2026届安徽省六校教育研究会高一上物理期末质量检测模拟试题含解析.doc

2026届安徽省六校教育研究会高一上物理期末质量检测模拟试题
请考生注意：
1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。
2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、在力合成中，下列关于两个分力与它们的合力关系的说法中，正确的是（　　）
A.合力一定大于每一个分力
B.合力一定小于每一个分力
C.两个分力大小不变，夹角在0°～180°之间变化时，夹角越大合力越小
D.合力的大小至少大于其中一个分力
2、如图所示，一杯子静止在水平桌面上，对桌面的压力为F．下列说法正确的是( )

A.力F就是杯子的重力
B.力F和桌子对杯子的支持力是一对平衡力
C.力F的性质是弹力，是由桌面的形变产生的
D.力F的性质是弹力，是由杯子的形变产生的
3、下列关于加速度的描述中，正确的是(　　)
A.物体的加速度等于零，则物体一定静止
B.当加速度与速度方向相同且又减小时，物体做减速运动
C.速度方向为正时，加速度方向可能为负
D.速度变化越来越快时，加速度越来越小
4、一质点沿直线运动的图像如图所示，由图像可知（）

A.0-12内该质点做匀变速直线运动
B.该质点在4s末改变运动方向
C.0-12s内该质点的平均速度为3m/s
D.0-4s内与4s-12s内质点加速度大小之比为2:1
5、某人在地面上最多可举起50kg的物体，某时他在竖直向上运动的电梯中最多举起了60kg的物体，据此判断此电梯加速度的大小和方向（g=10m/s2）（）
A.2m/s2 竖直向上 B.m/s2竖直向上
C.2m/s2竖直向下 D.m/s2竖直向下
6、下列物理量都属于矢量的是（　　）
A.位移、速度和时间
B.力、速度和路程
C.路程、位移和力
D.速度、加速度和力
7、一质点开始时做匀速直线运动，从某时刻起受到一恒力作用．此后，该质点的动能可能( )
A.一直增大
B.先逐渐减小至零，再逐渐增大
C.先逐渐增大至某一最大值，再逐渐减小
D.先逐渐减小至某一非零的最小值，再逐渐增大
8、野外求生时必须具备一些基本常识，才能在享受野外探险刺激的同时，保证最基本的安全。如图所示，为一野外求生人员进入河中岛的情境。已知河宽80m，水流速度为3m/s，人在静水中游泳的速度为5m/s，P为河正中央的小岛，O为河边一位置，OP垂直河岸，人要从河边某处游到小岛P处，则该人员运动的（　　）

A.最短位移为40m
B.最短位移为50m
C.最短时间为10s，应从O点左侧30m处开始游动
D.最短时间为8s，应从O点左侧24m处开始游动
9、下列说法正确的是（　　）
A.只有物体与物体相互接触时才有可能产生弹力
B.两物体间如果有相互作用的摩擦力，就一定存在相互作用的弹力
C.静止的物体不可能受到滑动摩擦力作用
D.静摩擦力的大小随压力的增大而增大
10、如图所示，光滑水平面上的甲、乙两个物体在水平恒力F1、F2作用下运动，若F1＜F2，则下述选项中正确的是（ ）

A.若撤去F1，则甲的加速度一定增大
B.若撤去F1，则甲对乙的作用力一定减少
C.若撤去F2，则乙的加速度一定增大
D.若撤去F2，则乙对甲的作用力一定减少
11、如图所示，质量分别为m1、m2的甲、乙两木块之间压缩一轻弹簧，用细线拉紧，竖直放置在水平地面上．当整个装置处于静止状态时，弹簧竖直，细线的拉力大小为F．将细线剪断的瞬间，下列说法中正确的是

A.甲的加速度大小为
B.甲的加速度大小为
C.乙对地面的压力大小为(m1+m2)g+F
D.地面对乙的支持力大小为(m1+m2)g
12、关于自由落体运动的加速度g，下列说法中正确的是 （ ）
A.同一地点轻重物体的g值一样大 B.重物体的g值大
C.g值在地面任何地方一样大 D.g值在赤道处小于南北两极处
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、小丽同学做“探究物体的加速度与力、质量的关系”实验，装置如图甲所示．实验中，小丽同学适当垫高木板一端并调节木板上定滑轮的高度，使牵引小车的细绳与木板平行，轻推小车，小车恰好匀速运动；再用天平测出小车的总质量，用砝码盘里砝码的重力代替小车所受的牵引力大小F.

(1)小车的加速度可由小车后拖动的纸带上由打点计时器打出的点计算出．实验得到一条点迹清晰的纸带如图乙所示，O、A、B、C、D是在纸带上选取的计数点，相邻计数点间还有4个点未画出，OA、CD间的距离分别为、打点计时器的打点周期为T，则小车运动的加速度大小为______。

(2)小丽同学通过实验记录牵引力大小F与对应的加速度a的几组数据画出图线．如图丙所示，图线不过原点，其原因主要是______；根据图线计算小车质量为______结果保留2位有效数字.
14、如图为“测定匀变速直线运动加速度”的实验装置：

（1）除打点计时器（含纸带、复写纸）、小车、一端附有滑轮的长木板、细绳、钩码、导线及开关外，在下面的仪器和器材中，必须使用的有_____________．（填选项代号）
A.电压合适的交流电源
B.电压可调的直流电源
C.刻度尺
D.秒表
（2）实验过程中，下列做法正确的是________
A先释放小车，再接通电源
B.先接通电源，再释放小车
C.将接好纸带的小车停在靠近长木板滑轮处
D.将接好纸带的小车停在靠近打点计时器处
15、某同学欲运用牛顿第二定律测量滑块的质量M，其实验装置如图甲所示，设计的实验步骤为：

（1）调整长木板倾角，当钩码质量为m0时滑块恰好沿木板向下做匀速运动；
（2）保持木板倾角不变，撤去钩码m0，将滑块移近打点计时器，然后释放滑块，滑块沿木板向下做匀加速直线运动，并打出点迹清晰的纸带如图乙所示(打点计时器的工作频率为50Hz)
请回答下列问题：

①打点计时器在打下D点时滑块速度vD=__________m/s；(结果保留3位有效数字)
②滑块做匀加速直线运动的加速度a=_____m/s2；(结果保留3位有效数字)
③滑块质量M=___________(用字母a、m0和当地重力加速度g表示)
（3）保持木板倾角不变，挂上质量为m(均小于m0)的钩码，滑块沿木板向下匀加速运动，测出滑块的加速度；多次改变钩码的质量，分别求出相应的加速度
（4）若绳的拉力与所挂钩码的重力大小相等，作出a—mg图象如图丙所示，则由图丙可求得滑块的质量M=______kg．(取g=10m/s2，结果保留3位有效数字)
三．计算题(22分)
16、（12分）民用航空客机的机舱除通常的舱门外还设有紧急出口，发生意外情况的飞机着陆后，打开紧急出口的舱门，会自动生成一个由气囊组成的斜面，机舱中的乘客就可以沿斜面迅速滑行到地面上．若某型号的客机紧急出口离地面高度为4．0 m，构成斜面的气囊长度为5．0 m．要求紧急疏散时，乘客从气囊上由静止下滑到达地面的时间不超过2．0 s（g取10 m/s2），则：
（1）乘客在气囊上下滑的加速度至少为多大？
（2）气囊和下滑乘客间的动摩擦因数不得超过多少？
17、（10分）如图所示，质量M＝4kg、长L＝2.25m的木板静止在水平面上，质量m＝2kg的滑块（可看做质点）从木板的左端以速度v0开始向右运动，滑块刚好没有从木板上滑下，已知木板与地面、滑块与木板间的动摩擦因数分别为µ1＝0.1和µ2＝0.4，取g＝10m/s2

(1)分别求开始时木板和滑块的加速度大小
(2)求滑块的初速度v0的大小
(3)求木板运动的最大位移并在图乙中画出滑块整个运动过程中的v－t图象.
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、C
【解析】两个分力方向相反时有最小值为二力之差，两个分力方向相同时有最大值为二力之和。两个分力大小不变，夹角在之间变化时，夹角越大合力越小，合力可能大于、等于、小于其中一个分力。
故选C。
2、D
【解析】二力平衡的条件：作用在同一个物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上；相互作用力的条件：作用在两个不同的物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上
【详解】A、力F的是由于杯子的形变产生的弹力，重力是地球的吸引产生的力，两者大小和方向相同，但性质不同，力的施力物体和受力物体不同；故A错误.
B、力F是杯子对桌子的压力与桌子对杯子的支持力，是一对作用力和反作用力，大小相等、方向相反；而非一对平衡力；故B错误.
C、D、弹力的产生是施力物体发生了挤压形变，在恢复的过程中产生了对受力物体的垂直接触面的力，则F的是由于杯子的形变产生的弹力；故C错误，D正确.
故选D.
【点睛】本题考查了弹力产生的条件，弹性形变是弹力产生的必要条件
3、C
【解析】加速度等于单位时间内的速度变化量，反映速度变化快慢的物理量，当加速度的方向与速度方向相同，物体做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，物体做减速运动
【详解】A项：加速度等于零时，物体可能静止，也可能匀速运动，故A错误；
B项：当加速度与速度方向相同时，速度增大，故B错误；
C项：速度方向为正，加速度方向可以为正（速度增加）也可以为负（速度减小），故C正确；
D项：加速度表示速度变化的快慢，速度变化越来越快，加速度应越来越大，故D错误
故选C
【点睛】解决本题的关键知道加速度的物理意义，掌握判断物体做加速运动还是减速运动的方法，关键看加速度的方向与速度方向的关系
4、D
【解析】速度时间图线的斜率表示加速度，图象与坐标轴围成面积代表位移，结合几何知识求解
【详解】0-12s内该质点先做匀减速运动，后做匀加速运动，整个过程的加速度发生了变化，不是匀变速直线运动，选项A错误；质点在0-12s内速度一直为正值，没有改变运动方向，选项B错误；0-12s内该质点的位移为；平均速度为，选项C错误；0-4s内的加速度；4s-12s内质点加速度大小，则加速度大小之比为2:1，选项D正确；故选D.
【点睛】本题是速度--时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度--时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义
5、D
【解析】由题意某时他在竖直向上运动的电梯中最多举起了60kg的物体，知物体处于失重状态，此人最大的举力为
F=mg=50×10N=500N
则由牛顿第二定律得

解得

方向向下。
故选D。
6、D
【解析】矢量是既有大小又有方向的物理量，标量是只有大小没有方向的物理量．位移和速度是矢量，时间是标量，故A错误；力是矢量，路程和速率是标量，故B错误；路程是标量，位移和力是矢量，故C错误；速度、力和加速度都是矢量，故D正确．所以D正确，ABC错误
7、ABD
【解析】一质点开始时做匀速直线运动，说明质点所受合力为0，从某时刻起受到一恒力作用，这个恒力就是质点的合力
根据这个恒力与速度方向关系确定质点动能的变化情况
解：A、如果恒力与运动方向相同，那么质点做匀加速运动，动能一直变大，故A正确
B、如果恒力与运动方向相反，那么质点先做匀减速运动，速度减到0，质点在恒力作用下沿着恒力方向做匀加速运动，动能再逐渐增大．故B正确
C、如果恒力方向与原来运动方向不在同一直线上，那么将速度沿恒力方向所在直线和垂直恒力方向分解，其中恒力与一个速度方向相同，这个方向速度就会增加，另一个方向速度不变，那么合速度就会增加，不会减小．故C错误
D、如果恒力方向与原来运动方向不在同一直线上，那么将速度沿恒力方向所在直线和垂直恒力方向分解，其中恒力与一个速度方向相反，这个方向速度就会减小，另一个方向速度不变，那么合速度就会减小，当恒力方向速度减到0时，另一个方向还有速度，所以速度到最小值时不为0，然后恒力方向速度又会增加，合速度又在增加，即动能增大．故D正确
故选ABD
【点评】对于直线运动，判断速度增加还是减小，我们就看加速度的方向和速度的方向
对于受恒力作用的曲线运动，我们可以将速度分解到恒力方向和垂直恒力方向，再去研究
8、AD
【解析】AB．由题意可知，人在静水中的速度大于水流速度，则人可以垂直河岸沿OP运动到P点，即最短位移为40m，故A正确，B错误；
CD．当人在静水中的速度方向垂直河岸时，所用时间最短即为

应从O点左侧

处开始游动，故C错误，D正确。
故选AD。
9、AB
【解析】A．弹力产生的条件是两物体相互接触，同时产生弹性形变，故只有两个物体相互接触时才有可能产生弹力，故A错误；
B．根据摩擦力产生的条件可知，两物体间有摩擦力时一定有相互作用的弹力，故B正确；
C．静止物体可能受到滑动摩擦力作用，比如：在地面滑行的物体，地面受到滑动摩擦力，故C错误；
D．静摩擦力的大小与正压力的大小无关，与引起相对运动趋势的力的大小有关，故D错误。
故选AB。
10、ABD
【解析】撤去作用力之前，由牛顿第二定律
对整体：a=①
对乙：F2－F=m乙a，F= F2－m乙a ②
联立解得甲对乙的作用力F=③
由①知，若撤去F1，加速度一定增大，A正确；由②知，若撤去F1，甲对乙作用力一定减少，B正确；由①知，若撤去F2，由于F2－F1与F1的大小关系无法确定，所以乙的加速度不一定增大，故C错误；甲对乙的作用力与乙对甲的作用力是相互的，一定减少，故D正确．
11、AC
【解析】系统静止时，根据绳子的拉力，结合共点力平衡求出弹簧的弹力，细绳烧断的瞬间，弹簧的弹力不变，结合牛顿第二定律和共点力平衡进行分析求解
【详解】A、B、开始系统处于静止，对甲分析，有：F+m1g=F弹，剪断细线的瞬间，弹簧弹力不变，对甲由牛顿第二定律得，联立得；故A正确，B错误.
C、D、对乙分析可知，剪断细绳前后均处于静止，则，联立F+m1g=F弹可知，由牛顿第三定律可知乙对地面的压力；故C正确，D错误.
故选AC.
【点睛】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡和牛顿第二定律进行求解，知道剪断细绳的瞬间，弹簧的弹力不变
12、AD
【解析】同一地点重力加速度相同，重力加速度随纬度增大而增大，故AD正确，BC错误；
故选AD。

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①. ②.未计入砝码盘重力 ③.0.53
【解析】(1)根据小车做匀速运动列出方程，对合外力进行分析即可求解；(2)在匀变速直线运动中连续相等时间内的位移差为常数，根据作差法求解加速度；由图象可知，当外力为零时，物体有加速度，通过对小车受力分析即可求解.
【详解】(1)用逐差公式有：，所以.
(2)实验记录牵引力大小F与对应加速度a的几组数据画出图线图象，图象未过原点且在纵轴上有正截距，即当时，滑块就有加速度，显然是空盘还有重力使滑块产生了加速度，即原因是未计入盘的质量.图象的斜率，由牛顿第二定律知道，所以滑块的质量.
【点睛】解答实验问题的关键是正确理解实验原理，加强基本物理知识在实验中的应用，同时不断提高应用数学知识解答物理问题的能力.
14、 ①.AC ②.BD
【解析】由题中“如图为“测定匀变速直线运动加速度”的实验装置”可知，本题考查测定匀变速直线运动的加速度实验，根据加速度公式和实验要求可分析本题
【详解】（1）[1]打点计时器所用电压为交流电，故需要选A，处理纸带数据需要测量长度，因此还需要刻度尺，故还需选C
（2）[2]打点计时器使用步骤是，先通电再释放，接好纸带的小车停靠在打点计时器处，故选BD
15、①；②， ③；（4）
【解析】根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上D点时小车的瞬时速度大小；根据匀变速直线运动的推论公式可以求出加速度的大小；当取下细绳和钩码时，由于滑块所受其它力不变，因此其合外力与撤掉钩码的重力等大反向；
根据牛顿第二定律有mg=Ma，由此可解得滑块的质量
从图乙中可知，，，
（2）①相邻计数点间的时间间隔为，根据匀变速直线运动过程中的中间时刻速度推论可得，
②根据逐差法可得，联立即得
③滑块做匀速运动时受力平衡作用，由平衡条件得，撤去时滑块做匀加速直线运动时，受到的合外力，由牛顿第二定律得，解得
（4）滑块做匀速运动时受力平衡作用，由平衡条件得，挂上质量为m的钩码时滑块沿木板向下做匀加速直线运动，受到的合外力为，由牛顿第二定律得，解得，由图丙所示图象可知，解得M=0.200kg

三．计算题(22分)
16、（1）2．5 m/s2 （2）0．92
【解析】（1）由题意可知，h＝4．0 m，L＝5．0 m，t＝2．0 s
设斜面倾角为θ，则sinθ＝
乘客沿气囊下滑过程中，由L＝at2得a＝，
代入数据得
a＝2．5 m/s2
（2）在乘客下滑过程中，对乘客受力分析如图所示

沿x轴方向有：mgsinθ－Ff＝ma
沿y轴方向有：FN－mgcosθ＝0
又Ff＝μFN，联立以上各式解得：
μ＝≈0．92
17、 (1) 4m/s2，0.5m/s2 ；(2)4.5m/s (3)
【解析】（1）由牛顿第二定律求开始时木板和滑块的加速度大小；（2）滑块刚好没有从木板上滑下，滑到木板右端时，两者速度相等，由速度关系和位移关系分别列式，可求出运动时间和滑块的初速度v0的大小；（3）滑块和木板共速后一起向右做匀减速运动，由牛顿第二定律求出加速度，再由速度公式求出滑行时间，即可画出v-t图象
【详解】解：（1）对滑块，由牛顿第二定律得：，解得：
对木板，由牛顿第二定律得：，解得：
（2）滑块刚好能滑到木板右端时，两者速度相等，则
又
解得：t1=1s，v0=4.5m/s
（3）两者速度相等时
对木板，有，解得：
此后两者一起向前减速运动，由牛顿第二定律得：
又
解得木板运动的最大位移
又，解得
滑块整个运动过程中的v-t图象如图所示：

【点睛】解决本题时要知道滑块刚好没有从木板上滑下的临界条件是：两者达到共同速度时物块恰好到达木板的右端，两者对地的位移差恰等于木板的长度．分段运用牛顿第二定律和运动学公式结合解答