2024-2025学年内蒙古包头六中高二下化学期末联考试题含解析.doc

2024-2025学年内蒙古包头六中高二下化学期末联考试题
考生须知：
1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。
2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。
3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。

一、选择题（每题只有一个选项符合题意）
1、下列实验或操作不能达到目的的是
A．用溴水鉴别乙醇、苯和四氯化碳
B．用蒸馏法除去乙酸中混有的少量乙醇
C．用饱和碳酸钠溶液除去乙酸乙酯中混有的少量乙酸
D．用灼烧闻气味的方法可区别纯棉织物和纯毛织物
2、下列说法正确的是
A．配制一定浓度的稀硫酸，用量筒量取浓硫酸后，未将蒸馏水洗涤量筒后的洗涤液转移至容量瓶中，使配制的溶液浓度偏小
B．pH试纸使用时不需要润湿，红色石蕊试纸检测气体时也不需要润湿
C．蒸发时将蒸发皿放置在铁架台的铁圈上，并加垫石棉网加热
D．石油的蒸馏实验中，忘记加沸石，可以先停止加热，待溶液冷却后加入沸石，再继续加热蒸馏
3、中国最新战机歼-31使用了高强度、耐高温的钛合金材料，工业上冶炼钛的反应如下：，下列有关该反应的说法正确的是  
A．是还原剂 B．Mg被氧化
C．发生氧化反应 D．Mg得到电子
4、阿伏加德罗常数的值为。下列说法正确的是
A．1L0.1mol·NH4Cl溶液中，的数量为0.1
B．2.4gMg与H2SO4完全反应，转移的电子数为0.1
C．标准状况下，2.24LN2和O2的混合气体中分子数为0.2
D．0.1mol H2和0.1mol I2于密闭容器中充分反应后，其分子总数为0.2
5、下列离子方程式正确的是
A．Cl2通入水中： Cl2+H2O=2H++Cl-+ClO-
B．浓盐酸与铁屑反应：2Fe+6H+=2Fe3++3H2↑
C．明矾溶于水产生Al(OH)3胶体：A13++3H2O=Al(OH)3↓+3H+
D．用过量氨水吸收工业尾气中的SO2：2NH3·H2O+SO2=2NH4++SO32-+ H2O
6、下列现象的发生，你认为是自发过程的是(　　)
A．水由低处流到高处 B．气温升高冰雪融化
C．室温下水自动结成冰 D．生锈的铁变光亮
7、下列说法不能用勒夏特列原理解释的是
A．滴有碘水的淀粉溶液中加入少量唾液，蓝色褪去
B．对于反应2NO2N2O4加压稳定后的颜色比原来颜色深
C．开启可乐瓶，瓶中马上泛起大量气泡
D．利用排液法收集氯气时常用液体为饱和食盐水
8、300多年前，著名化学家波义耳发现了铁盐与没食子酸的显色反应，并由此发明了蓝黑墨水。没食子酸的结构如图所示，制取蓝黑墨水利用了没食子酸哪类化合物的性质

A．芳香烃 B．酚 C．醇 D．羧酸
9、某主族元素的离子X2+有6个电子层，最外层有2个电子，当把XO2溶于浓盐酸时，有黄色气体产生，则下列说法不正确的是
A．X2+具有还原性 B．X的+2价化合物比+4价化合物稳定
C．XO2具有强氧化性 D．该元素是第ⅡA族元素
10、用石墨电极完成下列电解实验，实验现象：a处试纸变蓝；b处变红，局部褪色；c处无明显变化；d处试纸变蓝。下列对实验现象的解释或推测不合理的是

A．a为电解池的阴极 B．b处有氯气生成，且与水反应生成了盐酸和次氯酸
C．c处发生了反应：Fe-3e-=Fe3+ D．d处：2H++2e-=H2↑
11、实验是化学研究的基础，关于下列各实验装置的叙述中正确的是

A．装置①常用于分离互不相溶液体混合物
B．装置②可用于吸收HCl气体，并防止倒吸
C．以NH4HCO3为原料，装置③可用于实验室制备少量NH3
D．装置④b口进气，用排空气法可收集CO2、NO等气体
12、下列各组中的反应，属于同一反应类型的是 （ ）
A．由溴丙烷水解制丙醇；由丙烯与水反应制丙醇
B．乙烯使酸性高锰酸钾溶液褪色和乙醛使溴水褪色
C．由氯代环己烷消去制环己烯；由丙烯加溴制1,2-二溴丙烷
D．乙酸乙酯的水解和乙烯制聚乙烯
13、化学与人类的生产、生活、科技、航天等方面密切相关。下列说法正确的是
A．汝窑瓷器的天青色来自氧化铁
B．“傍檐红女绩丝麻”所描述的丝、麻主要成分是蛋白质
C．中国歼—20上用到的氮化镓材料是作为金属合金材料使用
D．诗句“煮豆燃豆萁”中涉及的能量变化主要是化学能转化为热能和光能
14、下列不属于配合物的是( )
A．[Cu(NH3)4]SO4·H2O B．[Ag(NH3)2]OH
C．KAl(SO4)2·12H2O D．[Zn(NH3)4]SO4·H2O
15、下列说法正确的是
A．乙醇、乙酸都可以看成是乙烷分子中的氢原子被羟基或羧基取代后的产物
B．下列分子式C2H6O、CF2Cl2、C2H4O2均可表示一种纯净物
C．C4H9OH属于醇的同分异构体的数目与C5H10O2属于羧酸的同分异构体的数目相同
D．有机物和的一溴取代物的同分异构体数目相同
16、正确掌握化学用语是学好化学的基础，下列有关化学用语表示正确的是（ ）
A．乙烯的结构简式为： B．三硝基甲苯的结构简式：
C．乙酸的球棍模型： D．甲基的电子式：
二、非选择题（本题包括5小题）
17、a、b、c、d、e均为周期表前四周期元素，原子序数依次增大，相关信息如下表所示。
a
原子核外电子分占3个不同能级，且每个能级上排布的电子数相同
b
基态原子的p轨道电子数比s轨道电子数少1
c
位于第2周期，原子核外有3对成对电子、两个未成对电子
d
位于周期表中第1纵列
e
基态原子M层全充满，N层只有一个电子
请回答：
（1）c属于_____________区的元素。
（2）b与其同周期相邻元素第一电离能由大到小的顺序为______________（用元素符号表示）。
（3）若将a元素最高价氧化物水化物对应的正盐酸根离子表示为A，则A的中心原子的轨道杂化类型为_____________，A的空间构型为____________________；
（4）d 的某氯化物晶体结构如图,每个阴离子周围等距离且最近的阴离子数为________;在e2+离子的水溶液中逐滴滴加b的氢化物水溶液至过量，可观察到的现象为_____________。

18、A是一种常见的烃，它的摩尔质量为40g·mol-1，C能发生银镜反应，E能与小苏打反应产生气体，它们之间存在如下图所示的转化关系（反应所需条件已略去）：

请回答：
（1） A的结构简式_______。
（2） C中含有官能团的名称是_______。
（3）在加热和催化剂条件下，D生成E的反应化学方程式为________。
（4）下列说法正确的是________。
a. B、C和E都能使酸性KMnO4溶液褪色
b. D和E都可以与金属钠发生反应
c. D和E在一定条件下反应可生成有香味的油状物质
d. 等物质的量B和D完全燃烧，耗氧量相同
19、环己酮是一种重要的有机化工原料。实验室合成环己酮的反应如下：

环己醇和环己酮的部分物理性质见下表：
物质

相对分子质量

沸点(℃)

密度(g·cm—3、20 ℃)

溶解性

环己醇

100

161.1

0.9624

能溶于水和醚

环己酮

98

155.6

0.9478

微溶于水，能溶于醚

现以20mL环己醇与足量Na2Cr2O7和硫酸的混合液充分反应，制得主要含环己酮和水的粗产品，然后进行分离提纯。其主要步骤有(未排序)：
a．蒸馏、除去乙醚后，收集151℃~156℃馏分
b．水层用乙醚(乙醚沸点34.6℃，易燃烧)萃取，萃取液并入有机层
c．过滤
d．往液体中加入NaCl固体至饱和，静置，分液
e．加入无水MgSO4固体，除去有机物中少量水
回答下列问题：
（1）上述分离提纯步骤的正确顺序是 。
（2）b中水层用乙醚萃取的目的是 。
（3）以下关于萃取分液操作的叙述中，不正确的是 。
A．水溶液中加入乙醚，转移至分液漏斗，塞上玻璃塞，如图（）用力振荡
B．振荡几次后需打开分液漏斗上口的玻璃塞放气
C．经几次振荡并放气后，手持分漏斗静置液体分层
D．分液时，需先将上口玻璃塞打开或玻璃塞上的凹槽对准漏斗上的小孔，再打开旋塞，待下层液体全部流尽时，再从上口倒出上层液体
（4）在上述操作d中，加入NaCl固体的作用是 。蒸馏除乙醚的操作中，采用的加热方式为 。
（5）蒸馏操作时，一段时间后发现未通冷凝水，应采取的正确方法是 。
（6）恢复至室温时，分离得到纯产品体积为12mL，则环己酮的产率约是 （保留两位有效数字）。
20、在化学研究领域，经常需要对一些物质进行性质的确定。如利用下列装置（夹持仪器已略去）测出一定质量镁与盐酸反应放出的气体体积，对金属镁的相对原子质量进行测定，实验步骤如下：
①准确称量m g金属镁（已除去表面氧化膜），用铜网包住放入干净的试管中；
②按图示组装好装置，然后在关闭活塞的分液漏斗中装入一定体积2 mol/L的盐酸；
③调整右边玻璃管（带均匀刻度值），让U型管（下端黑色部分是橡胶管）两端液面在同一水平面，读出右边玻璃管的液面刻度值为V1mL ；
④打开分液漏斗活塞，让一定量的盐酸进入试管中后立即关闭活塞；
⑤当镁条反应完后， ，读出右边玻璃管的液面刻 度为V2 mL。

请回答下列问题：
（1）写出你认为步骤⑤中空格应进行的操作_______________________________。
（2）若V1,V2均是折算为标况下的值，则镁的相对原子质量Ar(Mg)的实验测定表达式为Ar(Mg)=_______________，你认为此表达式求出的值是否准确？__________________（填‘是’或‘不’），主要问题为__________________________________（若回答‘是’则此空不填）。
（3）步骤①中，为什么要用铜网包住镁条？________________________________。
21、利用铜萃取剂M，通过如下反应实现铜离子的富集：

（1）关于M所含元素的说法正确的是______________。
A．电负性由大到小顺序:O>N>C>H
B．第一电离能由大到小的顺序：O>N>C
C．氮原子以sp2杂化轨道与氧原子形成σ键
D．从物质分类角度M属于芳香烃，M中所有的碳原子不可能共面
E.组成M元素的氢化物稳定性：CH4＜H2O＜NH3
（2）上述反应中断裂和生成的化学键有_______（填序号）。
A．氢键 B．配位键 C．金属键 D．范德华力 E.共价键 F.离子键
（3）M与W（分子结构如上图）相比，M的水溶性小，更利于Cu2+的萃取。M水溶性小的主要原因是_______________。
（4）基态Cu2+的外围电子排布图为________________，Cu2+等过渡元素水合离子是否有颜色与原子结构有关，且存在一定的规律。判断Sc3+、Zn2+的水合离子为无色的依据是_____________________________________________________________。
离子
Sc3+
Ti3+
Fe2+
Cu2+
Zn2+
颜色
无色
紫红色
浅绿色
蓝色
无色
（5）已知：Y原子最高价氧化物对应水化物的酸性最强。铜与Y形成化合物的晶胞如附图所示(黑点代表铜原子，空心圆代表Y原子)。

①该晶体的化学式为_______________。（用元素符号表示）
②已知铜和Y原子的电负性分别为1.9和3.0，则铜与Y原子形成的化合物属于____________(填“离子”或“共价”)化合物。
③已知该晶体的密度为ρg·cm－3，阿伏加德罗常数为NA，则该晶体中铜原子与Y原子之间的最短距离为_______________pm(只写计算式)。
参考答案

一、选择题（每题只有一个选项符合题意）
1、B
【解析】
A. 将溴水分别加入四种溶液中：振荡后液体分层，由于苯不溶于水，且密度比水小，溴单质转移到了苯层中，即上层显橙红色；振荡后液体分层，由于四氯化碳密度大于水，即下层显橙红色的是四氯化碳；振荡后互溶且溶液呈棕黄色溶液的是乙醇，故A不符合题意；
B. 由于乙酸和乙醇的沸点接近，所以不能用蒸馏法除去乙酸中混有的少量乙醇，故B符合题意；
C. 乙酸与碳酸钠反应后，生成乙酸钠能溶于水，不溶于乙酸乙酯，即与乙酸乙酯分层，则分液可分离，则可以用饱和碳酸钠溶液除去乙酸乙酯中混有的少量乙酸，故C不符合题意；
D.纯毛织物是蛋白质，灼烧时有羽毛烧焦的味道，可以以此来鉴别纯棉织物和纯毛织物，故D不符合题意；
故选B。
2、D
【解析】
试题分析：A．配制一定浓度的稀硫酸，用量筒量取浓硫酸后，量筒不需要洗涤，若将蒸馏水洗涤量筒后的洗涤液转移至容量瓶中，会导致配制的溶液浓度偏高，故A错误；B．pH试纸若被湿润，相当于待测液被稀释，影响测定结果；而红色石蕊试纸由于检验氨气，氨气溶于水才能呈碱性，所以使用前必须用质量数湿润，故B错误；C．蒸发时将蒸发皿放置在铁架台的铁圈上，可以直接加热，不需要加垫石棉网，故C错误；D．液体加热要加沸石或碎瓷片，引入汽化中心，可防止溶液暴沸，如果加热一段时间后发现忘记加碎瓷片，应该采取停止加热，待溶液冷却后重新添加碎瓷片，故D正确。故选D。
考点：考查化学实验方案的评价
【名师点睛】本题考查了化学实验方案的评价，题目难度中等，涉及溶液配制、蒸发、蒸馏、pH试纸的使用等知识，明确常见化学实验基本操作方法为解答关键，注意掌握常见仪器的构造及使用方法，试题培养了学生的化学实验能力。A．量筒不需要洗涤，否则配制的溶液中溶质的物质的量偏大，溶液浓度偏高；B．pH试纸不能湿润，但是红色石蕊试纸在使用时必须湿润；C．蒸发皿是可以直接加热的仪器，不需要垫上石棉网；D．蒸馏时必须加入碎瓷片，若忘记加沸石，易导致爆沸，应该停止加热，待溶液冷却后加入沸石。
3、B
【解析】
反应中，Ti元素化合价降低，Mg的化合价升高；
A. 反应中Ti元素化合价降低，则TiCl4为氧化剂，A项错误；
B. 反应中Mg失电子，则Mg被氧化，B项正确；
C. 反应中Ti元素化合价降低，则TiCl4发生还原反应，C项错误；
D. 反应中Mg的化合价升高，失电子，D项错误；
答案选B。
4、D
【解析】A、NH4＋是弱碱阳离子，发生水解：NH4＋＋H2ONH3·H2O＋H＋，因此NH4＋数量小于0.1NA，故A错误；B、2.4gMg为0.1mol，与硫酸完全反应后转移的电子的物质的量为2.4×2/24mol=0.2mol，因此转移电子数为为0.2NA，故B错误；C、标准状况下，N2和O2都是气态分子，2.24L任何气体所含有的分子数都为0.1NA，故C错误；D、H2＋I22HI，反应前后系数之和相等，即反应后分子总物质的量仍为0.2mol，分子数为0.2NA，故D正确。
5、D
【解析】分析：A、次氯酸为弱酸，保留化学式；B．反应生成氯化亚铁和氢气；C、明矾溶于水铝离子水解产生Al(OH)3胶体；D、氨过量生成正盐。
详解：A、Cl2通入水中，离子方程式：Cl2+H2OH＋+Cl－+HClO，故A错误；B．浓盐酸与铁屑反应的离子反应为Fe+2H＋=Fe2＋+H2↑，故B错误；C、明矾溶于水铝离子水解产生Al(OH)3胶体，A13++3H2O=Al(OH)3（胶体）+3H+；D、用过量氨水吸收工业尾气中的SO2：2NH3·H2O+SO2=2NH4++SO32-+ H2O，故D正确；故选D。
点睛：本题考查离子反应方程式书写的正误判断，解题关键：把握发生的反应及离子反应的书写方法，侧重分析与应用能力的考查，易错点：A，注意离子反应中保留化学式的物质如HClO，B、反应生成氯化亚铁和氢气．
6、B
【解析】
自发过程有两种，一种是高能量到低能量，一种是有序到无序，即焓判据和熵判据，根据吉布斯自由能判断。
【详解】
A. 水由低处流到高处，是非自发的，故不符合题意；
B．气温升高冰雪融化，是自发的，故符合题意；
C. 室温下水自动结成冰，不能自发，故不符合题意；
D. 生锈的铁变光亮不能自发进行，故不符合题意；故该题选B。
7、A
【解析】
A. 滴有碘水的淀粉溶液中加入少量唾液，淀粉在淀粉酶的作用下水解完全，蓝色褪去，与平衡无关，A正确；
B. 对于反应2NO2N2O4增大压强，体积减小，平衡正向移动，达到平衡后二氧化氮的浓度比原来大，则加压稳定后的颜色比原来颜色深，可用勒夏特列原理解释，B错误；
C. 开启可乐瓶，容器压强减小，气体在瓶中的溶解度减小，瓶中马上泛起大量气泡，可用勒夏特列原理解释，C错误；
D. 根据同离子效应，饱和食盐水中的氯离子能降低氯气在溶液中的溶解度，利用排液法收集氯气时常用液体为饱和食盐水，可用勒夏特列原理解释，D错误；
答案为A
对于反应2NO2N2O4反应体系中，增大压强体积减小，浓度增大，化学平衡正向移动，观察到容器的颜色为先变深，再变浅。
8、B
【解析】
没食子酸分子中含有羧基和酚羟基，结合两类官能团的性质进行分析解答。
【详解】
没食子酸含有酚羟基，能够与铁盐发生显色反应，由此发明了蓝黑墨水，制取蓝黑墨水利用了没食子酸酚类化合物的性质。
答案选B。
9、D
【解析】试题分析：根据题意可知该元素是第六周期第IVA的元素，是Pb元素，+4价的Pb不稳定，有强氧化性，会把HCl氧化为氯气。因此会看到产生黄色气体A．Pb最外层有4个电子，所以X2+具有还原性，正确。B．根据题意可知X的+2价化合物比+4价化合物稳定，正确。C．XO2在反应中得到电子，表现强的氧化性。正确。D．该元素的原子最外层失去2个电子，还有2个，是第IVA族的元素。
考点：考查元素的原子结构与形成的化合物的性质的知识。
10、C
【解析】分析：a处试纸变蓝，为阴极，有氢氧根产生，氢离子放电；b处变红，局部褪色，氯离子放电产生氯气，为阳极；c处无明显变化，铁失去电子；d处试纸变蓝，有氢氧根产生，氢离子放电，据此解答。
详解：A．a处试纸变蓝，为阴极，生成OH-，氢离子放电，电极方程式为2H++2e-=H2↑，A正确；
B．b处变红，局部褪色，是因为氯离子放电产生氯气，氯气溶于水发生反应Cl2+H2O=HCl+HClO，HCl的酸性使溶液变红，HClO的漂白性使局部褪色，B正确；
C．Fe为c阳极，发生反应：Fe-2e－ =Fe2+，C错误；
D．d处试纸变蓝，为阴极，生成OH-，氢离子放电，电极方程式为2H++2e-=H2↑，D正确；
答案为C。
点睛：本题主要是考查电解原理的应用，注意把握电极的判断以及电极反应，为解答该题的关键，易错点是电极周围溶液酸碱性判断，注意结合水的电离平衡分析解答。
11、C
【解析】
A. 装置①常用于分离互溶液体且沸点相差较大的混合物，A错误；
B. 因氯化氢极易溶于水，装置②中氯化氢直接通入水，易形成倒吸现象，B错误；
C.用装置③加热NH4HCO3，产生的杂质气体（CO2、H2O）被碱石灰吸收，此装置可用于实验室制备少量NH3，C正确；
D. NO易与空气中氧气反应，不能用装置④排空气法收集NO气体，D错误。
答案选C。
12、B
【解析】
A.溴丙烷水解制丙醇属于取代反应，丙烯与水反应制丙醇属于加成反应，反应类型不一样，A错误；
B.乙烯使酸性高锰酸钾溶液褪色属于氧化反应，乙醛使溴水褪色属于氧化反应，反应类型一样，B正确；
C.氯代环己烷消去制环己烯属于消去反应，丙烯加溴制1，2-二溴丙烷属于加成反应，反应类型不一样，C错误；
D.乙酸乙酯的水解属于取代反应，乙烯制聚乙烯属于加聚反应，反应类型不一样，D错误；
故选B。
13、D
【解析】
A.氧化铁是红棕色的，所以汝窑瓷器的天青色来自氧化铁说法是错误的，故A错误；
B.丝指蛋白质，麻指纤维素，故B错误；
C.氮化镓是化合物，不属于合金，故C错误；
D.煮豆燃豆萁，豆萁燃烧发光放热，由化学能转化为热能和光能，故D选项正确；
所以本题答案：D。
14、C
【解析】
配合物也叫络合物，为一类具有特征化学结构的化合物，由中心原子或离子（统称中心原子）和围绕它的称为配位体（简称配体）的分子或离子，完全或部分由配位键结合形成，配合物中中心原子提供空轨道，配体提供孤电子对。
【详解】
A项、[Cu(NH3)4]SO4·H2O中，铜离子提供空轨道、氨气分子中氮原子提供孤电子对而形成配位键，所以该物质属于配合物，故A错误；
B项、[Ag（NH3）2]OH中，银离子提供空轨道、NH3中氮原子提供孤电子对而形成配位键，所以该物质属于配合物，故B错误；
C项、KAl(SO4)2·12H2O是复盐，不含配体，不属于配合物，故C正确；
D项、[Zn(NH3)4]SO4·H2O中，锌离子提供空轨道、氨分子中氮原子提供孤电子对而形成配位键，所以该物质属于配合物，故D错误；
故选C。
本题考查配合物的成键情况，注意配体、中心离子、外界离子以及配位数的判断，把握相关概念，明确“只有有提供空轨道原子和提供孤电子对的原子”才能形成配位键是解答关键。
15、C
【解析】
A．乙烷中的氢原子被羧基取代，得到的是丙酸，A项错误；
B．分子式为C2H6O的有机物可能是乙醇也可能是甲醚，分子式为C2H4O2的有机物可能是乙酸，也可能是甲酸甲酯，还可能是别的结构，只有CF2Cl2表示的是一种纯净物，B项错误；
C．C4H9OH属于醇的同分异构体为4种，C5H10O2属于羧酸的同分异构体也有4种，C项正确；
D．的一溴代物有5种，的一溴代物有6种，D项错误；
答案选C。
16、D
【解析】
A. 乙烯中含有碳碳双键，结构简式为，故A错误；
B. 硝基中的N原子直接与苯环相连，三硝基甲苯的结构简式为，故B错误；
C. 为乙酸的比例模型，乙酸的球棍模型为，故C错误；
D. 甲基中含有一个单电子，电子式为，故D正确；
答案选D。

二、非选择题（本题包括5小题）
17、p N＞O＞C sp2 平面三角形 12 先产生蓝色沉淀，氨水过量后沉淀溶解，生成深蓝色溶液
【解析】
a原子原子核外电子分占3个不同能级，且每个能级上排布的电子数相同，确定
a原子的核外电子排布为1s22s22p2，则a为C元素；b原子基态原子的p轨道电子数比s轨道电子数少1，确定b原子的核外电子排布为1s22s22p3则b为N元素；c位于第2周期，原子核外有3对成对电子、两个未成对电子，确定c原子的核外电子排布为1s22s22p4，则c为O元素；a、b、c、d、e均为周期表前四周期元素，原子序数依次增大，d位于周期表中第1纵列，则d为元素Na或K；e原子的核外电子排布为1s22s22p63s23p63d104s1，则e为Cu，据此分析；
【详解】
（1）c为氧元素，位于第六主族，属于p区的元素；
答案：p
（2）b为N元素，与其同周期相邻元素为C、O，因为N核外电子排布处于半满状态，比较稳定，第一电离能大于C、O；O的非金属性强与C，第一电离能大于C；第一电离能由大到小的顺序为N＞O＞C；
答案：N＞O＞C
（3）CO32-的价层电子对数为=3，中心原子的轨道杂化类型为sp2，空间构型为平面三角形；
答案：sp2 平面三角形
（4）根据晶体结构可以看出,每个阴离子周围等距离且最近的阴离子数为12; 在铜盐溶液中逐滴加入氨水至过量，该过程中先生成蓝色沉淀，后氢氧化铜溶解在氨水中生成配离子，得到深蓝色溶液，发生Cu2++2NH3·H2O=Cu（OH）2↓+2NH4+，Cu（OH）2+4NH3·H2O=[Cu（NH3）4]2++2OH-+4H2O；
答案：12 先产生蓝色沉淀，氨水过量后沉淀溶解，生成深蓝色溶液
18、CH3C≡CH 醛基 CH3CH2CH2OH+O2CH3CH2COOH+H2O bcd
【解析】
由题意：A是一种常见的烃，它的摩尔质量为40g·mol-1，分子式应为C3H4，则A为CH3CCH，由转化关系可知B为CH3CH=CH2，C能发生银镜反应，则C为CH3CH2CHO，D为CH3CH2CH2OH，E为CH3CH2COOH，以此解答该题。
【详解】
(1)由以上分析可知A为CH3C≡CH，故答案为：CH3C≡CH；
(2) 根据上述分析：C为丙醛，含有的官能团为醛基，故答案为：醛基；
(3) 根据上述分析可知：D生成E的反应化学方程式为CH3CH2CH2OH+O2CH3CH2COOH+H2O，故答案为：CH3CH2CH2OH+O2CH3CH2COOH+H2O；
(4)a.根据上述分析E为丙酸，与酸性KMnO4溶液不反应，故a错误；
b.根据上述分析D为CH3CH2CH2OH，E为CH3CH2COOH，D和E分别含有羟基、羧基，则都可以与金属钠发生反应，故b正确；
c. 根据上述分析D为CH3CH2CH2OH，E为CH3CH2COOH，D和E在一定条件下发生酯化反应，可生成有香味的油状物质，故c正确；
d. 根据上述分析D为CH3CH2CH2OH，可拆写成(CH3CH=CH2)H2O，则等物质的量B和D完全燃烧，耗氧量相同，故d正确；
故答案为：bcd。
19、（1）D B E C A
（2）使水层中少量的有机物进一步被提取，提高产品的产量
（3）A B C
（4）降低环己酮的溶解度；增加水层的密度，有利于分层 水浴加热
（5）停止加热，冷却后通自来水
（6）60%(60.3%)
【解析】
试题分析：（1）环己酮的提纯时应首先加入NaCl固体，使水溶液的密度增大，将水与有机物更容易分离开来，然后向有机层中加入无水MgSO4，出去有机物中少量的水，然后过滤，除去硫酸镁晶体，再进行蒸馏即可；
（2）环己酮在乙醚中的溶解度大于在水中的溶解度，且乙醚和水不互溶，则乙醚能作萃取剂，从而提高产品产量；
（3）A．水溶液中加入乙醚，转移至分液漏斗，塞上玻璃塞，应该倒转过来然后用力振荡；
B．放气的方法为：漏斗倒置，打开旋塞放气；
C．经几次振摇并放气后，分液漏斗放置在铁架台上静置待液体分层；
D．分液时，需先将上口玻璃塞打开或玻璃塞上的凹槽对准漏斗上的小孔，再打开旋塞待下层液体全部流尽时，再从上口倒出上层液体；
（4）NaCl能增加水层的密度，降低环己酮的溶解，有利于分层；乙醚的沸点较低，所以蒸馏时温度不宜太高；（5）为防止冷凝管炸裂，应该停止加热；
（6）m（环己酮）=12mL×0.9478g=11.3736g，根据环己醇和环己酮的关系式知，参加反应的m（环己醇）==11.6057g，m（环己醇）=20mL×0.9624g/mL=19.248g，据此计算产率．
解：（1）环己酮的提纯时应首先加入NaCl固体，使水溶液的密度增大，水与有机物更容易分离开，然后向有机层中加入无水MgSO4，除去有机物中少量的水，然后过滤，除去硫酸镁晶体，再进行蒸馏即可，
故答案为d b e c a；
（2）环己酮在乙醚中的溶解度大于在水中的溶解度，且乙醚和水不互溶，则乙醚能作萃取剂，能将水中的环己酮萃取到乙醚中，从而提高产品产量，
故答案为使水层中少量的有机物进一步被提取，提高产品的产量；
（3）A．水溶液中加入乙醚，转移至分液漏斗，塞上玻璃塞，应该倒转过来然后用力振荡，只有如此才能充分混合，故A错误；
B．放气的方法为：漏斗倒置，打开旋塞放气，而不是打开玻璃塞，故B错误；
C．经几次振摇并放气后，分液漏斗放置在铁架台上静置待液体分层，而不是手持分漏斗静置液体分层
，不符合操作规范性，故C错误；
D．分液时，需先将上口玻璃塞打开或玻璃塞上的凹槽对准漏斗上的小孔，利用压强差使液体流出，再打开旋塞待下层液体全部流尽时，为防止产生杂质，再从上口倒出上层液体，故D错误；
故选ABC；
（4）NaCl能增加水层的密度，降低环己酮的溶解，且有利于分层；乙醚的沸点较低，所以蒸馏时温度不宜太高，所以应该采用水浴加热，
故答案为降低环己酮的溶解度，增加水层的密度，有利于分层；水浴加热；
（5）如果直接将冷水连接冷凝管，馏分温度如果急剧冷却会导致冷凝管炸裂，为防止冷凝管炸裂，应该停止加热，冷却后通自来水，
故答案为停止加热，冷却后通自来水；
（6）m（环己酮）=12mL×0.9478g=11.3736g，根据环己醇和环己酮的关系式知，参加反应的m（环己醇）==11.6057g，m（环己醇）=20mL×0.9624g/mL=19.248g，其产率=≈60%，
故答案为60%．
20、 等装置冷却至室温后，再上下调节右边玻璃管的高度，使两端管内液面在同一水平面 22400m/（V2-V1） 不 进入试管中的盐酸的体积也计入了产生的气体体积中 让镁条浸没在盐酸中，防止镁与氧气反应，使镁全部用来产生氢气
【解析】试题分析：（1）由于气体的体积受温度和压强影响大，所以步骤⑤中空格应进行的操作为等装置冷却至室温后，再上下调节右边玻璃管的高度，使两端管内液面在同一水平面。
（2）若V1,V2均是折算为标况下的值，则反应中生成氢气的体积是（V2-V1）mL，物质的量是因此根据方程式Mg＋2H+＝Mg2＋＋H2↑可知镁的相对原子质量Ar(Mg)的实验测定表达式为Ar(Mg)＝。由于盐酸易挥发，所以进入试管中的盐酸的体积也计入了产生的气体体积中，所以此表达式求出的值是不准确的。
（3）镁是活泼的金属，易被氧化，所以步骤①中要用铜网包住镁条的原因是让镁条浸没在盐酸中，防止镁与氧气反应，使镁全部用来产生氢气。
考点：考查镁相对原子质量测定的实验方案设计与探究
21、AC BE M能形成分子内氢键，使溶解度减小 3d轨道上没有未成对电子（3d轨道上电子为全空或全满） CuCl 共价 ××1010或×1010或×1010
【解析】
（1）M所含元素为C、H、O、N；
A.元素的非金属性越强，电负性越强；即同周期自左而右电负性增大；同一主族元素从上到下电负性逐渐减小；
B.同周期元素从左到右元素的第一电离能逐渐减小，则C元素的最小，由于N的2p轨道电子为半充满状态，难以失去电子，第一电离能大于O；
C.由结构简式可知N原子共形成3对共价键，1个配位键，即N原子采取sp2杂化；
D.芳香烃是含有苯环的烃，只含碳氢两种元素；
E.元素的非金属性越强，氢化物越稳定，以此解答。
(2)酚羟基中O-H间断裂，铜离子与O原子、N原子之间形成配位键，据此解答即可；
（3）分子内氢键的存在，导致水溶性减小，据此解答即可；
（4）根据核外电子排布规律书写Cu原子的核外电子排布式，电子按能层高低进行失去，进而书写Cu2+的外围电子排布图；判断Sc3+、Zn2+离子的原子核外3d轨道上是否含有电子来判断是否有颜色；
（5）①Y原子最高价氧化物对应水化物的酸性最强，可知Y是氯元素（Cl），该晶胞中铜原子个数=4，Cl原子个数=8× 1/8 +6× 1/2=4；
②电负性差大于1.7的键一般是离子键，小于1.7的一般为共价键，据此判断；
③Cu原子与周围的4个Cl原子形成正四面体结构，正四面体体心的Cu与晶胞顶点Cl原子距离最短，它们的连线处于晶胞体对角线上，且为晶胞体对角线长度的 1/4 ，根据晶胞含有原子数目计算晶胞质量，结合密度计算晶胞体积，进而计算晶胞棱长，晶胞体对角线长度为棱长的 倍。
【详解】
（1）A.元素的非金属性越强，电负性越强；即同周期自左而右电负性增大；同一主族元素从上到下电负性逐渐减小，故电负性由大到小顺序:O>N>C>H，A正确；
B.同周期元素从左到右元素的第一电离能逐渐减小，则C元素的最小，由于N的2p轨道电子为半充满状态，难以失去电子，第一电离能大于O，所以第一电离能从大到小的顺序为：N＞O＞C，B错误；
C.由结构简式可知N原子共形成3对共价键，1个配位键，即N原子采取sp2杂化，故C正确；
D.  芳香烃是含有苯环的烃，故M不属于芳香烃，D错误；
E.元素的非金属性越强，氢化物越稳定，则组成M元素的氢化物稳定性：CH4＜NH3＜H2O，故E错误；
因此，本题答案为：AC；
（2）M中酚羟基中O-H间断裂，铜离子与O原子、N原子之间形成配位键，
因此，本题答案为：BE；                
（3）由于M能形成分子内氢键，使溶解度减小，
因此，本题答案为：M能形成分子内氢键，使溶解度减小；
（4）Cu原子的核外电子排布式为1s22s22p63s23p63d104s1，故基态Cu2+的外围电子排布图为，Zn2+离子的原子核外排布式为1s22s22p63s23p63d10，d轨道上有10个电子，故Zn2+ 无色，Sc3+离子的原子核外排布式为1s22s22p63s23p6，其d轨道上有0电子，处于全空，故没有颜色，
因此，本题答案为：；3d轨道上没有未成对电子（3d轨道上电子为全空或全满）；
（5）Y原子最高价氧化物对应水化物的酸性最强，可知Y是氯元素（Cl）。
①该晶胞中铜原子个数=4，Cl原子个数=8× 1/8 +6× 1/2 =4，所以其化学式为CuCl；
②铜和的电负性相差3.0−1.9=1.1，电负性差大于1.7的键一般是离子键，小于1.7的一般为共价键，故Cu与Y形成的化合物属于共价化合物，故答案为共价；
③四面体的中心原子与两个顶点形成的夹角为109°28′，设铜原子与Y原子之间的距离（即中心原子与顶点的距离）为x，立方体边长a，则四面体的边长为 a，则由余弦定理可得：(a)2=x2+x2-2x2cos109°28′，x=，由于cos2α=1-2sin2α，
所以cos109°28′=1-sin254°44′，1-cos109°28′=sin254°44′，x=，
晶体体积为 zM/NAρ，z表示一个晶胞中含有的CuCl的数目，已知z=4，
a=×1010，x=×1010。
由于sin54°44′=cos35°16′，x=×1010。
四面体顶点到中心的距离与四面体边长的关系为x= a=a，故x=××1010pm。
因此，本题答案为：××1010或×1010或×1010。
本题考查较为综合，涉及多个方面的知识，题目难度较大，本题注意晶体类型以及对数据的分析和判断，学习中注重相关基础知识和解题方法的积累。