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章末检测卷(四) 曲线运动 万有引力与航天
(满分:100分 时间:60分钟)
一、选择题(共8小题,每小题6分,共48分。1~5题只有一个选项正确,6~8题有多个选项正确,全选对得6分,选对但不全得3分)
1.(2020·高考浙江卷)如图所示,底部均有4个轮子的行李箱a竖立、b平卧放置在公交车上,箱子四周有一定空间。当公交车( )
A.缓慢起动时,两只行李箱一定相对车子向后运动
B.急刹车时,行李箱a一定相对车子向前运动
C.缓慢转弯时,两只行李箱一定相对车子向外侧运动
D.急转弯时,行李箱b一定相对车子向内侧运动
解析:a行李箱与车厢底面接触的为4个轮子,而b行李箱与车厢底面接触的为箱体平面。缓慢起动时,加速度较小,两只行李箱所受静摩擦力可能小于最大静摩擦力,故两只行李箱可能相对公交车静止,不会向后运动,A错误;急刹车时,a、b行李箱由于惯性,要保持原来的运动状态,但a行李箱与底面的摩擦为滚动摩擦,比较小,故a行李箱会向前运动,b行李箱可能静止不动,也可能向前运动,B正确;缓慢转弯时,向心加速度较小,两只行李箱特别是b行李箱所受静摩擦力可能足以提供向心力,则b行李箱可能相对公交车静止,不一定向外侧运动,C错误;急转弯时,若行李箱b所受静摩擦力不足以提供向心力而发生离心运动,可能会向外侧运动,D错误。
答案:B
2.如图所示,某同学用手水平托着一物体以身体(视为竖直直线)为轴匀速转动,已知物体到身体的距离为R,手与物体间的动摩擦因数为μ,重力加速度为g,假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力,慢慢增大转速,要使物体能水平滑出,人转动的角速度至少应大于( )
A. B.
C. D.
解析:物体刚好发生滑动时的向心力,有F向=μmg=mω2R,解得ω=,当角速度大于时,物体发生滑动,故A正确,B、C、D错误。
答案:A
3.(2021·湖北省龙泉中学、宜昌一中联考)如图所示,小船过河时,船头偏向上游与水流方向成α角,船相对于静水的速度为v,其航线恰好垂直于河岸。现水流速度稍有减小,为保持航线不变,且准时到达对岸,下列措施可行的是
( )
A.增大α角,增大v
B.减小α角,减小v
C.减小α角,保持v不变
D.增大α角,保持v不变
解析:由题意可知,船相对水的速度为v,其航线恰好垂直于河岸,当水流速度稍有减小,为保持航线不变,且准时到达对岸,则速度变化如图所示,故B正确,A、C、D错误。
答案:B
4.(2020·高考全国卷Ⅲ)“嫦娥”四号探测器于2019年1月在月球背面成功着陆,着陆前曾绕月球飞行,某段时间可认为绕月做匀速圆周运动,圆周半径为月球半径的K倍。已知地球半径R是月球半径的P倍,地球质量是月球质量的Q倍,地球表面重力加速度大小为g。则“嫦娥”四号绕月球做圆周运动的速率为
( )
A. B.
C. D.
解析:在地球表面有G=mg,“嫦娥”四号绕月球运动时有G=m′,根据已知条件有R=PR月,M地=QM月,联立以上各式解得v= 。
答案:D
5.(2020·四川广元市第二次适应性统考)如图所示为一通关游戏示意图,与关门水平距离为L的左上方有一手枪,手枪可以水平发射出初速度大小可以调节的子弹,关门上端距枪口的竖直距离为H,L=2H。通关时,游戏者操控手枪射出子弹的瞬间关门开始运动,关门以大小为v的速度水平向左匀速运动的同时还以大小为v的初速度做竖直上抛运动。游戏要求子弹恰好从关门的上端擦边而过就算通关,重力加速度为g,不计空气阻力。如果能够通关,子弹的初速度大小为
( )
A.v B.v C.2v D.v
解析:设子弹射出后经时间t恰好从关门的上端擦边而过,子弹下降的距离h1=gt2,关门竖直上升的距离h2=vt-gt2,又h1+h2=H,解得t=;设子弹的初速度大小为v0,则子弹水平方向运动的距离x1=v0t,关门水平方向运动的距离x2=vt,又x1+x2=L=2H,解得子弹的初速度大小v0=v。
答案:A
6.牛顿在1687年出版的《自然哲学的数学原理》中设想,物体抛出的速度很大时,就不会落回地面,它将绕地球运动,成为人造地球卫星。如图所示,将物体从一座高山上的O点水平抛出,抛出速度一次比一次大,落地点一次比一次远,设图中A、B、C、D、E是从O点以不同的速度抛出的物体所对应的运动轨道。已知B是圆形轨道,C、D是椭圆轨道,在轨道E上运动的物体将会克服地球的引力,永远地离开地球,空气阻力和地球自转的影响不计,则下列说法正确的是( )
A.物体从O点抛出后,沿轨道A运动落到地面上,物体的运动可能是平抛运动
B.在轨道B上运动的物体,抛出时的速度大小为11.2 km/s
C.使轨道C、D上物体的运动轨道变为圆轨道,这个圆轨道可以过O点
D.在轨道E上运动的物体,抛出时的速度一定等于或大于16.7 km/s
解析:物体抛出速度v<7.9 km/s时必落回地面,若物体运动距离较小时,物体所受的万有引力可以看成恒力,故物体的运动可能是平抛运动,A正确;在轨道B上运动的物体,相当于地球的一颗近地卫星,抛出线速度大小为7.9 km/s,B错误;轨道C、D上的物体,在O点开始变轨到圆轨道,圆轨道必然过O点,C正确;当物体被抛出时的速度等于或大于16.7 km/s时,物体将离开太阳系,故D错误。
答案:AC
7.(2021·广西梧州模拟)如图所示,将一小球从空中A点以水平速度v0抛出,经过一段时间后,小球以大小为2v0的速度经过B点,不计空气阻力,则小球从A到B(重力加速度为g)( )
A.下落高度为
B.经过的时间为
C.速度增量为v0,方向竖直向下
D.运动方向改变的角度为60°
解析:小球经过B点时竖直分速度vy= =v0,由vy=gt得t=,根据h=gt2得h=,故A正确,B错误;速度增量为Δv=gt=v0,方向竖直向下,故C错误;小球经过B点时速度与水平方向的夹角正切值tan α==,α=60°,即运动方向改变的角度为60°,故D正确。
答案:AD
8.(2020·江西新建二中高三3月线上测试)如图所示,一竖直圆弧形槽固定于水平地面上,O为圆心,AB为沿水平方向的直径。若在A点以初速度v1沿AB方向平抛一小球,小球将击中槽壁上的最低点D点。若A点小球抛出的同时,在C点以初速度v2沿BA方向平抛另一相同质量的小球并也能击中D点,已知∠COD=60°,且不计空气阻力,则( )
A.两小球同时落到D点
B.两小球初速度大小之比为∶3
C.两小球落到D点时的速度方向与OD线夹角相等
D.两小球落到D点时重力的瞬时功率之比为∶1
解析:两球均做平抛运动,竖直方向做自由落体运动,由h=gt2,得t=,由于两球下落的高度不同,则知两球不可能同时到达D点,故A错误。设半圆的半径为R,小球从A点平抛,可得R=v1t1 ,R=gt,小球从C点平抛,可得R sin 60°=v2t2,R(1-cos 60°)=gt,联立解得=,故B正确。根据平抛运动的推论可知,从A点抛出的小球落到D点时的速度方向的反向延长线经过AO的中点;从C点抛出的小球落到D点时的速度方向的反向延长线经过从C点向OD所作的垂线的中点,则两小球落到D点时的速度方向与OD线夹角不相等,选项C错误。根据v=2gh可知,两小球落到D点时的竖直速度之比为∶1,根据P=mgvy可知重力的瞬时功率之比为∶1,选项D正确。
答案:BD
二、非选择题(共3小题,52分)
9.(16分)图甲是“研究平抛物体运动”的实验装置图,通过描点画出平抛小球的运动轨迹。
(1)以下是实验过程中的一些做法,其中合理的有________。
A.安装斜槽轨道,使其末端保持水平
B.每次小球释放的初始位置可以任意选择
C.每次小球应从同一高度由静止释放
D.为描出小球的运动轨迹,描绘的点可以用折线连接
(2)实验得到平抛小球的运动轨迹,在轨迹上取一些点,以平抛起点O为坐标原点,测量它们的水平坐标x和竖直坐标y,图乙中yx2图像能说明平抛小球运动轨迹为抛物线的是________。
(3)图丙是某同学根据实验画出的平抛小球的运动轨迹,O为平抛的起点,在轨迹上任取两点A、B,测得A、B两点纵坐标y1=5.0 cm,y2=45.0 cm,A、B两点水平间距Δx=40.0 cm,则平抛小球的初速度v0为________ m/s。(g取10 m/s2)
解析:(1)安装斜槽轨道时,必须使其末端保持水平,保证小球离开轨道后水平飞出。为了描下轨迹上的多个点,实验需重复多次,但每次小球平抛的初速度必须相同,所以每次小球应从同一高度由静止释放。描绘轨迹时,应该用平滑的曲线把描的点连接起来。故选项A、C正确。
(2)若轨迹为抛物线,则轨迹方程为y=kx2,即y与x2成正比,选项C正确。
(3)设从O运动到A、B两点所用时间分别为tA、tB,
由y=gt2得tA=0.1 s,tB=0.3 s,
v0== m/s=2.0 m/s。
答案:(1)AC (2)C (3)2.0
10.(16分)如图所示,一长l=0.45 m的轻绳一端固定在O点,另一端连接一质量m=0.10 kg的小球,悬点O距离水平地面的高度H=0.90 m。开始时小球处于A点,此时轻绳拉直处于水平方向上,让小球从静止释放,当小球运动到B点时,轻绳碰到悬点O正下方一个固定的钉子P时立刻断裂。不计轻绳断裂的能量损失,取重力加速度g=10 m/s2。求:
(1)绳断裂后球从B点抛出并落在水平地面的C点,求C点与B点之间的水平距离;
(2)若OP=0.30 m,轻绳碰到钉子P时绳中拉力达到所能承受的最大拉力而断裂,求轻绳能承受的最大拉力。
解析:(1)设小球运动到B点时的速度大小为vB,由机械能守恒定律得mv=mgl,
解得小球运动到B点时的速度大小为
vB==3.0 m/s,
小球从B点做平抛运动,由运动学规律得到
x=vBt,y=H-l=gt2,
解得C点与B点之间的水平距离
x=vB=0.9 m。
(2)若轻绳碰到钉子时,轻绳拉力恰好达到最大值Fm,由牛顿第二定律得Fm-mg=m,
其中r=l-OP,由以上各式解得Fm=7 N。
答案:(1)0.9 m (2)7 N
11.(20分)如图所示,在某星球表面附近,一个在轻绳约束下的质量为m的小球在竖直平面内做半径为r圆周运动,小球在最低点与最高点所受轻绳的拉力之差为ΔF,假设星球是均匀球体,其半径为R,已知万有引力常量为G,不计一切阻力。
(1)求星球表面重力加速度;
(2)求该星球的密度;
(3)如图所示,在该星球表面上,某小球以大小为v0的初速度平抛,能击中倾角为θ的斜面,且位移最短,试求该小球平抛的时间。
解析:(1)设小球在最高点受到绳子的拉力为F1,速率为v1,则有
F1+mg=m,
设小球在最低点受到绳子拉力为F2,速率为v2,则有
F2-mg=m,
小球从最高点到最低点的过程中应用动能定理可得
mg·2r=mv-mv,
而ΔF=F2-F1,故有g=。
(2)对星球表面上的物体G=mg,
星球体积V=πR3,故星球的密度为ρ==。
(3)根据题意可知,tan θ=,x=v0t,y=gt2,联立可得t=。
答案:(1) (2) (3)
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