江苏省海头高中2025年高二物理第一学期期末经典模拟试题含解析.doc

江苏省海头高中2025年高二物理第一学期期末经典模拟试题
注意事项：
1． 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。
2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。
3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。
4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、某同学将一直流电源的总功率P总、输出功率P出和电源内部的发热功率P内随电流I变化的图线画在同一坐标系内，如图所示，根据图线可知 ( )

A.反映P内变化的图线是b
B.电源内阻为2 Ω
C.电源电动势为8 V
D.当电流为0.5 A时，外电路的电阻为4Ω
2、如图所示，人从滑梯上加速滑下，人和滑梯间有摩擦力，对于其机械能的变化情况，下列判断正确的是（　　）

A.重力势能减小，动能不变，机械能减小
B.重力势能减小，动能增加，机械能减小
C.重力势能减小，动能增加，机械能增加
D.重力势能减小，动能增加，机械能不变
3、关于电流，下列说法正确的是　　
A.通过导线截面的电量越多，电流越大
B.单位时间内通过导体横截面的电荷量越多，则导体中电流越大
C.电流有方向，因此电流是矢量
D.通电时间越短，电流越大
4、如图所示，虚线为两磁场的边界，左侧磁场垂直纸面向里，右侧磁场垂直纸面向外，磁感应强度大小均为B。一边长为L、电阻为R的单匝正方形导体线圈abcd，水平向右运动到图示位置时，速度大小为v，则（ ）

A.ab边受到的安培力向左，cd边受到的安培力向右
B.ab边受到的安培力向右，cd边受到的安培力向左
C.线圈受到的安培力的大小为
D.线圈受到的安培力的大小为
5、下列各图中，用带箭头的细实线表示通电直导线周围磁感线的分布情况，其中正确的是
A. B.
C. D.
6、已知两个力的合力大小为18N，则这两个力不可能是（）
A.7N，8N B.18N，18N
C.10N，20N D.20N，28N
二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
7、下面关于交变电流的说法中正确的是（）
A.给定的交变电流数值，在没有特别说明的情况下都是有效值
B.跟交变电流有相同热效应的直流电的数值是交变电流的有效值
C.交流电器设备上所标的电压和电流值是交变电流的最大值
D.用交流电表测定的读数值是交流电的瞬时值
8、一矩形金属线圈共10匝，在匀强磁场中绕垂直磁场方向的转轴匀速转动，产生交变电流的电动势为e＝220sin（100πt）V，对于这个交变电流的说法正确的是（）
A.此交变电流的频率为50Hz
B.此交变电流电动势有效值为220V
C.t＝0时，线圈平面与中性面重合，此时磁通量最大
D.耐压为230 V的电容器能够在该交变电路中使用
9、一台小型发电机产生的电动势随时间变化的正弦规律图象如图甲所示．已知发电机线圈内阻为10.0Ω，现外接一只电阻为100.0Ω的灯泡，如图乙所示，则（　　）

A.理想电压表V的示数为220 V
B.电路中的电流方向每秒钟改变100次
C.灯泡实际消耗的功率为200W
D.0到0.005s内通过灯泡的电荷量为×10﹣2C
10、如图所示，给平行板电容器带一定量的电荷后，将电容器的两极板A、B分别跟静电计的指针和外壳相连．下列说法中正确的是（ ）

A.将A极板向右移动少许，静电计指针的偏转角将增大
B.将A极板向左移动少许，静电计指针的偏转角将增大
C.将B极板向上移动少许，静电计指针的偏转角将减小
D.将一块玻璃板插入A、B两极板之间，静电计指针的偏转角将减小
三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。
11．（6分）在“探究变压器原、副线圈电压与匝数关系”的实验中
(1)为了确保实验的安全，下列做法正确的是____
A．为了人身安全，只能使用低压直流电源，所用电压不要超过12V
B．连接好电路后，可不经检查电路是否正确，直接接通电源
C．因为使用电压较低，通电时可用手直接接触裸露的导线、接线柱
D．为了多用表的安全，使用交流电压挡测电压时，先用最大量程挡试测
(2)多用表刻度盘上交流电压的刻度是____(选填“均匀”或“不均匀”)的
(3)某实验小组通过实验，记录的数据如下表：
原线圈匝数n1(匝)
100
200
400
400
副线圈匝数n2(匝)
400
400
200
800
原线圈两端的电压U1(V)
1.96
4.90
8.00
4.86
副线圈两端的电压U2(V)
7.80
9.76
3.90
9.64
通过分析实验数据可得出的实验结论是____
(4)一次实验中，变压器原、副线圈的匝数分别为400匝和200匝，测得的电压分别为8.00V和3.90V，据此可知电压比与匝数比并不相等，主要原因是____(至少说出两个原因)
12．（12分）某实验小组用如图所示实验电路研究电源路端电压和小灯泡电压随电流的变化规律

（1）实验操作步骤：
①按实验电路连接好实验器材；
②把滑动变阻器滑动片P移到滑动变阻器的________（填“最右端”或“最左端”）；
③闭合开关S，调节滑动片P到适当位置，读出电流表A、电压表V1和电压表V2的示数，并记录数据，断开开关S；
④调整滑动片P到不同位置，多次重复步骤③．某次测量时三个电表指针位置如图所示，电流表读数_____A，电压表V1读数___V，电压表V2的读数_____V；

⑤整理好实验器材
（2）实验小组把测量数据画在U－I坐标中，描绘出两条图线A、B

①从图中可以算出电源的电动势E=______V，内阻r = ______Ω（计算结果保留2位有效数字）
②滑动变阻器滑动片P移到滑动变阻器的最右端时，小灯泡的实际功率为_____W（计算结果保留2位有效数字）
四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
13．（10分）如图所示，水平放置的两块长直平行金属板a、b相距d=0.10m，a、b间的电场强度为E=5.0×105N/C，b板下方整个空间存在着磁感应强度大小为B=6.0T、方向垂直纸面向里的匀强磁场.今有一质量为m=4.8×10-25kg、电荷量为q=1.6×10-18C的带正电的粒子(不计重力)，从贴近a板的左端以v0 =1.0×106m/s的初速度水平射入匀强电场，刚好从狭缝P处穿过b板而垂直进入匀强磁场，最后粒子回到b板的Q处（图中未画出）．求P、Q之间的距离L

14．（16分）如图，两根间距为L＝0.5m的平行光滑金属导轨间接有电动势E＝3V、内阻r＝1Ω的电源，导轨平面与水平面间的夹角θ＝37°．金属杆ab垂直导轨放置，质量m＝0.2kg．导轨与金属杆接触良好且金属杆与导轨电阻均不计，整个装置处于竖直向上的匀强磁场中．当R0＝1Ω时，金属杆ab刚好处于静止状态，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8

（1）求磁感应强度B的大小；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，求金属杆的加速度
15．（12分）ABC表示竖直放在电场强度为E=104V/m的水平匀强电场中的绝缘光滑轨道，其中轨道的BC部分是半径为R的圆环，轨道的水平部分与半圆环相切．A为水平轨道上的一点，而且AB=R=0.2m，把一质量m=0.1kg，带电量为q=+C的小球，放在A点由静止释放后，求：（g=10m/s2）

(1)小球到达C点的速度大小
(2)小球在C点时，轨道受到的压力大小
参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、B
【解析】A．电源内部的发热功率
Pr=I2r
Pr-I图象是抛物线，而且是增函数，则反映Pr变化的图线是c．故A错误；
B．图中I=2A时，电源内部的发热功率Pr与电源的总功率相等，则有
Pr=I2r
得到
r=2Ω
故B正确；
C．直流电源的总功率
PE=EI
P-I图象的斜率等于电动势E，则有

故C错误；
D．当电流为0.5A时，根据闭合电路欧姆定律得
E=I(R+r)
代入解得
R=6Ω
故D错误。
故选B。
2、B
【解析】人从滑梯上加速滑下，速度变大动能增加，高度降低重力势能减小，由于人和滑梯间有摩擦力，机械能不守恒有损失，所以机械能减小。
故选B。
3、B
【解析】根据I=q/t可知，通过导体横截面的电量多，但不知道通电时间，所以不能得出导体中的电流大小，故A错误；由电流的定义可知，单位时间内通过导体横截面的电荷量相多，则导体中电流越大；故B正确；电流有方向，但电流是标量；故C错误；通电时间短，若流过的电量小，则电流一样可以很小；故D错误；故选B
4、D
【解析】AB．线框的左右两边分别切割两磁场产生的动生电动势由右手定则可找出方向，如图所示

两动生电源串联，总电流为顺时针方向，再由左手定则可得ab边受到的安培力向左，cd边受到的安培力向左，故AB错误；
CD．线框的电动势为，则电流为

两个安培力力之和为线框受到的安培力

故C错误，D正确。
故选D。
5、D
【解析】本题考查直导线周围磁场的分布情况，可根据安培定则得出磁场的形状并能画出不同面上的平面图
【详解】通电直导线的磁感线是由导线为中心的一系列同心圆，且导线与各圆一定是相互垂直的，故D正确，ABC错误
【点睛】在电磁学中应注意空间想象能力的培养，要学会由立体图画出平面图，只有这样才能顺利求解一些电磁场中的力学问题
6、A
【解析】7N，8N的合力范围为，故A错误；18N，18N的合力范围为，故B正确；10N，20N的合力范围为，故C正确；20N，28N的合力范围为，故D正确；本题选不正确的，故选A

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
7、AB
【解析】A．给定的交变电流数值，在没有特别说明的情况下都是有效值，选项A正确；
B．跟交变电流有相同热效应的直流电的数值是交变电流的有效值，选项B正确；
C．交流电器设备上所标的电压和电流值是交变电流的有效值，选项C错误；
D．用交流电表测定的读数值是交流电的有效值，选项D错误；
故选AB.
【点睛】本题考查了有关交流电的基础知识，正确理解交流电瞬时值、最大值、平均值、有效值的含义，设备上数值，电表读数，公式中的值均是有效值
8、ABC
【解析】A．根据可知，该交流电的频率为，选项A正确；
B．该交流电的最大值为，有效值为，选项B正确；
C．t=0时，电动势为零，此时线圈处在中性面上，磁通量最大，选项C正确；
D．230 V小于该交流电的最大值为，所以耐压为230 V的电容器不能在该交变电路中使用，选项D错误。
故选ABC。
9、ABD
【解析】由图读出电动势的最大值，求出有效值，根据欧姆定律求出外电压的有效值，即为电压表的示数．根据电流方向每个周期改变两次，求出每秒钟电流方向改变的次数．根据电压有效值求出灯泡消耗的功率．根据电流的平均值求得流过的电荷量
【详解】A.由Em=220，E=220V，电压表示数为：U==200V.故A正确；
B.周期T=0.02s，每个周期交流电方向改变两次，则1s内电流方向改变的次数为：n=2×=100次．故B正确；
C.灯泡实际消耗的功率为：P=U2/R=2002/100W=400W，故C错误；
D.产生的平均感应电动势为：，
在0−0.005s内流过电荷量为：q=
产生的感应电动势的最大值为：Em=NBSω
ω=2π/T
联立解得：q=×10﹣2C，故D正确
故选ABD
10、BD
【解析】将A极板向右移动少许，电容器两板间的距离减小，根据电容的决定式可知，电容C增大，而电容的电量Q不变，则电容的定义式可知，电容器板间电势差U减小，静电计指针的偏转角将减小．故A错误．同理可知，将A极板向左移动少许，电容器两板间的距离增大，根据电容的决定式可知，电容C减小，而电容的电量Q不变，则电容的定义式可知，电容器板间电势差U增大，静电计指针的偏转角将变大．故B正确.将B极板向上移动少许，两板正对面积减小，根据电容的决定式可知，电容C减小，而电容的电量Q不变，则电容的定义式可知，电容器板间电势差U增大，静电计指针的偏转角将增大．故C错误．将一块玻璃板插入A、B两极板之间，根据电容的决定式可知，电容C增大，而电容的电量Q不变，则电容的定义式可知，电容器板间电势差U减小，静电计指针的偏转角将减小．故D正确．故选BD
点睛：本题是电容器的动态变化分析问题，关键由电容的决定式和电容的定义式结合分析.

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。
11、 ①.D ②.不均匀 ③.在误差允许范围内，变压器原、副线圈电压比等于匝数比 ④.有漏磁、铁芯发热、导线发热等影响电压
【解析】(1)[1]A．变压器是改变电压，因此为了人身安全，原线圈两端只能使用低压交流电源，所用电压不超过12V，故A错误；
BC．实验通电时，可用手接触裸露的导线、接线柱等检查电路，这样无形之中，将人体并联电路中，导致所测数据不准确，故BC错误；
D．使用多用电表测电压时，先用最高量程挡试测，再选用恰当的挡位进行测量，故D正确。
故选D；
(2)[2]由多用电表的表盘可知，多用表刻度盘上交流电压的刻度是不均匀的；
(3)[3]通过分析实验数据可得出的实验结论是，在误差允许范围内，变压器原、副线圈的电压比等于匝数比；
(4)[4]电压比与匝数比并不相等，主要原因是变压器是不理想的，故有漏磁、铁芯发热、导线发热等影响电压。
12、 ①.最左端； ②.1.50； ③.2.9； ④.1.30； ⑤.4.5； ⑥.1.0； ⑦.5.0
【解析】(1)②滑动变阻器采用限流接法，为保护电路，闭合开关前滑片应置于阻值最大处；
④根据电表量程确定其分度值，根据指针位置读出其示数；
(2)①电源-I图线与纵轴交点坐标值是电源电动势，图线斜率的绝对值等于电源内阻
②根据图示电路图判断两电压表示数关系，然后根据图示图象求出电压与电流，由P=UI求出灯泡实际功率
【详解】(1) ②由图示电路图可知，滑动变阻器采用限流接法，为保护电路，闭合开关前应把滑片置于最左端；
④由图示电流表可知，电流表量程为3A，其分度值为0.1A，示数为1.50A；
由图示可知，电压表V1的量程为6V，分度值为0.2V，其示数为2.9V；
由图示可知，电压表V2的量程为3V，分度值为0.1V，其示数为1.30V；
(2) ①由图示电源U-I图线可知，图线与纵轴交点坐标为4.5，
则电源电动势：E=4.5V，电源内阻：；
②滑动变阻器滑动片P移到滑动变阻器的最右端时滑动变阻器接入电路的阻值为零，两电压表示数相等，由图示图象可知，
灯泡电压为2.5V，电流为2.0A，灯泡实际功率：P=UI=2.5×2.0=5.0W
【点睛】本题考查了实验注意事项、电表读数、实验数据处理，要掌握常用器材的使用及读数方法；对电表读数时，要先确定其量程与分度值，然后根据指针位置读出其示数

四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
13、8cm
【解析】粒子a板左端运动到P处，由动能定理得

代入有关数据，解得
，代入数据得θ=30°
粒子在磁场中做匀速圆周运动，圆心为O，半径为r，如图
由几何关系得

联立求得
代入数据解得
14、（1）2T；（2）1.5m/s2，方向沿斜面向上
【解析】（1）当R0=1Ω时，根据闭合电路的欧姆定律求解电流强度，由平衡条件求解磁感应强度；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，此时安培力的方向沿斜面向上，根据牛顿第二定律求解加速度大小
【详解】（1）当R0＝1Ω时，根据闭合电路的欧姆定律可得
根据左手定则可知安培力方向水平向右；
由平衡条件有：BILcosθ＝mgsinθ
解得B＝2T；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，此时安培力的方向沿斜面向上，大小不变；
根据牛顿第二定律可得：BIL﹣mgsinθ＝ma
解得：a＝1.5m/s2，方向沿斜面向上
【点睛】本题主要是考查安培力作用下的导体棒的平衡问题，解答此类问题要明确导体棒的受力情况，结合平衡条件列方程解答
15、 (1) (2)3N
【解析】(1)设小球在C点的速度大小是vC，则对于小球由A→C的过程中，由动能定理得：

解得：

(2)小球在C点时受力分析如图

由牛顿第二定律得：

解得：

由牛顿第三定律可知，小球对轨道压力：
NC′=NC=3N