立体几何压轴小题(含答案).doc

一、选择题
1．如图，已知正方体的棱长为4，点，分别是线段，上的动点，点是上底面内一动点，且满足点到点的距离等于点到平面的距离，则当点运动时，的最小值是（ ）

A． B． C． D．
【答案】D
【解析】
试题分析：因为点是上底面内一动点，且点到点的距离等于点到平面的距离，所以，点在连接中点的连线上．为使当点运动时，最小，须所在平面平行于平面,,选
考点：1．平行关系；2．垂直关系；3．几何体的特征．
2．如图在一个二面角的棱上有两个点，，线段分别在这个二面角的两个面内，并且都垂直于棱， ，则这个二面角的度数为（ ）
C
A
D
B

A． B． C． D．
【答案】B
【解析】
试题分析：设所求二面角的大小为，则，因为，所以
而依题意可知，所以
所以即
所以，而，所以，故选B.
考点：1.二面角的平面角；2.空间向量在解决空间角中的应用.
3．已知某个几何体的三视图如图所示，根据图中标出的尺寸（单位：）可得这
个几何体的体积是（ ）

A． B． C． D．
【答案】B．
【解析】
试题分析：分析题意可知，该几何体为一四棱锥，∴体积．
考点：空间几何体的体积计算．
4．如图，是正方体对角线上一动点，设的长度为，若的面积为 ，则的图象大致是（ ）

【答案】A
【解析】
试题分析：设与交于点,连接.易证得面,从而可得.设正方体边长为1,在中.在中 ,设,由余弦定理可得,所以.所以.故选A.
考点：1线面垂直,线线垂直;2函数图象.
5．如图所示，正方体的棱长为1， 分别是棱，的中点，过直线的平面分别与棱、交于，设，，给出以下四个命题：

（1）平面平面；
（2）当且仅当x=时，四边形的面积最小；
（3）四边形周长，是单调函数；
（4）四棱锥的体积为常函数；
以上命题中假命题的序号为（ ）
A．（1）（4） B．（2） C．（3） D．（3）（4）
【答案】C
【解析】
试题分析：（1）由于，，则，则，又因为，则平面平面；（2）由于四边形为菱形，，，要使四边形的面积最小，只需最小，则当且仅当时，四边形的面积最小；（3）因为，，在上不是单调函数；（4），=，到平面的距离为1，，又，，为常函数.
故选（3）
考点：1.面面垂直的判定定理；2.建立函数模型.
6．已知三棱柱的侧棱与底面边长都相等，在底面上的射影为的中点，则异面直线与所成的角的余弦值为（ ）

（A） （B） （C） （D）
【答案】D.
【解析】
试题分析：连接；,是异面直线与所成的角或其补角；在中，设，则；在中，；在中，；即面直线与所成的角的余弦值为.
考点：异面直线所成的角.

7．一个几何体的三视图如图所示，其中正视图和侧视图是腰长为1的两个全等的等腰直角三角形，则该几何体的外接球的表面积为
正视图
侧视图
俯视图

A． B． C． D．
【答案】D
【解析】
试题分析：由三视图可知，该几何体为四棱锥，侧棱垂直底面，底面是正方形，将此四棱锥还原为正方体，则正方体的体对角线即外接球的直径，，，因此，故答案为D.
考点：由三视图求外接球的表面积.
8．如图，棱长为1的正方体ABCD-A1B1C1D1中，为线段A1B上的动点，则下列结论错误的是（ ）

A．
B．平面平面
C．的最大值为
D．的最小值为
【答案】C
【解析】
试题分析：，，，平面，平面
因此，A正确；由于平面，平面，故平面平面
故B正确，当时，为钝角，C错；将面与面沿展成平面图形，线段即为的最小值，利用余弦定理解，故D正确，故答案为C．

考点：棱柱的结构特征．
9．下列命题中，错误的是（ ）
A．一条直线与两个平行平面中的一个相交，则必与另一个平面相交
B．平行于同一平面的两条直线不一定平行
C．如果平面不垂直于平面，那么平面内一定不存在直线垂直于平面
D．若直线不平行于平面，则在平面内不存在与平行的直线
【答案】B
【解析】
试题分析: 由直线与平面的位置关系右知A正确;平行于同一个平面的两条直线可以相交、平行或异面，故B错，所以选B.
考点:直线、平面平行与垂直的判定与性质.
10．已知如图所示的正方体ABCD﹣A1B1C1D1，点P、Q分别在棱BB1、DD1上，且=，过点A、P、Q作截面截去该正方体的含点A1的部分，则下列图形中不可能是截去后剩下几何体的主视图的是（　　）

【答案】A
【解析】
试题分析：当P、B1重合时，主视图为选项B；当P到B点的距离比B1近时，主视图为选项C；当P到B点的距离比B1远时，主视图为选项D，因此答案为A.
考点：组合体的三视图
11．一个几何体的三视图及尺寸如图所示，则该几何体的外接球半径为 （　 　）

A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
试题分析：由三视图可知：该几何体是一个如图所示的三棱锥P-ABC，它是一个正四棱锥P-ABCD的一半，其中底面是一个两直角边都为6的直角三角形，高PE=4．
设其外接球的球心为O，O点必在高线PE上，外接球半径为R，
则在直角三角形BOE中，BO2=OE2+BE2=（PE-EO）2+BE2，
即R2=（4-R）2+（3）2，解得：R=，故选C.

考点：三视图，球与多面体的切接问题，空间想象能力
12．如右图，在长方体中，=11，=7，=12，一质点从顶点A射向点，遇长方体的面反射（反射服从光的反射原理），将次到第次反射点之间的线段记为，，将线段竖直放置在同一水平线上，则大致的图形是（ ）

【答案】C
【解析】
试题分析：

因为，所以延长交于，过作垂直于在矩形中分析反射情况：由于，第二次反射点为在线段上，此时,第三次反射点为在线段上，此时,第四次反射点为在线段上,由图可知，选C.
考点：空间想象能力
13．一块石材表示的几何体的三视图如图所示，将该石材切削、打磨、加工成球，则能得到的最大球的半径等于（ ）
A.1 B.2 C.3 D.4

【答案】B
【解析】试题分析：由图可得该几何体为三棱柱,因为正视图,侧视图,俯视图的内切圆半径最小的是正视图(直角三角形)所对应的内切圆,所以最大球的半径为正视图直角三角形内切圆的半径,
则,故选B.
考点：三视图 内切圆 球 三棱柱
14．已知二面角为，，，A为垂足，，，，则异面直线与所成角的余弦值为
A． B． C． D．
【答案】B.
【解析】
试题分析：如图作于，连结，过作∥，作于，连结，则设．在中，在中，在中，异面直线与所成角的余弦值为，故选B．

考点：1.三垂线定理及其逆定理；2. 空间角（异面直线所成角）的计算．
15．在空间直角坐标系中,已知.若分别是三棱锥在坐标平面上的正投影图形的面积，则（ ）
A． B．且
C．且 D．且
【答案】D
【解析】
试题分析：三棱锥在平面上的投影为，所以，
设在平面、平面上的投影分别为、，则在平面、上的投影分别为、，因为，，所以，
故选D.

考点：三棱锥的性质，空间中的投影，难度中等.
16．正方形的边长为2，点、分别在边、上，且，，将此正
方形沿、折起，使点、重合于点，则三棱锥的体积是（ ）
A． B． C． D．
【答案】B
【解析】
试题分析：解：因为所以
又因为平面,平面,且,所以平面
在中，
所以,
所以

所以应选B.
考点：1、直线与平面垂直的判定；2、正弦定理与余弦定理；3、棱锥的体积.
17．高为的四棱锥S﹣ABCD的底面是边长为1的正方形，点S，A，B，C，D均在半径为1的同一球面上，则底面ABCD的中心与顶点S之间的距离为（ ）
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
试题分析：由题意可知ABCD 是小圆，对角线长为，四棱锥的高为，推出高就是四棱锥的一条侧棱，最长的侧棱就是球的直径，然后利用勾股定理求出底面ABCD的中心与顶点S之间的距离．
解：由题意可知ABCD是小圆，对角线长为，四棱锥的高为，点S，A，B，C，D均在半径为1的同一球面上，球的直径为2，所以四棱锥的一条侧棱垂直底面的一个顶点，最长的侧棱就是直径，所以底面ABCD的中心与顶点S之间的距离为：=
故选A
点评：本题是基础题，考查球的内接多面体的知识，能够正确推出四棱锥的一条侧棱垂直底面的一个顶点，最长的侧棱就是直径是本题的关键，考查逻辑推理能力，计算能力．
18．二面角为60°，A、B是棱上的两点，AC、BD分别在半平面内，，，且AB＝AC＝，BD＝，则CD的长为(　　)
A． B． C． D．
【答案】A
【解析】
试题分析：根据异面直线上两点间的距离公式 ，对于本题中，，，，，故．
考点：异面直线上两点间距离,空间想象能力．
19．长方体的表面积是24，所有棱长的和是24，则对角线的长是（ ）．
Ａ． 　　　 B．4 　　 　 C．3 　　 　D．2
【答案】B
【解析】
试题分析：设出长方体的长、宽、高，表示出长方体的全面积，十二条棱长度之和，然后可得对角线的长度．
考点：长方体的结构特征，面积和棱长的关系.
20．已知棱长为l的正方体中，E，F，M分别是AB、AD、的中点，又P、Q分别在线段上,且，设面面MPQ=，则下列结论中不成立的是( )

A．面ABCD
B．AC
C．面MEF与面MPQ不垂直
D．当x变化时，不是定直线
【答案】D
【解析】
试题分析：解：连结,交于点交于点
由正方体的性质知，
因为是的中点，所以
因为,所以
所以,所以平面,平面,
由面MPQ=， 平面，所以，而平面,平面,
所以，面ABCD ，所以选项A正确；
由，得而，所以AC，所以选项B正确；
连,则而
所以，,所以平面，过直线与平面垂直的平面只能有一个，所以面MEF与面MPQ不垂直，所以选项C是正确的；
因为，是定点，过直线外一点有且只有一条直线与已知直线平行，所以直线是唯一的，故选项D不正确．
考点：1、直线平面的位置关系；2、直线与直线，直线与平面，平面与平面的平行与垂直的判定及性质．
21．如图，等边三角形的中线与中位线相交于，已知是△绕旋转过程中的一个图形，下列命题中，错误的是(　　 )
A．动点在平面上的射影在线段上
B．恒有平面⊥平面
C．三棱锥的体积有最大值
D．异面直线与不可能垂直

【答案】D
【解析】
试题分析：由于．所以平面．经过点作平面ABC的垂线垂足在AF上．所以A选项正确．由A可知B选项正确．当平面垂直于平面时，三棱锥的体积最大，所以C正确．因为，设．所以，当时，．所以异面直线与可能垂直．所以D选项不正确．
考点：1．线面位置关系．2．面面的位置关系．3．体积公式．4．异面直线所成的角．5．空间想象力．
22．已知棱长为l的正方体中，E，F，M分别是AB、AD、的中点，又P、Q分别在线段上,且，设面面MPQ=，则下列结论中不成立的是( )

A．面ABCD
B．AC
C．面MEF与面MPQ不垂直
D．当x变化时，不是定直线
【答案】D
【解析】
试题分析：解：连结,交于点交于点
由正方体的性质知，
因为是的中点，所以
因为,所以
所以,所以平面,平面,
由面MPQ=， 平面，所以，而平面,平面,
所以，面ABCD ，所以选项A正确；
由，得而，所以AC，所以选项B正确；
连,则而
所以，,所以平面，过直线与平面垂直的平面只能有一个，所以面MEF与面MPQ不垂直，所以选项C是正确的；
因为，是定点，过直线外一点有且只有一条直线与已知直线平行，所以直线是唯一的，故选项D不正确．
考点：1、直线平面的位置关系；2、直线与直线，直线与平面，平面与平面的平行与垂直的判定及性质．
23．把四个半径都是1的球中的三个放在桌面上，使它两两外切，然后在它们上面放上第四个球，使它与前三个都相切，求第四个球的最高点与桌面的距离（    ）
A．
B．
C．
D．3
【答案】A
【解析】由题意，四球心组成棱长为2的正四面体的四个顶点，
则正四面体的高．
而第四个球的最高点到第四个球的球心距离为求的半径1，且三个球心到桌面的距离都为1，故第四个球的最高点与桌面的距离为，选A．
24．如图所示，四边形ABCD为正方形，QA⊥平面ABCD，PD∥QA，QA＝AB＝PD.则棱锥Q－ABCD的体积与棱锥P－DCQ的体积的比值是（    ）

A. 2:1
B. 1:1
C. 1:2
D. 1:3
【答案】C
【解析】设AB＝a.由题设知AQ为棱锥Q－ABCD的高，所以棱锥Q－ABCD的体积V1＝.
易证PQ⊥面DCQ，而PQ＝，△DCQ的面积为，
所以棱锥P－DCQ的体积V2＝.故棱锥Q－ABCD的体积与棱锥P－DCQ的体积的比值为1:1，选C.
25．正四面体ABCD，线段AB平面，E，F分别是线段AD和BC的中点，当正四面体绕以AB为轴旋转时，则线段AB与EF在平面上的射影所成角余弦值的范围是（ ）
A． [0，] B．[，1] C．[，1] D．[，]
【答案】B
【解析】
试题分析：
如图，取AC中点为G，结合已知得GFAB，则线段AB、EF在平面上的射影所成角等于GF与EF在平面上的射影所成角，在正四面体中，ABCD，又GECD，所以GEGF,所以，当四面体绕AB转动时，因为GF平面，GE与GF的垂直性保持不变，显然，当CD与平面垂直时，GE在平面上的射影长最短为0，此时EF在平面上的射影的长取得最小值，当CD与平面平行时，GE在平面上的射影长最长为，取得最大值，所以射影长的取值范围是 [，]，而GF在平面上的射影长为定值，所以AB与EF在平面上的射影所成角余弦值的范围是[，1].故选B
考点：1线面平行；2线面垂直。
26．已知正方体中，线段上（不包括端点）各有一点，且，下列说法中，不正确的是（ ）
四点共面
B.直线与平面所成的角为定值
C.
D.设二面角的大小为，则的最小值为
【答案】D
【解析】试题分析：如下图：∵，∴四点共面，故A正确；直线与平面所成的角为为定值，故B正确；∵在上移动，则，而，∴，故C正确；二面角的平面角即为面与面所成的夹角，从移动到（不在处），二面角在增大，但无最大值和最小值，故D不正确，则选D.

考点：1.线面平行；2.线面角；2.二面角的平面角.
27．如图，正方体的棱长为，以顶点A为球心，2为半径作一个球，则图中球面与正方体的表面相交所得到的两段弧长之和等于( )

A． B． C． D．
【答案】A
【解析】
试题分析：由题得, 圆弧在以B为圆心,半径为BG的圆上，而圆弧在以A为圆心,半径为AE=2的圆上.故=,由于,故,则,所以+=.故选A.
考点：圆弧长度的计算 球
28．将正方形沿对角线折成直二面角，有如下四个结论：
①⊥;②△是等边三角形;③与平面所成的角为60°;
④与所成的角为60°.其中错误的结论是
A．① B．② C．③ D．④
【答案】B
【解析】
试题分析:如图，

①取AC中点E，连接DE,BE,,
故⊥，①正确：②显然，，△不是等边三角形，④取CD的中点H,取BC中点F，连接ＥＨ，ＦＨ，则ＥＨ＝ＦＨ＝ＥＦ，是等边三角形，故与所成的角为60°③由④知与平面所成的角为60°
考点：直线与平面垂直的判定，两条异面直线所成的角，直线与平面所成的角
29．如图，用一边长为的正方形硬纸，按各边中点垂直折起四个小三角形，做成一个蛋巢，将表面积为的鸡蛋（视为球体）放入其中，蛋巢形状保持不变, 则鸡蛋中心（球心）与蛋巢底面的距离为

A． B． C． D．
【答案】D
【解析】
试题分析：蛋巢的底面是边长为1的正方形，所以过四个顶点截鸡蛋所得的截面圆的直径为1.鸡蛋的表面积为若，所以球的半径为1，所以球心到截面的距离为.而截面到底面的距离即为三角形的高，所以球心到底面的距离为.
考点：空间几何体及其基本计算.
30．设OABC是四面体,G1是△ABC的重心,G是OG1上一点,且OG=3GG1,若=x+y+z,则(x,y,z)为(　　)
(A)(,,) (B)(,,)
(C)(,,) (D)(,,)
【答案】A
【解析】=+
=+×(+)
=+[(-)+(-)]
=(++),
由OG=3GG1知,==(++),
∴(x,y,z)=(,,).
31．如图是正方体或四面体,P,Q,R,S分别是所在棱的中点,这四个点不共面的一个图是(　　)

【答案】D
【解析】在A图中分别连接PS,QR,易证PS∥QR,

∴P,S, R,Q共面.
在B图中过P,Q,R,S可作一正六边形,如图,故P,Q,R,S四点共面.
在C图中分别连接PQ,RS,
易证PQ∥RS,∴P,Q,R,S共面.
D图中PS与RQ为异面直线,
∴P,Q,R,S四点不共面,故选D.
32．设是正三棱锥，是的重心，是上的一点，且，若，则为（ ）
A． B． C． D．
【答案】A
【解析】
试题分析：由是上一点，且，可得

又因为是的重心，所以

而，所以，所以，选A.
考点：1.空间向量的加减法；2.空间向量的基本定理.
33．正三棱柱的侧面展开图是边长分别为6和4的矩形，则它的体积为(　　)
A. B．4
C. D．4或
【答案】D
【解析】分侧面矩形长、宽分别为6和4或4和6两种情况．
34．如图，在平行六面体ABCD-A1B1C1D1中，底面是边长为1的正方形，若∠A1AB=∠A1AD=60º，且A1A=3，则A1C的长为（ ）

A． B． C． D．
【答案】A
【解析】
试题分析：法一：因为，
所以，
即， 故。
法二：先求线和面所称的角为，，在中，，所以。故A正确。
考点：1线面角；2余弦定理；3向量在立体几何中的应用。
35．棱长为2的正方体的内切球的表面积为（ ）
A. B． C． D．
【答案】C
【解析】
试题分析：设球的半径为，则由题意，得，即，∴内切球的表面积为，故选C．
考点：球的表面积．
36．正三棱柱ABC－A1B1C1的棱长都为2，E，F，G为AB，AA1，A1C1的中点，则B1F与平面GEF所成角的正弦值为(　　)．

A. B. C. D.
【答案】A
【解析】如图，取AB的中点E，建立如图所示空间直角坐标系E－xyz.
则E(0,0,0)，F(－1,0,1)，B1(1,0,2)，A1(－1,0,2)，C1(0，，2)，G.
∴＝(－2,0，－1)，＝(－1,0,1)，＝，

设平面GEF的一个法向量为n＝(x，y，z)，由得
令x＝1，则n＝(1，－，1)，设B1F与平面GEF所成角为θ，则
sin θ＝|cos〈n，〉|＝＝
37．如图，在正四棱柱ABCD-A1B1C1D1中，AA1＝2，AB＝BC＝1，动点P，Q分别在线段C1D，AC上，则线段PQ长度的最小值是(　　)．

A. B. C. D.
【答案】C
【解析】建立如图所示的空间直角坐标系，

则A(1,0,0)，B(1,1,0)，C(0,1,0)，C1(0,1,2)，设点P的坐标为(0，λ，2λ)，λ∈[0,1]，点Q的坐标为(1－μ，μ，0)，μ∈[0,1]，
∴PQ＝
＝，当且仅当λ＝，μ＝时，线段PQ的长度取得最小值.
38．如图，在三棱柱ABC-A1B1C1中，侧棱垂直于底面，底面是边长为2的等边三角形，侧棱长为3，则BB1与平面AB1C1所成的角为(　　)．

A. B. C. D.
【答案】A
【解析】记点B到平面AB1C1的距离为d，BB1与平面AB1C1所成角为θ，连接BC1，利用等体积法，VA-BB1C1＝VB-AB1C1，即×××2×3＝d××2×2，得d＝，则sin θ＝＝，所以θ＝.
39．如图，在空间直角坐标系中有直三棱柱ABC ­A1B1C1，CA＝CC1＝2CB，则直线BC1与直线AB1夹角的余弦值为(　　)．

A. B. C. D.
【答案】A
【解析】设CA＝2，则C(0,0,0)，A(2,0,0)，B(0,0,1)，C1(0,2,0)，B1(0,2,1)，可得＝(－2,2,1)，＝(0,2，－1)，由向量的夹角公式得cos〈，〉＝
40．如图所示，在正三棱柱ABC－A1B1C1中，AB＝1.若二面角C－AB－C1的大小为60°，则点C到平面C1AB的距离为(　　)．

A. B. C. D．1
【答案】A
【解析】取AB中点D，连接CD，C1D，则∠CDC1是二面角C－AB－C1的平面角．
因为AB＝1，所以CD＝，
所以在Rt△DCC1中，CC1＝CD·tan 60°＝×＝，C1D＝＝.
设点C到平面C1AB的距离为h，
由VC－C1AB＝VC1－ABC，得××1×h＝××1××，
解得h＝.故选A
41．在正四棱锥P-ABCD中，PA=2，直线PA与平面ABCD所成角为60°，E为PC的中点，则异面直线PA与BE所成角为（ ）
A． B． C． D．
【答案】C
【解析】
试题分析：连接交于点，连接,。因为为中点，所以∥，所以即为异面直线与所成的角。因为四棱锥为正四棱锥，所以，所以为在面内的射影，所以即为与面所成的角，即，因为，所以，。所以在直角三角形中，即面直线与所成的角为。
考点：1异面直线所成角；2线面角；3线面垂直。
42．长方体ABCD-A1B1C1D1中，AB＝AA1＝2，AD＝1，E为CC1的中点，则异面直线BC1与AE所成角的余弦值为 (　　)．　　　　　　　　　　　　　　　　　　
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】建立坐标系如图所示．

则A(1,0,0)，E(0,2,1)，B(1,2,0)，C1(0,2,2)，＝(－1,0,2)，＝(－1，2,1)．
cos〈，〉＝＝.
所以异面直线BC1与AE所成角的余弦值为.
43．若P是平面外一点，A为平面内一点，为平面的一个法向量，则点P到平面的距离是
A． B． C． D．
【答案】C
【解析】
试题分析：设与的夹角为，则点P到平面的距离为=，故C正确.
考点：空间向量、向量的运算.
44．棱长均为三棱锥，若空间一点满足则的最小值为( )
A、 B、 C、 D、
【答案】A
【解析】
试题分析：根据空间向量基本定理知，与共面，则的最小值为三棱锥的高，所以，故选A.
考点：1.空间向量基本定理；2.正四面体的应用.
45．若正方体的外接球的体积为，则球心到正方体的一个面的距离为（ ）
A.1 B.2 C.3 D.4
【答案】A
【解析】
试题分析：外接球的直径为正方体的体对角线，因为，所以。设正方体边长为，则，所以，所在截面圆的半径为，所以球心到正方体的一个面的距离。故A正确。
考点：正方体外接球，球的体积公式，点到面的距离。
46．在一个几何体的三视图中，正视图与俯视图如左图所示，则相应的侧视图可以为（ ）

【答案】D
【解析】
试题分析：由正视图、俯视图，还原几何体为半个圆锥和有一个侧面垂直于地面的三棱锥组成的简单组合体，故侧视图为D.
考点：三视图.
47．如图，正方体ABCD-A1B1C1D1的棱长为1，线段B1D1上有两个动点E，F，且EF=，则下列结论中错误的个数是( )

(1) AC⊥BE.
(2) 若P为AA1上的一点,则P到平面BEF的距离为.
(3) 三棱锥A-BEF的体积为定值.
(4) 在空间与DD1,AC,B1C1都相交的直线有无数条.
(5) 过CC1的中点与直线AC1所成角为40并且与平面BEF所成角为50的直线有2条.
A.0 B.1 C.2 D.3
【答案】A
【解析】
试题分析：（1）连接,由，可知面，而面,∴,(1)正确；（2）由∥面，则点到面的距离等于到面的距离，（2）正确；（3）三棱锥中，底面积是定值，高是定值，所以体积是定值，（3）正确；(4)在 上任取点，过点和直线确定面，设面∩面=，则与直线必有交点（若∥，则∥,矛盾),则直线就是所画的直线，因为点的任意性，所以这样的直线有无数条，（4）正确；（5）设的中点为，过点与所成的角是的直线，是以与平行的直线为轴的圆锥的母线所在的直线，过点与面所成的角是的直线，是以过点且与面垂直的直线为轴的 圆锥的母线，两圆锥交于两条直线，（5）正确.
考点：1、线面垂直的判定；2、异面直线所成的角；3、直线和平面所成的角.
48．二面角α－l－β等于120°，A、B是棱l上两点，AC、BD分别在半平面α、β内，AC⊥l，BD⊥l，且AB=AC=BD=1，则CD的长等于 （　　）
A． B．
C．2 D．

【答案】C
【解析】略
49．如图所示，在棱长为1的正方体的面
对角线上存在一点使得取得最小值，则此
最小值为 （ ）

A． B． C． D．
【答案】D
【解析】
解：把对角面A1C绕A1B旋转，使其与△AA1B在同一平面上，连接AD1，

50．8、已知等腰直角三角形ABC中，∠B=90°，AC，BC的中点分别是D，E，
DE把该三角形折成直二面角，此时斜边AC被折成折线ADC，则∠ADC等于
（ ）
A．150° B．135° C．120° D．100°

【答案】C
【解析】本题考查平面图形的翻折,线面垂直,空间想象能力.
BF
D
C
E
A
B
D
C
E
A

在等腰直角三角形ABC中，∠B=90°，AC，BC的中点分别是D，E，所以
在折成直二面角图形中因为所以所以设等腰直角三角形ABC的边则所以在中，取中点连故选C

第II卷（非选择题）
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二、解答题（题型注释）

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三、新添加的题型

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四、填空题
51．如图所示的一块长方体木料中，已知，设为线段上一点，则该长方体中经过点的截面面积的最小值为 ．

【答案】
【解析】
试题分析： 如图所示，经过点的截面为平行四边形

设,则，为了求出平行四边形的高，先求的高，由等面积法可得，又由三垂线定理可得平行四边形的高，因此平行四边形的面积
，当且仅当时

考点：几何体的截面面积的计算
52．如图所示的一块长方体木料中，已知，设为底面的中心，且，则该长方体中经过点的截面面积的最小值为 .

【答案】
【解析】
试题分析：如图所示，经过点的截面为平行四边形
设,则，为了求出平行四边形的高，先求的高，由等面积法可得，又由三垂线定理可得平行四边形的高，因此平行四边形的面积
，当且仅当时

考点：几何体的截面面积的计算
53．三棱锥中，平面，为侧棱上一点，它的正视图和侧视图 （如下图所示），则与平面所成角的大小为__ _；三棱锥的体积为 __ _．

【答案】
【解析】
试题分析：由题设及正视图可知，又由平面得，所以平面，即与平面所成角为.三棱锥的体积.
考点：1、三视图；2、三棱锥的体积.
54．长方体中，已知，，棱在平面内，则长方体在平面内的射影所构成的图形面积的取值范围是 ．

【答案】.
【解析】
试题分析：四边形和的面积分别为4和6，长方体在平面内的射影可由这两个四边形在平面内的射影组合而成. 显然，. 若记平面与平面所成角为，则平面与平面所成角为. 它们在平面内的射影分别为和，所以，（其中，），因此，，当且仅当时取到. 因此，.
考点：三角函数的化简和求值.
55．如图1，已知点E、F、G分别是棱长为a的正方体ABCD－A1 B1Cl D1的棱AA1、BB1、DD1的中点，点M、N、P、Q分别在线段AG、 CF、BE、C1D1上运动，当以M、N、P、Q为顶点的三棱锥Q－PMN的俯视图是如图2所示的正方形时，则点Q到PMN的距离为__________．

【答案】
【解析】
试题分析：根据俯视图可知，点的位置如下图所示.易知点到平面的距离即为正方体的高.

考点：1、 空间几何体及其三视图；2、点到平面的距离.
56．【改编题】已知 ABC的三个顶点在以O为球心的球面上，且 ，BC=1，AC=3，则球O的表面积为，三棱锥O- ABC的体积为__________。
【答案】
【解析】
试题分析：设球的半径为， ABC的外接圆半径为r，球心O到截面ABC的距离为，球O的表面积为=，得球的半径为，由得，=，由，得，球心到平面的距离，由余弦定理得=，解得AB=，所以==，所以===．
考点：球的截面性质，球的表面积公式，棱锥的体积公式，正弦定理，余弦定理，运算求解能力
【改编思路】条件与结论互换，这是出题人常用的方法。．
57．如图，在一个的二面角的棱上，有两个点、，、分别是在这个二面角的两个半平面内垂直于的线段，且，，，则的长为 ；

A
A
A

【答案】
【解析】
试题分析：过A点作BD的平行线，过D作AB的平行线，两线交于点F,连结FC，根据题意，可知AC=6cm,AF=8cm, 所以，由余弦定理，可知CF=，根据题意，可知DF=4cm, ,故有．

考点：空间关系，二面角的平面角，线段长度的求解．
58．椭圆绕轴旋转一周所得的旋转体的体积为 ．
【答案】
【解析】
试题分析：
考点：旋转体体积
59．如图，在矩形中，为边的中点，，，分别以、为圆心，为半径作圆弧、（在线段上）.由两圆弧、及边所围成的平面图形绕直线旋转一周，则所形成的几何体的体积为 .

【答案】
【解析】由题意，可得所得到的几何体是由一个圆柱挖去两个半球而成；其中，圆柱的底面半径为1，母线长为2；体积为；两个半球的半径都为1，则两个半球的体积为；则所求几何体的体积为
.
考点：旋转体的组合体.
60．一个正四棱锥的侧棱长与底面边长相等，体积为，则它的表面积为________.
【答案】
【解析】设正四棱锥的侧棱长与底面边长相等为，则，
则，则，则；
则正四棱锥的表面积为.

考点：四棱锥的表面积与体积.
61．设P，Q为一个正方体表面上的两点，已知此正方体绕着直线PQ旋转（）角后能与自身重合，那么符合条件的直线PQ有_____条.
【答案】13
【解析】
试题分析：由题意，符合条件的直线PQ必过正方体的中心，否则正方体的中心绕PQ旋转（）角后不能回到原位置，得到的新正方体必定与原正方体不重合．满足题意的直线PQ共有三种情况：

如图1，当为正方体的体对角线时，正方体绕旋转 时，能与原图重合．这样的PQ有4条；如图2，当穿过正方体对面中心时，正方体绕PQ旋转时，能与原图重合．这样的有3条； 如图戳，当穿过正方体对棱中点时，正方体绕旋转时，能与原图重合．这样的有6条．所以，符合条件的直线有13条．
考点：空间几何体的点、线、面的位置关系.
62．在三棱锥中，，G为的重心，过点G作三棱锥的一个截面，使截面平行于直线PB和AC，则截面的周长为 .
【答案】8
【解析】
试题分析：过点G作交PA、PC于点E、F，过E、F分别作、分别交AB、BC于点N、M，连结MN，所以EFMN是平行四边形，∴，即，，即，所以截面的周长.
考点：以三棱锥为几何载体考查了线线平行、截面的周长.
63．一个等腰直角三角形的三个顶点分别在正三棱柱的三条侧棱上.已知正三棱柱的底面边长为，则该三角形的斜边长为 .
【答案】
【解析】
试题分析：根据题意我们把一个等要直角三角形的三个顶点分别在正三棱柱的三条侧棱上，结合图形的对称性可知，该三角形的斜边的中线的长等于底面三角形的高，所以该三角形的斜边长为.
考点：1.棱柱的结构特征；2.空间想象力.
64．已知E、F、G、H分别是三棱锥A-BCD 棱AB、BC、CD、DA的中点，
A
B
C
D
E
F
G
H

（1）四边形EFGH是_______形
（2）AC与BD所成角为，且AC=BD=1，则EG=_______
【答案】平行四边形 .
【解析】
试题分析：（1）由中位线性质，，得 所以四边形EFGH是平行四边形．（2）由（1）知EFGH是平行四边形，又AC=BD=1，则EFGH为菱形，为AC与BD所成角或补角，，所以.
考点：1.空间直线的位置关系；2.异面直线所称的角.
65．如图，一个几何体的三视图是三个直角三角形，则该几何体的外接球的表面积为 ．
3
4
2
俯视图
主视图
左视图

【答案】29
【解析】
试题分析：由三视图可知，该几何体是一个三棱锥如下图所示三棱锥,其中 ,且 ,将三棱锥还原成长方体 ，则三棱锥的外接球也是长方体的外接球，其直径 ,所以外接球的表面积为 ,所以答案应填：．

考点：1、空间几何体的结构；2、三视图；3、空间几何体的表面积．
66．沿对角线AC 将正方形A B C D折成直二面角后，A B与C D所在的直线所成的角等于 ．
【答案】.
【解析】
试题分析： 如图建立空间直角坐标系，设,则,所以,因此,且，所以.
考点：直二面角的定义，异面直线所