玉溪市2023～2024学年春季学期期末高二年级教学质量检测物理-答案(1).pdf

高二物理参考答案第 1 页（共 5 页）玉溪市20232024学年春季学期期末高二年级教学质量检测 物理参考答案 第卷（选择题，共 43 分）一、单项选择题（本大题共 7 小题，每小题 4 分，共 28 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）题号 1 2 3 4 5 6 7 答案 C D D A B A A 【解析】1内能除了跟温度有关，还与体积和分子数目有关，故 A 错误。绝对零度不可能到达，故 B错误。气体体积增大，同时对外放热，其内能一定减小，故 C 正确。气体分子会分散远离，是因为没有分子力束缚分子的运动，故 D 错误。2据牛顿第二定律可得mgfma，克服阻力做的功fWfhmghmah，故 D 正确。3由左手定则可知，带正电的粒子向下偏转，带负电的粒子向上偏转，不带电的粒子不偏转，故 D 正确。4由几何关系可得，光线射入棱镜时，入射角60i，折射角30，据折射定律可得sin3sinin，光在棱镜中的传播速度为33ccnv，故A正确。5据题意，赛车的线速度大小为Rtv，角速度大小为t，向心加速度大小为a v，解得22 Rat，故B正确。6线圈在磁场中匀速转动产生正弦式交流电，结合楞次定律可知，0t 时刻开始的半个周期内，感应电流为正方向，故A正确。7地球的平均密度MV，在地球表面2MmGmgR，343VR，可得43gRG，同理可得该星球表面的重力加速度4(2)3gR G星，可得该星球表面的重力加速度2gg星。小球自由下落，落地时的动能k2Emg hmgh星，故A正确。#QQABBYSAogCAQpAAAAgCUQXKCACQkBEAASgGhBAEMAAAwBNABAA=#高二物理参考答案第 2 页（共 5 页）二、多项选择题（本大题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错或不选的得0分）题号 8 9 10 答案 AD BD ACD【解析】8 该波的波速6m/s5m/s1.2xtv，据题意31.2s2T，解得0.8sT。据Tv可得4m，故A、D正确。9由几何关系可知3dcad，可得360VdcadUU，可知b、d两点电势相等，即bd为等势线，因此电场强度方向垂直bd从a指向c，故A错误，故B正确。电子从c点移动到d点，电场力将做60eV的正功，故电势能减少60eV，故C错误，D正确。10由楞次定律可得线框进入磁场过程中感应电流方向沿abcda方向，故A正确。线框进磁场过程中所受安培力的冲量可表示为22311FBLB LII BLtqBLBLRR，同理可得线框出磁场过程中安培力的冲量，可得两个冲量大小相等，故B错误。从cd边刚进磁场到ab边刚出磁场的过程中，线框动能不变，据功能关系可得3 sin371.8Qmg LmgL，故C正 确。线 框 穿 过 磁 场 的 过 程，据 动 量 定 理 可 得12sin0FFmgtII，而22312FFBLB LIIqBLBLRR，解得23103B LtmgR，故D正确。第卷（非选择题，共 57 分）三、填空、实验题（本大题共2小题，共16分）11（每空2分，共6分）（1）B （2）B （3）24k【解析】（1）因为没有具体数据，只能得出摆长越大，周期越大的结论，故B正确。（2）2TL图像和TL图像均为直线，故B正确。（3）据2LTg，可得224TLg，解得24kg，因此24gk。#QQABBYSAogCAQpAAAAgCUQXKCACQkBEAASgGhBAEMAAAwBNABAA=#高二物理参考答案第 3 页（共 5 页）12（每空2分，共10分）（1）a 断路 （3）b 9 （4）204kdI【解析】（1）闭合开关前，滑动变阻器阻值应调到最大，因此应滑到a端，电压表有示数说明是Rx断路。（3）电流变小，说明电阻变大，因此应该将滑动变阻器调小，即向b端滑动。据闭合电路欧姆定律得0()xEIRRr，此时5xR ，解得9R 。（4）据题意可得0LUIS，0IkS，2()2dS，解得204kdI。四、计算题（本大题共3小题，共41分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后结果的不能得分。有数据计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）13（13分）解：（1）设10s后小汽车加速度大小为a2，据图像可得 222m/satv 设减速阶段时间为t，据运动学规律可得 2 3a tv 解得t3=8s （2）设04s内，小汽车加速度为a1，则 214m/sat v 据牛顿第二定律得1Ffma 关闭发动机后2fma 解得39 10 NF （3）04s内的位移211 112xa t 匀速阶段汽车的位移22xtv 10s以后的位移232 312xa t 小车的总位移123xxxx 解得192mx 评分标准：本题共13分。正确得出式给2分，其余各式各给1分。#QQABBYSAogCAQpAAAAgCUQXKCACQkBEAASgGhBAEMAAAwBNABAA=#高二物理参考答案第 4 页（共 5 页）14（13分）解：（1）两球碰撞前，对P据动能定理可得 221101122mgxmmvv 两球碰撞过程动量守恒 1PQmmmvvv 碰撞后，对小球Q据动能定理可得 2212Qmgxm v 两球碰撞过程中损失的机械能 2221111()222PQEmmmvvv 解得0.08JE （2）碰撞后，对小球P有 2312Pmgxm v 两球的距离23dxx 解得0.75md 评分标准：本题共13分。正确得出、式各给2分，其余各式各给1分。15（15分）解：（1）粒子运动轨迹如图所示，从O到P1点，粒子做类平抛运动 2012Lat qEam 解得202mLEqt （2）设粒子到达P1点时速度大小为v，将其分解为水平方向的速度xv和竖直方向的速度yv。可得 02xLtv 0yatv 22xyvvv#QQABBYSAogCAQpAAAAgCUQXKCACQkBEAASgGhBAEMAAAwBNABAA=#高二物理参考答案第 5 页（共 5 页）设P1点速度与水平方向的夹角为，则 tanyxvv 粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力 2q Bmrvv 据几何关系可知其半径为22rL 解得04mBqt （3）00tt时间内，粒子做类平抛运动，t 时刻粒子的 x 坐标为 02Lxtt 粒子在磁场中做圆周运动，0004()4ttt tt 时刻粒子的x坐标 00524sin()224xLLttt 评分标准：本题共15分。正确得出、式各给2分，其余各式各给1分。#QQABBYSAogCAQpAAAAgCUQXKCACQkBEAASgGhBAEMAAAwBNABAA=#