．建立物理模型法

三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示，一个质量m=1kg的物块，在F=10N的拉力作用下，从静止开始沿水平面做匀加速直线运动，拉力方向与水平方向成θ=。假设物块与水平面之间的滑动摩擦因数μ=0.5，取重力加速度g=10m/s2。sin=0.6，cos=0.8。求:
（1）做出物块的受力分析图；
（2）求物块运动的加速度大小；
（3）求从静止开始物块移动2s后撤去F，物体还能运动多长时间？

17、（10分）如图所示，光滑斜面底端挡板上固定着劲度为k=200N/m的轻弹簧，弹簧另一端与连接着质量为的物块, 一根轻绳一端系在物体上,另一端跨过光滑的定滑轮挂有轻质量挂钩，挂钩不挂任何物体时，物体处于静止状态，在挂钩上轻轻挂上质量也为的物块后，物体开始沿斜面向上运动，已知斜面足够长，斜面倾角为30°，细绳与斜面平行，运动过程中始终未接触地面，

（1）求物块刚开始运动时的加速度大小
（2）物体沿斜面向上运动多远时获得最大速度.
（3）物体的最大速度的大小
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、B
【解析】A．开始时小处于平衡状态，小明对传感器的压力是500N，则小明的重力约为500N，体重约为50kg，故A错误；
BC．小明下蹲动作分别有失重和超重两个过程，先是加速下降失重(小于自身重力)，到达一个最大速度后再减速下降超重(大于自身重力)，站起过程分别有超重和失重两个过程，先是加速上升超重(大于自身重力)，到达一个最大速度后再减速上升失重(小于自身重力)，由图像可知，小明同学先完成“下蹲”动作，再完成“站起”动作，故B正确，C错误；
D．由图可知，小明同学对力传感器的最小压力约为200N，则最大加速大小约为

故D错误。
故选B
2、B
【解析】设绳的拉力为T，根据牛顿第二定律有mg-T=ma，解得：，所以处于失重状态，ACD错误B正确
3、C
【解析】AB．根据速度与位移的关系：

解得：，根据速度与时间的关系：

解得：，AB错误；
C．根据：

C正确；
D．根据中间位置速度公式：

D错误。
故选C。
4、A
【解析】对陨石由牛顿第二定律列方程求解
【详解】由牛顿第二定律得：

解得：
故选A
5、D
【解析】详解】AB．超重、失重时，重力没有变化，视重发生变化，故AB错误；
C．完全失重就是物体受到的重力不变，用来提供加速度，故C错误；
D．无论超重、失重，物体受到的重力都不变，故D正确。
故选D。
6、C
【解析】先根据速度时间图象得到物体的运动规律，然后根据运动学公式列式求解；
【详解】A．物体3s末速度达到最大值，开始减速，加速度的方向开始变化，但速度方向不变，故A错误；
B．物体4s末速度减为零，之后开始后退，但依然在出发点正方向上，即相对出发点的位移方向没有改变，故B错误；
CＤ．物体末速度达到最大值，设为，则第内的加速度等于前3s内的加速度，为，物体在第内的加速度的等于第内的加速度，方向相同，则加速度大小为：，故C正确，D错误
【点睛】本题关键是要明确速度时间图象的斜率、纵轴截距、速度的正负、图线与坐标轴包围的面积等的物理意义
7、ABD
【解析】作用力与反作用力一定大小相等，方向相反，作用在不同的物体上，它们同时产生同时消失，是同一性质力；
平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上
【详解】运动员顶球的过程中，运动员对球的力和球对运动员的力是作用在不同物体上的两个力，是一对相互作用力，它们同时产生同时消失，是同一性质力；
不会相互平衡．故ABD正确，C错误
故选ABD
【点睛】本题考查了相互作用力和平衡力的辨别，有一定综合性，但难度不大
8、BD
【解析】AB．手对尺子的压力与尺子对手的弹力分别作用在两个不同物体上，力的性质相同，是一对作用力与反作用力，不是一对平衡力，故A错误，B正确；
CD．是由手发生形变而产生的，而是由尺子发生形变而产生的，故C错误，D正确。
故选BD。
9、BD
【解析】A．鱼缸向右加速运动，桌布对鱼缸摩擦力的方向向右，故A错误；
B．鱼缸在桌布上加速运动，脱离桌布后在桌面上做减速运动，加速度大小相等，且加速运动的末速度等于减速运动的初速度，故可知鱼缸在桌布上的滑动时间和在桌面上的相等，故B正确；
C．鱼缸受的摩擦力只与鱼缸的重力和摩擦因数有关，故若猫增大拉力，鱼缸受到的摩擦力将不变，故C错误；
D．若猫减小拉力，若鱼缸能与桌布保持相对静止，故鱼缸能滑出桌面，故D正确。
故选BD。
10、BCD
【解析】A．当静水船速与河岸垂直时，渡河时间最短

故A错误；
B．船在沿河岸方向上做变速运动，在垂直于河岸方向上做匀速直线运动，两运动的合运动是曲线，故B正确；
C．船在静水中的速度与河水的流速是垂直的关系，其合成时不能直接相加减，而是满足矢量三角形合成的法则，故船在航行中最大速度是

故C正确；
D．要使船以最短时间渡河，船在行驶过程中，船头必须始终与河岸垂直，故D正确
故选BCD。
11、BC
【解析】A．小球沿斜面向上运动的过程中

解得时间

A错误；
B．小球沿斜面向上与沿斜面向下运动的加速度大小、位移大小和初末速度大小均相同，所以小球沿斜面向上运动和沿斜面向下运动的时间相同，即小球在斜面上运动的时间为，B正确；
C．小球沿斜面向上运动的逆过程视为初速度为零的匀加速直线运动

根据题意，解得小球沿斜面向下运动的加速度大小

C正确；
D．小球沿斜面向下运动至底端的速度大小

D错误。
故选BC。
12、BD
【解析】A．滑动摩擦力的方向总是阻碍物体间的相对运动，故与相地运动的方向相反，但不一定与运动方向相反，故A错误；
B．当滑动摩擦力作为动力时，其方向可以和物体运动的方向相同，如传送带上的物体，故B正确；
CD．滑动摩擦力总是阻碍物体间的相对运动，故C错误，D正确
故选BD

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①. ； ②. ；
【解析】详解】试题分析：物体匀速下滑时，受力分析如图：

由平衡条件得：
f=Gsinα；N=Gcosα
又：f=μN，解得：=tanα
物体匀速上滑时：

由平衡条件得：
N=Gcosα
f=μN=μGcosα
F=Gsinα+f=Gsinα+μGcosα
将μ=tanα得：
F=2Gsinα=2mgsinα
14、 ①.BD ②.2.00 ③.0.4
【解析】(1)图线不过原点且力为零时小车加速度不为零；所以木板右端垫起的高度过大（即平衡摩擦力过度）
图线末端发生了弯曲现象，是因为当砂桶和沙子的总质量未远小于小车和砝码的总质量后，绳上拉力小于砂桶和沙子的总重力
故答案为BD
(2) 相邻两计数点间还有4个点未画出，则两计数点间时间间隔
小车运动的加速度

(3) 设绳子拉力为，对砂桶和沙子受力分析，由牛顿第二定律可得：
对小车和砝码受力分析，由牛顿第二定律可得：
联立解得：，整理得：
由关系图象可得：，解得：
15、 ①.F ②.F' ③.不变 ④.B
【解析】（1）合力的理论值是指通过平行四边形定则求出的合力值，而其实验值是指一个弹簧拉橡皮条时所测得的数值，一定沿AO方向，由此可知F是合力的理论值，是合力的实验值
（2）由图可知，弹簧秤的最小分度为；
则读得：，
（3）本实验中两个拉力的作用效果和一个拉力的作用效果相同，采用的科学方法是等效替代法，故选项B正确

三．计算题(22分)
16、（1）（2）6m/s2 （3）2.4s
【解析】(1)受力示意图如图所示

(2)建立如图所示的直角坐标系，根据牛顿第二定律
x方向

y方向

加速度
a=6m/s2
(3)物块做匀加速直线运动2s，速度大小为

撤去拉力后，水平方向物块只受滑动摩擦力

撤去拉力后，物块还能运动的时间

代入数据得
=2.4s
17、（1）0.5g；（2）（3）
【解析】（1）以AB组成的整体为研究对象，由牛顿第二定律可以求出加速度a
（2）物块A沿斜面上升速度达到最大时合力为零，由平衡条件求出弹簧的形变量，由机械能守恒定律可以求出最大速度
【详解】（1）以A、B组成的系统为研究对象，A刚开始运动的瞬间，由牛顿第二定律得：
  mg=（m+m）a，
解得：a=0.5g；
（2）未挂B时，对A，由平衡条件得：mgsin30°=kx，得弹簧的压缩量为
当A受到的合力为零时速度最大，此时：
  mgsin30°+kx′=mg，
解得：x′=
因此物体P沿斜面向上运动的距离：x0=x+x′=；
（3）在出发点与Q点弹簧的形变量相同，弹簧的弹性势能相等，由机械能守恒定律得：
  mgx0=mgx0sin30°+•2mvm2，
解得最大速度：vm=；
【点睛】本题是牛顿第二定律及机械能守恒定律的应用．关键要分析清楚物体的运动过程，把握每个过程和状态的规律，应用牛顿第二定律与机械能守恒定律可以正确解题