2026届河南省沁阳市第一中学高一物理第一学期期末经典试题含解析.doc

2026届河南省沁阳市第一中学高一物理第一学期期末经典试题
注意事项:
1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。
2．答题时请按要求用笔。
3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。
4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。
5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、一根轻质弹簧，竖直悬挂，原长为10 cm．当弹簧下端挂2.0 N的重物时，伸长1.0 cm；则当弹簧下端挂8.0 N的重物时，弹簧长( )
A.4.0 cm B.14.0 cm
C.8.0 cm D.18.0 cm
2、2018年中国比任何其他国家发射更多进入轨道的火箭，截至本月中句，今年中国已成功完成35次发射．2018年10月某一天，一枚火箭携带一颗小卫星从酒泉卫星发射中心升空，此火箭由地面竖直向上发射，其v﹣t图象如图所示，则（　　）

A.火箭在t2～t3时间内向下运动
B.火箭运动过程中的最大加速度大小为
C.火箭上升阶段的平均速度大小为v2
D.火箭能上升的最大高度为4v1t1
3、如图所示，三个形状不规则的石块a、b、c在水平桌面上成功地叠放在一起，则石块(　　)

A.c受到水平桌面向左的摩擦力
B.c对b的作用力一定竖直向上
C.b对a的支持力一定竖直向上
D.b对a的支持力一定等于a所受重力
4、下列说法正确的是（ ）
A.高铁速度很快，任何时刻都不能看做质点
B.诗句“清泉石上流”，以“石”为参考系时，“水”是流动的
C.位移的大小就是路程
D.会议8：30开始，“8：30”指的是时间间隔
5、下列说法中，正确是（　　）
A.质点做直线运动时，其位移的大小和路程一定相等
B.质点做曲线运动时，某段时间内位移的大小一定小于路程
C.两个位移相同的质点，它们所通过的路程一定相等
D.两个质点通过相同的路程，它们的位移大小一定相等
6、随着我国航天事业的不断发展，未来某一天，我国宇航员降落在某星球上，测得该星球表面的重力加速度为.已知该星球半径为R，万有引力常量为G，忽略该星球自转造成的影响，则该星球的质量为
A. B.
C. D.
7、宇航员在某星球上完成自由落体运动实验，让一个质量为2kg的小球从一定的高度自由下落，测得在第5s内的位移是18m，则（　　）
A.小球在第2 s末的速度是8 m/s
B.小球在第2 s内的位移是2 m
C.小球在第5 s内的平均速度是3.6 m/s
D.小球在5 s内的位移是50 m
8、关于曲线运动，下面叙述正确的有（　　）
A.变速运动一定是曲线运动
B.曲线运动一定变速运动
C.物体做曲线运动时，所受的合外力一定不等于零
D.物体做曲线运动时，所受的合外力一定是变力
9、在某次军事演习中，空降兵从悬停在空中的直升机上跳下，当下落到距离地面适当高度时，打开降落伞，最终安全到达地面，空降兵从跳离飞机到安全到达地面的过程中在竖直方向的v-t图像如图所示，则以下判断正确的是（　　）

A.空降兵在0到t1时间内做自由落体运动
B.空降兵在t1到t2时间内加速度方向竖直向上，大小在逐渐减小
C.空降兵在0到t1时间内的平均速度是
D.空降兵在t1到t2时间内的平均速度小于
10、伽利略对自由落体运动的研究，采用了实验和逻辑思维相结合的科学方法，图示大致反映了这一研究过程，下列说法正确的是（ ）

A.甲是真实实验现象，丁是经合理外推的结论
B.利用斜面做实验，解决了时间难以测量的困难
C.甲图实验，可“冲淡”重力的作用，使现象更明显
D.丁图实验，可“放大”重力的作用，使现象更明显
11、如图所示，在水平面上固定着四个完全相同的木块，一颗子弹以水平速度v射入。若子弹在木块中做匀减速直线运动，当穿透第四个木块（即D位置）时速度恰好为零，下列说法正确的是（　　）

A.子弹从O运动到D全过程平均速度小于B点的瞬时速度
B.子弹通过每一部分时，其速度变化量
C.子弹到达各点的速率
D.子弹穿过每个木块经历的时间
12、在一次学校的升旗仪式中，小明观察到拴在国旗上端和下端各有一根绳子，随着国旗的徐徐升起，上端的绳子与旗杆的夹角在变大，下端的绳子几乎是松弛的，如图所示。设风力水平，两绳重力忽略不计，由此可判断在国旗升起的过程中（ 　）

A.上端的绳子的拉力先减小后增大
B.上端的绳子的拉力在逐渐增大
C.风力在逐渐增大
D.风力在先减小后增大
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、用打点计时器研究物体自由落体运动，得到如图一段纸带，测得AB=7.65cm，BC=9.17cm.已知交流电频率是50Hz，则打B点时物体的瞬时速度为________m/s。实验测出的重力加速度值为_________m/s2。

14、在“探究求合力的方法”的实验中，用图钉把橡皮筋的一端固定在板上的A点，在橡皮筋的另一端拴上两条细绳，细绳另一端系着绳套B、C（用来连接弹簧测力计）．其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳。

（1）本实验用的弹簧测力计示数的单位为N，图中与B相连的弹簧测力计的示数为_____N
（2）在实验中，如果只将OB、OC绳换成橡皮筋，其他步骤保持不变，那么实验结果_____（选填“会”或“不会”）发生变化。
（3）本实验采用的科学方法是_____
A．理想实验法 B．控制变量法 C．等效替代法 D．建立物理模型法
15、利用图 1 所示装置研究自由落体运动

(1)在实验过程中，应先__________（填“接通电源”或“释放纸带”）
(2)按照正确的实验步骤，获取纸带，选用较清晰的连续的几个点迹，如图 2 所示，用刻度尺测得AC、CE间距分别为、，已知打点计时器打点的频率为f，则重物运动过程的加速度大小为_______．学习小组发现这个加速度数值与查得的当地重力加速度g相差较大，于是在测量了重物质量为m后，计算出重物运动过程中所受阻力F＝________.

三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示，为一物体传送装置，传送带CD与圆弧轨道AB、与斜面DE均光滑接触。质量为M的物体（物体可视为质点），沿圆弧轨道下滑至最低点B时，对轨道压力大小为FB=3Mg，随后无能量损失的冲上传送带CD，传送带速度为v0=6m/s，方向如图。物体与传送带，物体与斜面之间的动摩擦因数均为µ=0.5，斜面DE与水平方向的夹角θ=37°，圆弧轨道半径R=0.8m，CD间长度L=0.9m，物体质量M=0.5kg。（sin37°=0.6，cos37°=0.8）
(1)物体沿圆弧轨道下滑至圆弧轨道最低点B时的速度大小；
(2)设物体离开D点后，立即脱离传送带而水平抛出，求：
①物体离开D点后落到斜面DE上的速度大小；
②若物体与斜面发生碰撞后，将损失垂直斜面方向的速度，而只保留了沿斜面方向的速度，碰撞时间为，求：
a．碰撞后物体沿斜面下滑的初速度大小；
b．碰撞过程中斜面对物体在垂直斜面方向的平均作用力大小。

17、（10分）一质点沿一直线运动，先从静止开始以2.5m/s2的加速度匀加速运动4s，接着以该时刻的速度匀速前进3s，最后以大小为10m/s2的加速度匀减速运动直至停止．求：
（1）4s末的速度；
（2）10s内的位移
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、B
【解析】据题意，当弹簧下挂2N重物时，伸长1cm，据胡克定律有：，则劲度系数为：，则当弹簧下端挂8N物体时，弹簧伸长量为：，所以弹簧总长为：14m．故B选项正确
考点：本题考查胡克定律
2、D
【解析】根据速度的正负表示速度的方向，根据速度图象读出速度的正负，分析火箭的运动．图象的斜率等于加速度，由数学知识求出最大的加速度大小．图象与坐标轴所围“面积”表示位移，平均速度等于位移与所用时间的比值．由数学知识求出火箭上升的最大高度
【详解】在t2﹣t3时间内火箭的速度为正值，仍在上升，故A错误．由图看出，在t2﹣t3时间内图线的斜率最大，则火箭的加速度最大，最大加速度大小为，故B错误；由图看出，在0﹣t3时间内火箭的速度都是正值，说明火箭一直在上升，图线与坐标轴所围“面积”的大小等于箭能上升的最大高度，由数学知识得：箭能上升的最大高度，v2＝3v1，解得：h＝4v1t1，火箭上升阶段的平均速度大小为，故C错误，D正确．所以D正确，ABC错误
【点睛】关键要掌握速度图象的两个数学意义来分析其物理意义：斜率等于加速度，“面积”等于位移
3、B
【解析】以三石块作为整体研究，根据平衡条件可知，则石块c不会受到水平桌面的摩擦力，故A错误；选ab作为整体研究，根据平衡条件，则石块c对ab整体的作用力与其总重力平衡，则石块c对b的作用力一定竖直向上，故B正确；石块b对a的支持力与其对a的静摩擦力的合力，跟a受到的重力是平衡力，则b对a的支持力和静摩擦力的合力方向竖直向上，支持力的方向不是竖直向上，也不等于a的重力，故CD错误．所以B正确，ACD错误
4、B
【解析】A.物体能否看做质点，关键是物体的大小和形状对研究的结果有无影响，与物体的速度无关．故A错误；
B.诗句“清泉石上流”，是以“石”为参考系的，“水”相对石头是流动的，故B正确；
C.只有在物体做单方向的直线运动时，位移的大小才与路程相等，故C错误；
D.会议8：30开始，这里的8:30是时间轴上的点，指的是时刻．故D错误
故选B
5、B
【解析】只有做单向直线运动时，路程等于位移的大小，故A错误．在曲线运动中，位移的大小小于路程，故B正确．两个质点的位移相同，但它们经过的运动轨迹不一定相同，故C错误．两个质点的路程相同，但它们初末位置不一定相同，即位移不一定相同，故D错误．故选B
【点睛】路程是标量，大小等于物体运动轨迹的长度，位移是矢量，位移的大小等于由初位置指向末位置的有向线段的长度，与运动的路线无关
6、A
【解析】忽略星球自转，，所以，A正确BCD错误
7、AD
【解析】第5s内的位移是18m，有：，t1=5s，t2=4s，解得：g=4m/s2．物体在2s末的速度：v=gt=8m/s，故A正确．第2s内的位移：，选项B错误；第5s内的平均速度：，故C错误．物体在5s内的位移为，故D正确．故选AD
8、BC
【解析】A．变速运动不一定是曲线运动，如简谐振动，故A错误；
B．曲线运动的速度方向沿曲线的切线方向，所以速度的方向是不断变化的，则曲线运动一定是变速运动，故B正确
C．曲线运动的条件是合外力与速度不一条直线上，合外力不为零，不一定做曲线运动，曲线运动合力一定不能为零，故C正确
D．曲线运动的条件是合外力与速度不一条直线上，合力可以是不变的，如平抛运动．故D错误
故选BC
9、BD
【解析】A．在0到t1时间内图像的斜率在减小，加速度在减小，所以空降兵不是做自由落体运动，故A错误；
B．在t1到t2时间内的速度为正在减小，所以空降兵做竖直向下的减速运动，因此加速度方向竖直向上，又因为图线的斜率在减小，所以加速度在减小，故B正确；
C．从图像可知空降兵在0到t1时间内的位移大于从速度为0做匀变速运动到v2的位移，所以平均速度大于，故C错误；
D．空降兵在t1到t2时间内的的位移小于从速度为v2做匀减速运动到v1的位移，所以平均速度小于，故D正确。
故选BD。
10、ABC
【解析】甲乙丙均是实验现象，丁图是经过合理的外推得到的结论，故A正确；伽利略的时代无法直接测定瞬时速度，就无法验证v与t成正比的思想，伽利略通过数学运算得到，若物体初速度为零，且速度随时间均匀变化，即v正比于t，那么它通过的位移与所用时间的二次方成正比，只要测出物体通过不同位移所用的时间就可以验证这个物体的速度是否随时间均匀变化．由于伽利略时代靠滴水计时，不能测量自由落体所用的时间，伽利略让铜球沿阻力很小的斜面滚下，由于沿斜面下滑时加速度减小，所用时间长得多，所以容易测量．这个方法叫“冲淡”重力，故BC正确，D错误
考点：伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法
【名师点睛】本题考查的就是学生对于物理常识的理解，这些在平时是需要学生了解并知道的，看的就是学生对课本内容的掌握情况
11、AC
【解析】A．全程的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，根据匀变速直线运动的推论可知，中间时刻的瞬时速度一定小于中间位置时的速度，故A正确；
B．由于子弹的速度越来越小，故穿过每一个木块的时间不相等，故速度的差值不相等，故B错误；
C．将子弹的运动反向视为初速度为零的匀加速直线运动，则由可知，通过的速度之比为：，子弹到达各点的速率

故C正确；
D．将子弹的运动反向视为初速度为零的匀加速直线运动，则由可知，反向通过各木块用时之比为；子弹穿过每个木块经历的时间

故D错误。
故选AC。
12、BC
【解析】下端的绳子几乎是松弛的，说明下端的绳子对国旗没有拉力。对国旗受力分析如图

则由平衡条件

解得

由上端的绳子与旗杆的夹角在变大，可知 变大，则上端的绳子的拉力T在逐渐增大，风力F在逐渐增大。故AD错误，BC正确。
故选BC。

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.2.1 ②.9.5
【解析】（1）[1]已知交变电流频率是50Hz，所以相邻的计数点间的时间间隔为
T=0.02×2=0.04s
根据某点瞬时速度等于该点的相邻的两段位移内的平均速度,得B点的瞬时速度为

（2）[2]根据匀变速直线运动的推论公式

可以求出加速度的大小，得

14、 ①.3.6 ②.不会 ③.C
【解析】（1）[1]弹簧测力计的每一格代表，所以图中B的示数为
（2）[2]在实验中细线是否伸缩对实验结果没有影响，故换成橡皮筋可以同样完成实验，故实验结果不变；
（3）[3]实验中两次要求效果相同，故实验采用了等效替代的方法，故ABD错误，C正确。
15、 ①.接通电源 ②. ③.
【解析】(1)打点计时器的使用通常是先通电后运动.
(2)运用匀变速直线运动的判别式求加速度，用牛顿第二定律求阻力.
【详解】(1)小球自由落体运动较快，若先释放小球再通电，纸带上能留下的点迹很少不便于处理数据减小误差，而且打点计时器通电瞬间打点不稳定，不能用来打点记录，故实验过程中应先接通电源后释放纸带.
(2)设重物运动过程的加速度大小为a，由匀变速直线运动规律得：
解得：.
又由牛顿第二定律得：，
解得：.
【点睛】通过实验原理清楚实验中需要测量的物理量，学会处理纸带求出瞬时速度和加速度，清楚实际情况下存在的误差

三．计算题(22分)
16、 (1)4m/s；(2)①；②a．，b．7N
【解析】(1)由题意可知在B点时合力提供向心力有

FB=3Mg
代入数据可解得

(2)①物体在传送带上运动时有

代入数据可解得

当物体速度达到传送带速度时根据运动学公式有

解得

所以物体到D点时还没有达到传送带速度，故有

代入数据解得
m/s
接着物体从D点抛出，根据平抛运动规律有
，
所以

代入数据解得

此时竖直方向的速度

所以落到斜面DE上的速度大小为

②a．由题意可知碰撞后物体沿斜面下滑的速度为

代入数据可解得

b．碰撞前物体垂直斜面速度大小

代入数据可解得

碰撞过程中物体在垂直斜面方向加速度大小为

根据牛顿第二定律有

代入数据可得斜面对物体在垂直斜面方向的平均作用力为
N=7N
17、（1）10m/s（2）55m
【解析】（1）根据，有
；
（2）匀加速运动的位移：
，
匀速运动的位移：
，
匀减速到速度减为0的时间：

匀减速位移：