四川省眉山市东坡区2015届九年级上学期期末考试物理试卷(解析版).doc

四川省眉山市东坡区2015届九年级上学期期末考试物理试卷一、选择题（共32分，每小题2分）1汽油机的一个工作循环包括四个冲程，其中将机械能转化为内能的是（）A吸气冲程B压缩冲程C做功冲程D排气冲程考点：内燃机的四个冲程.专题：比热容、热机、热值分析：汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气；做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；压缩冲程也有能量转化，将机械能转化为内能解答：解：汽油机共有四个冲程，汽油机在压缩冲程中将机械能转化为内能故选B点评：此题主要考查了内燃机的四个冲程及能量转化情况，是一道基础性题目2（2分）下列说法中正确的是（）A只有气体之间才能发生扩散B热机的效率能达到100%C热机都是使用汽油作为燃料D物体分子间同时存在引力和斥力考点：分子间的作用力；热机的效率；扩散现象.专题：应用题；分子热运动、内能；比热容、热机、热值分析：（1）一切物质的分子都在不停的做无规则运动，扩散现象也是分子运动的结果；（2）任何机器的做功时都不可避免的做额外功，效率不可能达到100%；（3）根据热机所使用燃料不同，分为柴油机和汽油机；（4）分子动理论的基本内容包括：物质是由大量分子组成的；分子在永不停息地做无规则运动；分子间存在着相互的引力和斥力解答：解：A、扩散现象是指物质从一个物体运动到另一个物体内的现象，这说明分子之间存在空隙；组成物质的分子也在不停的做无规则运动，同时分子之间也存在间隙，所以扩散现象发生在气体、液体和固态之间，故A错误；B、热机在工作时不可避免的要克服机械部件间的摩擦做额外功，机械效率不可能达到100%，所以B是错误的；C、热机分为汽油机和柴油机，柴油机使用的燃料是柴油，故C错误；D、组成物质的分子间同时存在引力和斥力，故D正确故选：D点评：本题考查分子动理论地基本内容和对于热机的认识，为考查热点，应熟练掌握3（2分）用两个相同的电热器给质量相同的物质甲和水加热，它们的温度随加热时间的变化关系如图所示，据此判断物质甲的比热容为【C水=4.2103J/（kg）】（）A2.1103J/（kg）B4.2103J/（kg）C1.2103J/（kg）D不能确定考点：比热容的概念.专题：信息给予题；比热容、热机、热值分析：图象问题要结合物理公式进行分析由图象知物质甲和水质量相同，升高的温度相同时水吸收的热量是物质甲吸收热量的2倍解答：解：由图象可知：用两个相同的电热器给质量相同的物质甲和水加热，水温度升高60需要20min，物质甲温度升高60需要10min所以质量相同的物质甲和水升高相同的温度需要吸收的热量关系为：Q水吸=2Q甲吸由热量计算公式Q=cmt，得：c=即：c水=2c甲所以c甲=c水=4.2103J/（kg）=2.1103J/（kg）故选：A点评：比较两个量的大小一定要根据公式来分析，这样思维严谨些并合理利用图象中的信息4（2分）如图所示的电路图中，两灯属于串联的正确电路是（）ABCD考点：串联电路和并联电路的辨别.专题：电流和电路分析：（1）在串联电路中是将各元件依次连接，电流只有一条路径，各用电器之间相互影响；（2）在并联电路中是将各用电器并列连接，电流有多条流通路径，各个用电器之间互不影响，独立工作解答：解：A、图中开关闭合后，电源两端直接通过导线连接起来，造成短路，不符合题意；B、图中开关闭合后，电流有两条路径，分别经过这两个灯，因此属于并联电路，不符合题意；C、图中开关闭合后，电流只有一条路径，依次经过这两个灯，因此属于串联电路，符合题意；D、图中开关闭合后，电流有两条路径，分别经过这两个灯，因此属于并联电路，不符合题意故选C点评：解答本题的关键是掌握串并联电路的特点，并且会根据串并联电路的特点进行识别5（2分）下列说法中正确的是（）A导体中的电荷只要移动就一定形成电流B绝缘体不导电，是因为绝缘体中几乎没有电子C超导体是最好的发热电阻材料D金属能够导电，是因为金属内部有大量的自由电子考点：电流的形成；金属导电的实质.专题：电流和电路分析：（1）电荷的定向移动形成电流（2）绝缘体绝缘的实质是，它里面几乎没有可以自由移动的电荷，不是没有电子造成的（3）电热器发热体主要用来发热的，所以发热体的电阻较大（4）导体内有大量的能够自由移动的电荷称为“自由电荷”解答：解：A、在导体中，电荷无规则的运动不能形成电流，只有定向移动时才会形成电流；错误B、绝缘体内部几乎没有自由电荷，自由电荷很少，所以也就不容易导电错误C、超导体的电阻为零，所以不能用超导体做电热器的发热体，否则该电热器不能工作错误D、金属导电靠的是能够自由移动的自由电子正确故选D点评：此题考查了电流的形成原因、绝缘体不导电、超导体和金属导电的原因、绝缘体在电工上的应用，是一道电学的基础题6（2分）如图所示，当开关S闭合时，灯L1、L2均不亮某同学用一根导线探究其故障：当把导线并接在灯L1两端时发现灯L2亮，灯L1不亮；当把导线并接在灯L2两端时发现两灯都不亮，由此可知（）A灯L1短路B灯L1断路C灯L2短路D灯L2断路考点：电路的三种状态.专题：电流和电路分析：由图可知两灯的连接方式，根据接入导线后灯泡的亮暗判断电路故障解答：解：闭合开关时两灯均不亮，说明电路中某处断路，或是两灯均短路；用导线先并联在L1两端时，发现L2亮，灯L1不亮，说明电路通路，两灯泡不可能短路，L2不可能断路；同时因导线与灯L2并联，两灯均不亮，说明灯L1不可能短路，故只能为灯L1发生了断路故选B点评：本题考查了学生能在实验操作中用导线判断电路故障的方法，是检修电路的基础7（2分）小明同学使用电流表时，本应使用“”和“0.6”接线柱，但误将“”和“3”接线柱接入电路这样做的结果将是（）A电流表的指针转过的角度变小了B电流表的指针转过的角度变大了C电流表的指针不偏转D电流表的指针反向偏转考点：电流表的使用.专题：应用题；电流和电路分析：使用电流表时，应选用合适的量程，太小会损坏电流表，太大了读数不准确解答：解：应选用00.6A的量程，而使用了大量程，则指针偏转角度小，读数不准确故选：A点评：本题考查了电流表的使用规则注意选用合适的量程测量，应用小量程时，而使用了大量程，则指针偏转角度小，读数不准确8（2分）小华和几位同学在学校实验室探究并联电路中的电流关系时，连接了如图所示的电路当开关S由断开到闭合时，关于两个电流表的示数变化情况，你认为正确的是（）AA1的示数变大，A2的示数不变BA1的示数变小，A2的示数变小CA1的示数变大，A2的示数变小DA1的示数不变，A2的示数变大考点：欧姆定律的应用.专题：欧姆定律分析：要解答本题需掌握：并联电路的特点是两用电器互不影响，以及并联电路中干路电流等于各支路之和解答：解：开关的断开和闭合使电路的结构发生了改变，当开关断开时，只有L1一盏灯；当开关闭合时，电路为两灯并联，干路电流增大，但对原来的灯L1不影响所以A1的示数不变，A2的示数变大故选D点评：本题是一道电路动态分析题，分析清楚电路结构、应用并联电路特点即可正确解题9（2分）质量相等的铜丝和铝丝，它们的横截面积相等，铜丝和铝丝的电阻相比较（）A铜丝的电阻大B铝丝的电阻大C一样大D无法比较考点：影响电阻大小的因素.专题：电压和电阻分析：在温度一定时，导体的电阻与导体的材料、长度和横截面积有关解答：解：长度和横截面积相同的铜丝和铝丝，铜丝的导电性更强，电阻更小；铜的密度大于铝，已知铜丝和铝丝的质量相同，所以铜丝的体积小于铝丝，而它们的横截面积相等，所以铜丝的长度小于铝丝，即铜丝的电阻更小，铝丝的电阻更大故选B点评：此题考查的是影响电阻的因素和密度计算公式的应用，属于基础题，难度不大10（2分）如图所示，电路中的电源电压不变，当滑动变阻器的滑片P移动时下列说法正确的是（）AP向a移动，滑动变阻器阻值变大B将滑片P移至b点，A示数为零CP向右移动过程中，A1示数不变，A示数变小DP向左移动过程中，A示数不变，A1示数减小考点：电路的动态分析.专题：欧姆定律分析：由电路图可知，R1、R2并联，电流表A1测通过R1的电流，电流表A测干路电流；根据滑片P的移动可知接入电路电阻的变化，根据欧姆定律可知各支路电流的变化，根据并联电路电流特点可知干路电流的变化解答：解：A、P向a移动时，滑动变阻器的阻值变小，故A不正确B、将滑片P移至b点时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，干路电流最小，即电流表A的示数变小，故B不正确CD、由电路图可知，R1、R2并联，无论滑片向左或向右移动，R1两端的电压不变，则通过R1的电流不变，即电流表A1的示数不变，故D不正确；当P向右移动过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知该支路的电流变小，根据并联电路干路电流等于各支路电流之和可知，干路电流变小，即电流表A的示数变小，故C正确；当P向左移动过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据欧姆定律可知该支路的电流变大，根据并联电路干路电流等于各支路电流之和可知，干路电流变大，即电流表A的示数变大，故D不正确故选C点评：解决本题的关键：一是分析电路图，得出电路连接方式和两电流表的测量对象，二是会分析滑动变阻器滑片移动对电路的影响11（2分）关于公式R=下列说法中正确的是（）A导体两端电压越大电阻越大B导体内的电流越大电阻越小CR与U成正比与I成反比DR的值不是由U和I决定的考点：欧姆定律的应用.专题：应用题分析：根据以下知识答题：导体电阻与导体材料、长度、横截面积有关，与导体两端的电压、流过导体的电流无关解答：解：导体电阻与导体材料、长度、横截面积有关，当导体材料、长度、横截面积一定时，导体的电阻值确定，与导体两端的电压、流过导体的电流无关，R=知表明导体两端的电压、流经导体的电流与导体电阻间的关系，并不能表明导体电阻R由U与I决定故选D点评：本题考查了对欧姆定律的理解、影响导体电阻大小的因素，是一道基础题；导体电阻由导体材料、长度、横截面积决定，当导体材料、长度、横截面积一定时，导体电阻值是确定，导体电阻与U、I无关，不要受比值定义式R=的影响12（2分）如图所示的电路中，电阻R1=2，R2=1，电压U保持不变，当开关S断开时，电流表A的示数为I；当开关S闭合时，电流表A的示数为I，则I与I的比值为（）A1：2B2：1C2：3D3：2考点：欧姆定律的应用；电阻的串联.分析：根据I=分别求出两次电流表的示数，然后求出两次电流表示数的比值解答：解：开关断开时，两个电阻串联，则电流表的示数为：；开关闭合时，R2被短路，此时电流表的示数为：所以，故选C点评：会识别电路，会根据欧姆定律计算电路中的电流13（2分）下列说法中正确的是（）AkWh是电功率的单位，kW是电功的单位B电能表是测量用电器功率的仪表C功率大的用电器，消耗的电能一定多D功率为100W的用电器正常工作10h耗电1kWh考点：物理量的单位及单位换算；电功；电功的计算.专题：学科综合题分析：A、根据我们对于电功率和电功单位的了解来作答；B、电能表是测量用电器消耗电能的装置；C、消耗电能的多少和用电器的功率和使用时间有关，在用电器使用时间一定时，功率越大，消耗的电能越多；D、根据W=Pt计算用电器消耗的电能解答：解：A、kwh是电能的单位，kw是电功率的单位，所以A是错误的；B、电能表是测量用电器消耗电能的仪表，所以B是错误的；C、功率反映的是消耗电能的快慢，功率大的不一定消耗电能多，因为时间不确定，所以C是错误的；D、功率为100W的用电器正常工作10h消耗的电能W=Pt=100103KW10h=1KWh，所以D是正确的故选D点评：此题考查的是有关电功、电功的计算、电能表，是一道综合题，但考查的方式比较直接，只要同学们认真的作答，还是可以做出正确解答的14（2分）R1R2两条电阻线串联，接入同一电路，R1、R2消耗的功率分别为P1、P2，则（）AI1=I2 P1=P2BI1=I2 P1P2CU1=U2 P1P2DU1U2 P1=P2考点：串联电路的电流规律；欧姆定律的应用；电功率.专题：应用题；电流和电路；欧姆定律分析：根据串联电路的电流特点及电功率公式P=I2R分析答题解答：解：两电阻串联，流过它们的电流相等，则I1=I2；I=，U=IR，I1=I2，R1R2，U1U2，I1=I2，R1R2，由电功率公式P=I2R可知，P1P2；综上分析可知ACD错误，B正确故选B点评：本题是一道基础题，掌握串联电路的特点、熟练应用电功率公式即可正确答题15（2分）小刚利用电能表测某家用电器的电功率当电路中只有这个用电器工作时，测得在15min内，消耗电能0.3kWh，这个用电器可能是（）A空调器B电冰箱C电视机D收音机考点：电功率.专题：电能和电功率分析：由1h内消耗的电能可求得电器的功率，则由家电的功率知识可判断为哪种用电器解答：解：用电器的功率：P=1.2kW；以上四种家用电器中功率接近1.2kW的只有空调故选A点评：本题考查了电功率的计算方法常见的家用电器应记住其额定功率16（2分）（2008镇江）下列关于电磁现象的说法中，正确的是（）A通电导体在磁场中的受力方向只与电流方向有关B电动机是把电能转化为机械能的机器C闭合电路的一部分导体在磁场中运动时，一定产生感应电流D电磁铁的磁性强弱只与电流大小有关考点：电功的实质；探究影响电磁铁磁性强弱的因素的实验；直流电动机的原理；产生感应电流的条件.分析：要解答本题需掌握：通电导体在磁场中的受力方向跟电流方向和磁极方向有关电动机做功的过程是把电能转化为其它形式能的过程感应电流产生的条件：闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动在插入的铁芯一定的情况下，电磁铁的磁性强弱跟电流的大小以及线圈的匝数有关解答：解：A、通电导体在磁场中的受力方向不但和电流方向有关，还和磁极方向有关故A错误B、电动机消耗了电能得到了机械能，故电动机是把电能转化为机械能的机器故B正确C、闭合电路的一部分导体在磁场中运动时，不一定产生感应电流，只有切割磁感线运动时，能产生感应电流故C错误D、在插入的铁芯一定的情况下，电磁铁的磁性强弱不但与电流大小有关，还与线圈的匝数有关故D错误故选B点评：本题是一道综合题，综合考查了学生对电功的实质，以及电磁学的一些基础知识点的了解和掌握，此类型题是中招的热点二、填空题（每空1分，共28分）17（2分）（2011广安）水的比热容较大，生活中，我们常用水来加热或散热，例如：冬天常用热水袋取暖，把质量为2Kg，温度为90的热水装入热水袋中，到温度降为30的时侯，这些水放出了5.04105J的热量；如果用相同质量，相同温度的沙来取暖，沙会冷得快些（填“快些”或“慢些”）考点：热量的计算；比热容的概念.专题：计算题；应用题；控制变量法分析：已知水的比热容、质量和温度变化，可利用公式Q=Cmt计算热量；要想比较哪一种物质温度变化快，可利用公式t=进行分析解答：解：C水=4.2103J/（kg），m=2kg，t=t0t=9030=60，Q=C水mt=4.2103J/（kg）2kg60=5.04105J；又C沙C水，m水=m沙，Q水=Q沙，由公式t=可知，由于沙的比热容小于水的比热容，所以沙的温度变化比水大，沙会冷的快些故答案为：5.04105J，快些点评：本题考查学生对热量公式的掌握和运用，以及利用热量的变形公式t=进行分析18（2分）把节日用小彩灯22个串联后接入家庭电路中，现测得第1只小灯泡的电流为0.1A，那么通过第22只小灯泡的电流为0.1A，每只灯炮两端的电压为10V考点：串联电路的电流规律；串联电路的电压规律.专题：电流和电路；电压和电阻分析：照明电路电压为220V；串联电路的电压规律为串联后的总电压等于各用电器电压之和，即：U=U1+U2；串联电路的电流规律为各用电器电流处处相等，即：I=I1=I2解答：解：（1）串联电路的电流规律为各用电器电流处处相等，把节日用小彩灯22个串联后接入家庭电路中，通过每盏灯的电流是相等的，故通过第22只小灯泡的电流仍为0.1A；（2）串联电路的电压规律为串联后的总电压等于各用电器电压之和，故每只灯炮两端的电压为：U=10V；故答案为：0.1；10点评：明确串联电路中的电流、电压规律，是解答此题的关键19（2分）某导体接在10V的电源上时，它的电阻为10；若将它改接在6V的电源上，它的电阻为10若加在它两端的电压为零，它的电阻10考点：欧姆定律的应用；电阻.专题：应用题分析：导体的电阻是导体本身的一种属性，与导体两端的电压和通过的电流无关，据此进行解答解答：解：因电阻是导体本身的一种属性，与导体两端的电压和通过的电流无关，所以将它改接在6V的电源上时或加在它两端的电压为零时，它的电阻不变仍为10故答案为：10；10点评：知道电阻是导体本身的一种属性与导体两端的电压和通过的电流无关是解决本题的关键20（4分）大量事实表明，不高于36V的电压才是安全电压在家庭电路中，开关总是与用电器串联（选填“串”或“并”）家庭电路中电流过大的主要原因为短路，用电器的总功率过大考点：家庭电路电流过大的原因.专题：电与热、生活用电分析：对人体的安全电压不高于36V；在家庭电路中，开关总是与用电器串联；家庭电流中电流过大总共有2个原因：短路和总功率过大解答：解：对人体的安全电压不高于36V在家庭电路中，开关总是与用电器串联家庭电路中电流过大的主要原因为短路和用电器的总功率过大故答案为：36；串；短路；用电器的总功率过大点评：本题考查了人体的安全电压、电路连接，是一道基础题，掌握基础知识即可正确解题21（2分）阻值为10的电阻R1与阻值为20的电阻R2并联通过R1的电流为0.2A，则通过电阻R2的电流是0.1A，R2两端的电压是2V考点：欧姆定律的应用；并联电路的电压规律.专题：计算题；应用题分析：根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出电源的电压，根据欧姆定律求出通过电阻R2的电流解答：解：R1、R2并联，两端的电压相等，电源的电压U=U2=U1=I1R1=0.2A10=2V，通过电阻R2的电流：I2=0.1A故答案为：0.1；2点评：本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，是一道较为简单的计算题22（2分）两只定值电阻R1标有“10、1A”R2标有“15、0.6A”把它们串联起来使用两端允许的最高电压是15V，把它们并联起来使用干路中允许通过的最大电流是1.5A考点：欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；并联电路的电压规律；电阻的串联.专题：应用题；电路和欧姆定律分析：（1）已知两定值电阻的阻值和允许通过的最大电流，根据串联电路的电流特点可知电路中的最大电流为两者允许通过最大电流中较小的，根据电阻的串联和欧姆定律求出它们串联起来使用两端允许的最高电压；（2）根据欧姆定律求出两电阻两端允许甲的最大电压，根据并联电路的电压特点可知两电阻并联时两端的最大电压为两者允许所加电压较小的，再根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出两支路的电流，根据并联电路的电流特点求出它们并联起来使用干路中允许通过的最大电流解答：解：（1）两只定值电阻串联时，串联电路中各处的电流相等，电路的最大电流I=0.6A，串联电路中总电阻等于各分电阻之和，根据欧姆定律可得，两端允许加的最大电压：U=I（R1+R2）=0.6A（10+15）=15V；（2）两电阻两端允许所加的最大电压分别为：U1=I1R1=1A10=10V，U2=I2R2=0.6A15=9V，将两只电阻并联时，并联电路中各支路两端的电压相等，两端的最大电压U=9V，此时通过R2的电流I2=0.6A，通过R1电阻的电流I1=0.9A，并联电路中干路电流等于各支路电流之和，干路中允许通过的最大电流：I=I1+I2=0.9A+0.6A=1.5A故答案为：15；1.5点评：本题考查电压、电流的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是知道串联时允许通过的最大电流为两个额定电流里面最小的一个，两只电阻并联时，电压也选最小23（3分）如图所示，闭合开关S后，灯泡L发光，现把滑动变阻器的滑片P向a端移动，则灯泡L的亮度变亮（变暗、变亮、不变）；电流表示数的变化情况是变大（变大、变小、不变），电压表的示数变化情况是不变（变大、变小、不变）考点：电路的动态分析.专题：欧姆定律分析：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，电压表测量电压电压；根据滑片的移动可知接入电路电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据P=I2R可知灯泡实际功率的变化，根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小判断灯泡的亮暗，根据电源电压可知电压表示数的变化解答：解：滑片P向a端移动时，接入电路的电阻变小，电路的总电阻变小；由I=可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大；根据P=I2R可知，灯泡的实际功率变大，灯泡变亮；因为电压表测量电源电压，所以电压表的示数不变故答案为：变亮；变大；不变点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是会判断滑片移动时电路电阻的变化和知道灯泡的亮暗取决于实际功率的大小24（1分）小明在探究甲、乙两个电阻的电流与电压的关系时得到了如图所示的图象分析图象可知甲、乙两个电阻之比R甲：R乙=3：1考点：欧姆定律的应用.专题：欧姆定律分析：由图可知，两电阻的IU图象是一次函数图象，则两电阻为定值电阻，根据图象读出任意一组电流和电压值，根据欧姆定律求出两电阻的阻值之比解答：解：由图象可知，两电阻为定值电阻，当U甲=U乙=4V时，I甲=0.2A，I乙=0.6A，由I=可得：=故答案为：3：1点评：本题考查了欧姆定律的简单应用，关键是根据图象得出相关的信息25（2分）判别家庭电路中的两条输电线是零线还是火线，应该用测电笔如图为常见的电源插头，其中插孔应该与接地线相连接（选填“火线”、“零线”或“接地线”）考点：插座的构造与工作方式.专题：电与热、生活用电分析：测电笔的使用方法：手接触试电笔的笔尾金属体，笔尖接触火线或零线氖管发光的是火线，氖管不发光的是零线三脚插头的接法：左零右火，中间接地解答：解：家庭电路中的两条输电线是零线还是火线，可以用测电笔来辨别；根据三孔插座的接法可在，插孔应该与接地线相连接故答案为：测电笔；接地线点评：本题考查测电笔的作用以及三孔插座的接法，属于基础题26（2分）（2007广安）某导体的电阻是2，通过它的电流为1A，通电1min时，导体上产生的热量是120J，它消耗的电功率是2W考点：焦耳定律；电功率的计算.专题：计算题分析：（1）知道导体的电阻、通过的电流和通电时间，利用焦耳定律求电流通过导体产生的热量；（2）求出了电流产生的热量，而此过程是消耗的电能转化为内能，即Q=W电，可求消耗的电能，再利用P=求消耗的电功率解答：解：（1）t=1min=60s，导体上产生的热量：Q=I2Rt=（1A）2260s=120J；（2）由题知，Q=W电，导体消耗的电功率：P=2W故答案为：120，2点评：本题考查了学生对焦耳定律、电功率公式的掌握和运用，计算时注意单位统一（PW、QJ、WJ、UV、IA、ts）27（2分）（2012云南模拟）如图为用户的电能表，若在该用户的家庭电路中只给一台微波炉通电，发现该表转盘在2min内转了100r，则这台微波炉在这段时间内消耗的电能是0.04KWh，微波炉的功率是1.2KW考点：电能表参数的理解与电能的求法.专题：应用题；压轴题分析：本题首先要清楚“2500r/kWh”的物理意义：当用电器消耗1千瓦时的电能，电能表的水平转盘转过2500转，1度=3.6106焦，即1KWh=3.6106J电功率的计算公式W=Pt的应用以及电功率的计算解答：解：由题意可知：微波炉所做的功W=kWh=0.04kWh微波炉功率P=1.2kW故答案为：0.04；1.2点评：本题考查了电能表的参数的理解与电能的求法以及电功和电功率的计算28（2分）如图所示，电源电压恒定小灯泡L标有“3V 0.6W”字样，R为定值电阻，闭合S，断开S1，小灯泡正常发光；若再闭合S1，发现电流表示数变化0.3A，则R的阻值为10，此时灯泡L和电阻R消耗的功率之比是2：3考点：电功率的计算；欧姆定律的变形公式.专题：应用题；电路和欧姆定律；电能和电功率分析：闭合S，断开S1时，电路为小灯泡的简单电路，根据额定电压下灯泡正常发光可知电源的电压；再闭合S1时，灯泡与R并联，电流表测干路电流，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知电流表示数的变化为通过R的电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出R的阻值，根据P=UI求出R的电功率，进一步求出灯泡L和电阻R消耗的功率之比解答：解：闭合S，断开S1时，电路为小灯泡的简单电路，因额定电压下灯泡正常发光，所以，电源的电压U=3V，灯泡消耗的电功率PL=0.6W，再闭合S1时，灯泡与R并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，电流表示数的变化为通过R的电流，即IR=0.3A，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，R的阻值：R=10，R的电功率：PR=UIR=3V0.3A=0.9W，则灯泡L和电阻R消耗的功率之比：PL：PR=0.6W：0.9W=2：3故答案为：10； 2：3点评：本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是知道额定电压下灯泡正常发光，同时要注意并联电路中各支路独立工作、互不影响的特点29（2分）（2007广元）如图所示，合上开关后，发现铁钉旁边的小磁针静止时S极指向铁钉A端则A端是磁场的N极，电源的D接线柱是正极考点：通电螺线管的极性和电流方向的判断；磁极间的相互作用；安培定则.专题：压轴题分析：由小磁针的指向可知螺线管的磁极，由安培定则可求得电流方向和电源的正负极解答：解：小磁针S极指向右侧，则说明螺线管左侧为N极，由安培定则可知：螺线管中电流由右侧流入，即电流由D经B和A到C，即D端为电源的正极故答案为：N，正点评：本题考查安培定则的应用，安培定则为联系电磁的重要方法，应熟练应用三、解答与探究题（本题共40分）（一）作图题（每图2分，共同6分）30（2分）如图所示，给出了几种元件，在图中用笔画线表示导线把电路元件连接起来，要求L1、L2并联，开关控制整个电路，用滑动变阻器改变通过L1的电流大小，滑片P向左移动时灯L1变亮考点：实物的电路连接.专题：电流和电路分析：L1、L2并联，开关控制整个电路，说明开关串联在干路中，用滑动变阻器改变通过L1的电流大小说明滑动变阻器与灯泡L1串联，滑片P向左移动时灯变亮说明电路中的电流变大，电路的总电阻变小，滑动变阻器接入电路的电阻变小，故必须把左下方接线柱接入电路解答：解：L1、L2并联，滑动变阻器与灯泡L1串联，开关串联在干路中，注意滑动变阻器按一上一下的原则与灯泡串联，且必须把左下方接线柱接入电路；如下图所示：点评：本题考查了根据题意连接实物图，关键是根据题意得出滑动变阻器的连接方式31（4分）（1）如图甲所示，根据小磁针的指向，标出电源的“+”“”极（2）当给螺线管通电时，小磁针N极的指向如图乙所示试在图乙中标出螺线管的极性及电流方向考点：通电螺线管的极性和电流方向的判断.专题：磁现象、电生磁分析：（1）由小磁针的指向利用磁极间的相互作用可知螺线管的磁极，则由右手螺旋定则可知电源的正负极（2）由小磁针的指向利用磁极间的相互作用可知螺线管的磁极，由右手螺旋定则可知电流方向解答：解：（1）小磁针静止时S极靠近螺线管，则说明螺线管右侧为N极，则用右手握住螺线管，大拇指向右，则电流由左侧流入，即电源的左侧为正极；（2）小磁针N极向右，则因同名磁针相互排斥，异名磁极相互吸引，则螺线管右侧为S极，左侧为N极；则由右手螺旋定则可知，电流由右侧流入；故答案如图所示点评：因我们常用小磁针来指示磁感线的方向，故本题也可由小磁针N极的指向来判断螺线管磁感线的方向，则根据磁感线的特点可判出磁极，再由右手螺旋定则判出电源的正负极四、解答题（共2小题，满分12分）32（6分）如图所示，定值电阻R1的阻值为10，滑动变阻器R的阻值变化范围为020，当滑片P移到R的最左端时，电流表的示数为0.6A，当滑片P移到R的最右端时电流表和电压表的示数各是多少？考点：欧姆定律的应用；滑动变阻器的使用.专题：应用题分析：通过分析电路图我们可知：定值电阻R1与滑动变阻器R是串联的，电压表并联在变阻器R两端，测变阻器R两端的电压当滑片P移到R的最左端时，此时变阻器R的阻值为零，电路中只有R1，根据电流表的示数和R1的阻值我们就可以计算出电源电压当滑片P移到R的最右端时，此时变阻器的阻值为20，然后计算出总电阻，再根据电源电压不变，求出电流，最后就可以计算出R两端的电压解答：解：当滑片P移到R的最左端时，R=0； 所以此时R1两端的电压U1等于电源电压U，即：U=U1=0.6A10=6V当滑片P移到R的最右端时，R=20； 此时电路的总电阻：R总=R+R1=20+10=30电路中的电流：I=0.2A变阻器两端的电压：UR=IR=0.2A20=4V答：当滑片P移到R的最右端时电流表的示数是0.2A；电压表的示数是4V点评：解答这类题时，要先分析电路的连接方式和电表的位置，然后用欧姆定律分析、计算即可33（6分）（2001北京）如图，是一个电热毯电路原理图是R0是电热毯中的电阻丝，R是与电热毯电阻丝串联的电阻，电热毯上标有“220V 100W”字样，S是控制电热毯处于加热状态或保温状态的开关（1）用学过的公式推理说明开关S断开时，电热毯是处于加热状态还是保温状态？（2）若要求在保温时电流通过电阻丝R0每分钟有60J的电能转化为内能，电阻R的阻值应是多大？考点：电功率的计算；串联电路的电压规律；电阻；电功计算公式的应用.专题：计算题；压轴题分析：（1）根据S断开时推导出此时的功率和当S闭合时的功率比较即可得出答案；（2）先根据“220V 100W”求出电热毯的电阻，再根据每分钟有60J的电能转化为内能求出通过它的电流，从而求出R0两端的电压，然后利用串联分压的规律求出R上分到的电压，再利用R=即可求出电阻R的阻值解答：解：（1）电热毯是处于保温状态因为如图所示当开关S断开时，R0与R串联，P=，当S闭合时，R被短路，此时P=所以，闭合时的功率比断开时的大，因此，相同时间内，闭合时产生的热量多，所以S断开时，电热毯处于保温状态（2）根据“220V 100W”可得：R=484因为R0每分钟有60J的电能转化为内能，根据公式Q=I2Rt得I2=解得：I=A，所以R0上的电压为U0=IR=A484=22V所以R上分到的电压为U1=220v22v=198v所以R的电阻为R=4356点评：此题主要考查学生对电功率的计算，串联电路的电压规律，电阻，电功计算公式的应用等知识点的理解和掌握，此题涉及的知识点较多，有点难度，属于难题五、解答题（共3小题，满分22分）34（4分）某同学用如图所示的电路测