欧姆定律(一般)1-9樊姐1.2.docx

分卷I
分卷I 注释
评卷人
得分

一、单选题(注释)

1、如图所示，把两个小灯泡串联后接到电源上，闭合开关，发现灯泡L1比灯泡L2亮一些．对这一现象分析错误的是（　　）

A．L1功率比L2功率大
B．L1电压比L2电压大
C．L1电阻比L2电阻大
D．L1电流比L2电流大
【解析】
试题分析：（1）灯泡的亮暗是由灯泡的实际功率决定的；
（2）根据灯泡L1比灯泡L2亮结合公式P=I2R判断出电阻的大小，根据串联电路的电压、电流的规律进行分析．
两灯泡串联，所以电流相等，D错误；
灯泡L1比灯泡L2亮一些，所以灯泡L1的功率大于灯泡L2的功率，所以A正确；
根据P=I2R，灯泡L1的功率大，电流相等，所以灯泡L1的电阻较大，所以C正确；
根据U=IR，电流相等，L1的电阻大，所以两端的电压较大，所以B正确．
考点：串联电路的电流规律；欧姆定律的应用
点评：此题考查了串联电路电流、电压、电功率的关系，关键是根据灯泡的亮暗确定出电功率的大小得出两灯泡电阻的大小．同时涉及到了欧姆定律的知识
【答案】D

2、如右图所示的电路中，电源电压保持不变，开关S闭合后，滑片P向右滑动时，（    ）

A．电流表示数变大，电压表示数变小，灯泡变暗
B．电流表示数变小，电压表示数变大，灯泡变亮
C．灯泡的实际功率减小
D．灯泡的实际功率增大
【解析】这是一个变阻器与灯泡串联的电路，电压表测量灯泡两端的电压，电流表测量通过电路中的电流，当滑片向右滑动时，变阻器的电阻变大，电压表和电流有的示数均变小，灯泡变暗，故灯泡的实际电功率在变小，所以C是正确的。
考点：动态电路。
【答案】C。

3、人类在探索自然规律的过程中，总结许多科学研究方法。如控制变量法、实验推理法、理想模型法、等效替代法等。下列过程中运用了“实验推理法”的是（     ）
A．牛顿第一定律的得出
B．将撬棒、剪刀等抽象为杠杆
C．用总电阻替代各分电阻
D．探究滑动摩擦力的大小与什么因素有关
【解析】A中的牛顿第一定律的得出是建立在有限的实验基础上，再加上合理的推理得到的，因为牛顿第一定律中所说的不受任何力的情况下是不可能的，物体运动总要受到阻力，但当阻力越来越小时物体的运动却是越来越接近匀速直线运动，故我们推出：当受到的阻力为零时，物体将处于静止状态或匀速直线运动状态，阻力为0的表面虽然没有，但我们却可以将其推理出来，所以它用的的就是实验推理法，A是正确的；
B中将撬棒、剪刀等抽象为杠杆运用的是理想模型法，它们虽然形态各异，但都可以归类为一种模型，就是在力的作用下能够绕一固定点转动，具有这种特征的装置就是杠杆，B不对；
C中用总电阻代替各分电阻运用的是等效替代的方法，即分电阻在电路中所起的效果与总电阻在电路中所起的效果相同，则才可以起到替代的作用，故C也是不对的；
D中探究滑动摩擦力的大小与什么因素有关时运用的是控制变量的方法，因为影响滑动摩擦力的大小的因素很多，要研究它与某个因素之间的关系时，需要只让这个因素发生变化，而其他的因素保持不变，这正是控制变量思想的精髓，故D也是不对的。
考点：物理研究方法。
【答案】A。

4、如图所示，电源电压保持6V不变，灯泡L与定值电阻R串联，灯泡L的电阻为10Ω，R的阻值为20Ω，闭合开关后，发现灯泡不亮，电压表示数为6V，则电流表可能出现的情况是（　　）

A．电流表无示数
B．电流表示数为0.3A
C．电流表示数为0.2A
D．电流表示数为0.6A
【解析】在电路中小灯泡不亮，但电压表示数为电源电压的情况可能有两种，一是电阻R断路，此时电压表串联在了电路中，由于它的电阻很大，故电路中的电流非常小，电流表无示数；一是灯泡短路，电流直接从其旁边通过，不通过灯泡的灯丝，此时电路中的电阻只有R，其大小为20Ω，故电路中的电流为I==0.3A。
考点：电路故障的判断，欧姆定律的计算。
【答案】AB。

5、如图所示的电路中，电源电压不变，当开关S由闭合变为断开时，下列说法正确的是（　　）

A．电流表A1、A2的示数都变小
B．电流表A1的示数不变，A2的示数变小
C．灯泡L1亮度变暗，电路消耗的总功率变小
D．灯泡L2亮度不变，电路消耗的总功率变大
【解析】由于开关S由闭合变为断开，闭合时两灯泡并联，A2测干路电流，A1测灯泡L1的电流；断开时，电路中只有一个灯泡L1，故断开后电路中的电阻变大了，所以A2的示数会变小，而A1在前后的过程中电压是不变的，故其示数不变，B是正确的。
考点：电路的变化，欧姆定律的应用。
【答案】B。

6、小明将酒精气体传感器，电阻R与电压表组成如图所示电路，闭合开关，将传感器逐渐靠近装有酒精的杯口上方，发现电压表示数逐渐增大，此过程中（   ）

A．通过传感器的电流逐渐减小
B．传感器两端的电压逐渐增大
C．传感器的电阻逐渐减小
D．传感器的电阻逐渐增大
【解析】由于电压表示数逐渐增大，说明电路中的电流在增大，总电阻在减小，传感器的电阻在减小，传感器上的两端电压变小，故C是正确的。
考点：动态电路。
【答案】C。

7、如图所示电路，电源电压保持不变，其中R0、R1为定值电阻，闭合开关，当把滑动变阻器的滑片从右端调到左端过程中，下列说法中正确的是(    )

A．电流A1示数变小
B．电压表V1示数变小
C．电压V2示数变小
D．R0两端的电压变小
【解析】当变阻器R2的滑片由右向左滑动时，其电阻变小，故电路中的电流变大，定值电阻R1、R0上的电压都会变大，但电压表V2测量的是定值电阻R1与变阻器的总电阻，这个总电阻的阻值在变小，故V2的示数变小，C是正确的。
【答案】C。

8、如图所示的电路，电源电压不变，开关S闭合后，当S1由断开变为闭合时，则

A．A1示数变大，A2示数不变
B．A1示数变大，A2示数变大
C．A1示数不变，A2示数不变
D．A1示数不变，A2示数变小
【解析】观察可知，电阻R1与R2并联，开关S控制整个电路，开关S1控制电阻R1，当S1由断开变为闭合时，电路中的总电阻变小，故测干路电流的电流表A1的示数变大；电流表A2测量的是电阻R2的电流，并联电路中的各支路互不影响，故A2的示数不变。
【答案】A。

9、小华同学设计了一个检测天然气泄漏的电路如图所示．电源电压恒定不变；R0为定值电阻；R为气敏电阻，其阻值随天然气浓度变化曲线如图乙所示．下列说法正确的是（　　）

A．天然气浓度增大时，电压表示数变小
B．天然气浓度增大时，电路消耗的总功率变小
C．天然气浓度减小时，电流表示数变大
D．天然气浓度减小时，电压表与电流表示数的比值不变
【解析】观察乙图，发现浓度增大，气敏电阻阻值变小。回到甲图，天然气浓度增大，气敏电阻变小，根据串联电路电阻等于各个电阻之和，有欧姆定律，当变小，电流I变大，电压表测量的电压,电流变大，电压变大，A错。电路消耗的总功率,总电压不变，I变大，总功率变大B错。天然气浓度减小，气敏电阻变大可判断电流I变小C错。此时，不管电流怎么变化，定值电阻不变，比值不变，答案D对。
【答案】D

10、如图所示，R是压敏电阻，它的阻值随压力的增大而增大，闭合开关S，当压敏电阻R受到的压力增大时（　　）

A．电流表示数变小
B．电压表示数变小
C．灯L变亮
D．电路总功率变大
【解析】压敏电阻和灯泡L是并联关系，压敏电阻受压力增大时，电阻变大。并联电路电压相等都等于电源电压，因此电压表示数不会变化。B错。压敏电阻电压不变等于电源电压，但是电阻变大，电流变小，灯泡电压不变电阻不变，所以电流不变灯泡亮度不变，C错，电流表接在干路上，示数等于2个支路电流之和，2个支路电流一个不变一个减小，总电流变小，A对。电路总功率等于电源电压与电流的乘积，电流减小电压不变，电路总功率变大。
【答案】A

11、如图是某物理兴趣小组设计的压力传感器的原理图，其中弹簧上端和滑动变阻器的滑片P固定在一起，AB间连接有可以收缩的导线，R1为定值电阻．可以显示出传感器所受的压力F越大，指针偏转角度越大的电表是（　　）

A．电流表
B．电压表
C．电流表、电压表都可以
D．电流表、电压表都不可以
【解析】
试题分析：首先分析电路的连接方式，然后判断电流表和电压表测哪个电路元件的电流和电压，进一步根据欧姆定律判断电流和电压的变化．
滑动变阻器和定值电阻串联在电路中，压力F增大时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知通过电路的电流变小，电流表测电路电流，故示数变小．
R1为定值电阻，所以其两端的电压变小，串联电路总电压等于各分电压之和，所以滑动变阻器两端电压变大，电压表测其电压故示数变大．则A，C，D错误，B正确．
考点：欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；电流表的使用；电压表的使用；串联电路的电压规律；滑动变阻器的使用．
点评：本题考查学生对串联电路电流和电压规律的掌握并能运用欧姆定律做出正确判断．
【答案】B

12、在测定小灯泡功率的实验中，已知小灯泡的额定电压为2.5V，秀秀同学通过正确实验得到的数据如下表．分析数据得到的下列结论，正确的是（　　）
电压U/V
1.5
2
2.5
3
电流I/A
0.25
0.29
0.32
0.35
A．灯丝的电阻随电压增大而减小
B．小灯泡的额定功率为0.8W
C．小灯泡的额定功率为四次功率的平均值
D．通过小灯泡的电流与它两端的电压成正比
【解析】
试题分析：（1）根据表中数据，找出电压与对应的电流，求出R=，从而得出电阻随电压变化的关系，并判断通过灯泡的电流与它两端的电压是否成正比；
（2）灯泡在额定电压下的功率为额定功率，由表中数据找出灯泡额定电压对应的电流，然后由公式P=UI求出灯泡的额定功率；
A、由表中数据可知，随电压U的增大，R=逐渐变大，即灯丝电阻随电压增大而增大，故A错误；
B、由表中数据知，灯泡额定电压U=2.5V对应的电流I=0.32A，灯泡的额定功率P=UI=2.5V×0.32A=0.8W，故B正确；
C、灯泡在额定电压下的功率为额定功率，不能把四次功率的平均值作为灯泡的额定功率，故C错误；
D、由A知灯丝电阻R随电压U的增大而增大，不是定值，由I=知：通过小灯泡的电流与它两端的电压不成正比，
故D错误；
考点：探究用电器的电功率实验
点评：本题考查了实验数据的分析，求灯泡的额定功率、判断灯泡电压与电流间的关系，应知道灯泡额定功率是灯泡在额定电压下的功率，不能把灯泡在不同电压下的实际功率的平均值作为额定功率．
【答案】B

13、如图所示的电路，电源电压不变，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向左移动的过程中，下列说法正确的是（假设灯丝的电阻不变）（　　）

A．电压表的示数变小
B．电流表的示数变小
C．电压表和电流表示数的比值变小
D．电压表和电流表示数都变大
【解析】
试题分析： 当滑片向左移动时，滑动变阻器接入电阻减小，由欧姆定律可得，电路中电流增大，即电流表示数变大；
因电压表测量灯泡两端的电压，由U=IR可得，灯泡两端的电压增大，即电流表示数变大．
考点：欧姆定律的应用；滑动变阻器的使用；电路的动态分析
点评：本题考查电路的动态分析，利用欧姆定律即可求解；但要注意电压表的接法，当电压表接在电源两端时，测量的为外部电路上的电压．
【答案】D

14、在如图所示电路中，电源电压保持不变，Rl为定值电阻，R2为滑动变阻器．开关S闭合后，将滑动变阻器R2的滑片P自b端向a端移动过程中（　　）

A．电压表示数不变，电路消耗总功率变大
B．电流表的示数变小，电路消耗的总功率变小
C．电流表的示数变大，V的示数与A的示数之比不变
D．电流表的示数变大，V的示数与A的示数之比变大
【解析】
试题分析：①分析电路图：定值电阻Rl与滑动变阻器R2串联，电流表串联在电路中，测量的是整个电路中的电流，电压表并联在定值电阻Rl两端，测量的是定值电阻Rl两端的电压．②首先判断出滑动变阻器R2的滑片P自b端向a端移动时，滑动变阻器接入电路中的阻值的变化，利用串联电路电阻的特点，再根据欧姆定律确定电压表和电流表示数的变化，并根据公式P=UI分析电路消耗总功率的变化情况；由欧姆定律可知两表示数比值的意义，则可知两表示数比值的变化．
①定值电阻与滑动变阻器串联，滑动变阻器滑片由b端向a端移动时，滑动变阻器接入电路的阻值减小，则电路中的总电阻R变小，
而电源电压U不变，由I=可知电路电流变大，即电流表示数变大；
②∵定值电阻的阻值不变，
∴由公式U=IR可知，定值电阻两端电压变大，即电压表示数变大；
③∵电压表测定值电阻两端的电压、电流表测电路中的电流即通过定值电阻的电流，
∴根据欧姆定律I=可知，电压表示数与电流表示数的比值是定值电阻的阻值，并且定值电阻的阻值不变，即电压表示数与电流表示数的比值不变．
④∵电源电压U不变，而电路中的电流变大，
∴由公式P=UI可知，电路消耗总功率的变大．
故A、B、D不符合题意，C符合题意．
考点：欧姆定律的应用；电阻的串联；电路的动态分析
点评：本题考查电功率和欧姆定律公式及其变形的灵活运用，难点是判断滑动变阻器滑片移动过程中电路电阻的变化，要知道串联电路电流和电压的规律．一定要弄清滑动变阻器滑片移动时电阻的变化，则可知电路中总电阻的变化，进而可知电流的变化
【答案】C

15、在图所示的电路中，电源电压保持不变．先闭合开关S1，当再闭合开关S2时，关于灯泡L1的亮度及电流表示数变化的情况是（　　）

A．L1亮度不变，电流表示数变大
B．L1亮度不变，电流表示数不变
C．L1变暗，电流表示数不变
D．L1变暗，电流表示数变小
【解析】
试题分析：开关S1闭合时，为L1的基本电路，电流表测量L1中的电流；当再闭合开关S2时，两灯并联，电流表测量干路电流，电源电压保持不变，由欧姆定律可得干路电流、灯泡L1亮度变化．
由图可知，开关S1闭合时，为L1的基本电路，电流表测量L1中的电流；当再闭合开关S2时，两灯泡并联；由欧姆定律可知通过灯L1的电流不变，灯L1的亮度不变；但由于电流表测量干路中的电流，因此电流表示数变大．
考点：欧姆定律的应用；电功率的计算
点评：本题考查了学生对欧姆定律、并联电路特点的掌握和运用，电源电压保持不变，给一灯并联另一灯时，原来灯的三量保持不变、亮度不变．
【答案】A

16、如图是甲乙两电阻的电流与电压关系的图象，现将甲乙串联后接在电压为4.5V的电源两端．下列分析正确的是（　　）

A．甲的阻值是乙阻值的两倍
B．通过乙的电流比通过甲的电流大
C．甲两端的电压比乙两端电压大
D．乙消耗的电功率比甲的电功率大
【解析】
试题分析：（1）由U﹣I图象分别找出电阻两端的电压与对应的电流，然后由欧姆定律分别求出两电阻的阻值；
（2）根据串联电路的电路特点可知通过两电阻的电流关系，根据欧姆定律可知两电阻两端的电压关系，根据P=I2R可知两者消耗电功率的关系．
（1）由图知，当U甲=U乙=3V时，I甲=0.6A，I乙=0.3A，
∵I=，
∴R甲===5Ω，R乙===10Ω，
∴乙的阻值是甲阻值的两倍，故A不正确；
（2）∵串联电路中各处的电路相等，
∴通过甲的电流和通过乙的电流相等，故B不正确；
∵U=IR，
∴甲两端的电压比乙两端的电压小，故C不正确；
∵P=I2R，
∴乙消耗的电功率比甲的电功率大，故D正确．
考点：欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；电功率的计算．
点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，根据图象得出两电阻之间的关系是关键．
【答案】D

17、酒精测试仪可检测驾驶员是否酒后驾车，如图甲所示是它的原理图，酒精气体传感器的电阻跟酒精气体浓度的关系如图乙所示．R0是定值电阻．如果测试到的酒精气体浓度越大，那么（　　）

A．传感器的电阻越大
B．通过传感器的电流越小
C．传感器两端的电压越大
D．电压表的示数越大
【解析】
试题分析：从电路图上可以看出两电阻串联，电压表测量R0两端的电压，从图象上可以看出，当酒精气体浓度越大，酒精气体传感器电阻变小，根据欧姆定律判断电路中电流的变化和R0两端的电压变化，根据串联电路的电压特点判断传感器两端电压的变化．
由电路图可知，两电阻串联，电压表测量R0两端的电压，
由图象可知，酒精气体浓度越大传感器的电阻越小，串联电路的总电阻越小，故A不正确；
∵I=，
∴电路中电流变大即通过传感器的电流变大，定值电阻R0两端的电压变大即电压表的示数变大，故B不正确，D正确；
∵串联电路中总电压等于各分电压之和，
∴在电源电压不变时，传感器两端的电压变小，故C不正确．
考点：电路的动态分析；串联电路的电压规律；欧姆定律的应用
点评：本题考查了欧姆定律和串联电路特点的灵活运用和掌握，侧重考查了学生的读图能力，熟练的分析坐标图的含义是解决本题的关键．
【答案】D

18、（2013•陆川县一模）在如图所示的电路中，电源电压恒定，R1为一定值电阻，R2为滑动变阻器．开关S闭合后，当滑动变阻器的滑片P在a、b之间滑动的过程中，电压表的示数最大为4V，电阻R1的电功率变化范围是0.8W～7.2W，则P从a端滑至b端的过程中，电流表的示数（　　）

A．从1.8A变化至0.2A
B．从0.4A变化至1.2A
C．从1.2A变化至0.4A
D．从0.2A变化至1.8A
【解析】
试题分析：由图可知定值电阻与滑动变阻器串联，电压表并联在滑动变阻器两端；由题意可知，当滑片滑到b点时，滑动变阻器全部接入，电压表示数最大，此时R1消耗的功率最小；当滑片移动a点时，滑动变阻器短路，此时R1消耗的电功率最大；设电源电压为U，则可得出R1消耗功率的表达式，联立可解得电源电压及R1的阻值；则由欧姆定律可求得两种情况下的电流值．
当滑片滑到a点时，滑动变阻器短路，R1消耗的功率最大；最大功率P最大=；
当滑片滑到b端时，滑动变阻器全部接入，R1两端的电压为U﹣4V； 则R1消耗的功率P最小=；
由题意知P最小=0.8W；P最大=7.2W；
即：=7.2W  （1）；
=0.8W  （2）；
联立（1）、（2）解得：U=6V；R1=5Ω；
则电路中最大电流I最大===1.2A；
电路中最小电流I最小===0.4A；
考点：欧姆定律的应用；电功率的计算
点评：本题考查欧姆定律的使用及方程法的使用，要求学生有较高的审题及应用数学知识能力．
【答案】C

19、（2012•扬州）如图所示的电路，电源电压恒定，当开关S闭合时（　　）

A．A示数变小，V示数变大
B．A示数变大，V示数不变
C．A示数不变，V示数变小
D．A示数不变，V示数变大
【解析】
试题分析：①首先分析电路，当开关S断开时，电路中只有电阻R2，电压表测量的是电源电压，电流表测量电路中的电流；
开关S闭合后，电阻R1和R2组成并联电路，电压表测量并联电路两端的电压，电流表测量干路电流；
②根据并联电路的电压规律分析电压表的示数变化；根据并联电路的电流规律分析电流表的示数变化．
S断开时，R1被断路，电路中只有R2，V测电源电压，A测总电流；S闭合后，R1和R2并联，V依然测电源电压，A测总电流．并联电路总电阻小于任何支路中的电阻，故总电阻变小，总电流变大．
考点：欧姆定律的应用；并联电路的电流规律；并联电路的电压规律
点评：本题考查并联电路电流、电压的特点以及欧姆定律的应用情况，正确分析电学中三个基本物理量的变化是本题的关键所在．关键是明白电流表和电压表分别测量哪一部分电路的电流和电压
【答案】B

20、小勤在做“调节灯泡亮度”的电学实验时，电路如图所示．电源电压恒为4.5V，电压表量程“0～3V”，滑动变阻器规格“50Ω  1A”，灯泡L标有“2.5V  1.25W”字样（ 忽略灯丝电阻变化）．在不损坏电路元件的情况下，下列判断正确的是（　　）

A．灯泡两端的最大电压是1.5V
B．该电路中电流的最大功率是1.25W
C．电路中电流变化的范围是0.3A～0.5A
D．滑动变阻器阻值变化的范围是2.5Ω～10Ω
【解析】观察电路图可以发现小灯泡和滑动变阻器是串联电路，对滑动变阻器最大电阻是50欧姆，允许通过的最大电流是1A，灯泡的额定电压也就是允许的最大电压是2.5v，额定功率是1.25w, A错。根据可得出灯泡的额定电流，从而计算出灯泡电阻.即电路允许的最大电流是0.5A，串联电路电流相等，所以整个电路电流最大不超过0.5A，那么整个电路的最大电功率，B 错。滑动变阻器和灯泡串联分压，二者电压之和等于电源电压4.5v。灯泡电压不超过2.5v所以滑动变阻器电压不低于2.0v。而电压表测量滑动变阻器电压不能超过量程3v，所以滑动变阻器电压在2v到3v之间，灯泡电压就在1.5v到2.5v之间，那么电流最小,电流最大，所以电流变化范围为0.3------0.5，C 对。电流最小0.3A时，电路电阻最大等于，此时滑动变阻器阻值最大为15-5=10，电流最大0.5A时电阻最小等于，此时滑动变阻器阻值最小为9-5=4，D错误。
【答案】C

21、如图所示的电路中，电源电压不变，R1为定值电阻，开关S闭合后，滑动变阻器滑片P向右移动时，下列说法正确的是（　　）

A．电流表示数变大，电压表与电流表示数之比变大
B．电流表示数变小，电压表与电流表示数之比不变
C．电流表示数变大，电压表与电流表示数之比不变
D．电压表示数变大，电压表与电流表示数之比变大
【解析】滑片向右移动，滑动变阻器变大，串联电路总电阻等于各用电器电阻之和，所以电流变小，电压表测定值电阻电压，，电阻不变，电流变小，电压表读数变小。但对定值电阻来说,由于电阻不变，所以电压和电流的比值不变。对照答案，B对。
【答案】B

22、小灯泡L1和L2上都标有“3V”字样，其灯丝电阻分别为R1和R2，它们的电流随电压变化关系如图所示．有（　　）

A．L1的额定功率为0.36W
B．L2的阻值R2为0.72Ω
C．若把小灯泡L1和L2并联在电源电压为2V的电路中工作，则小灯泡L2的实际功率是0.12W
D．若把小灯泡L1和L2串联在电源电压为3V的电路中工作，则小灯泡L1的实际功率是0.16W
【解析】观察电流随电压变化关系图像，当正常发光时也就是电压达到额定电压3v，此时的电流=0.12A，对应的电流=0.24A，此时的额定功率A正确。的电阻，B项错误。二者并联在2v电路中，的对应的电流从图像中读出2v时电流=0.14A，的功率，C错。图像中可得到,若二者串联在电路中，，此时的功率,D正确。
【答案】AD

23、在探究一个用电器中电流随电压变化关系时，李芳连接好的电路如图所示．闭合开关，发现电流表、电压表均有示数，调节滑动变阻器，电流表、电压表示数都不变化．李芳连接的电路有不妥之处，改正的方法是（　　）

A．将导线K的a端移至接线柱A
B．将导线L的b端移至接线柱B
C．将导线L的b端移至接线柱D
D．将导线M的c端移至接线柱B
【解析】滑动变阻器的连接方式都接在上面的接线柱是错误的，应该一上一下的连接方式。另外一个问题是电压表测量的是用电器和滑动变阻器的总电压即电源电压。将导线K的a端移至接线柱A，滑动变阻器的接线方式得到修正，但是电压表测量电源电压没有改善，A错误。将导线L的b端移至接线柱B，仍然改正了滑动变阻器连接方式，电压表测量的仍的电源电压。B错。将导线L的b端移至接线柱D，导致电路断路，C错。将导线M的c端移至接线柱B，首先滑动变阻器的接线实现一上一下，电压表正接线柱接b通过没有电阻的金属杆等于接到了a端，测量的是用电器的电压。D对
【答案】C

24、下图所示，当开关S闭合，甲、乙两表为电压表时，两表读数之比U甲：U乙为4∶1；当开关S断开，甲、乙两表为电流表时，两表的读数之比I甲∶I乙为

A．4∶3
B．3∶2
C．3∶4
D．3∶1
【解析】甲乙为电压表，电路中电压表为断路，两个电阻串联，甲测量两个电阻总电压，乙测量电压，而且串联电路电压比等于电阻比，所以即。甲乙为电流表时，电流表为短路，开关断开，二者为串联关系，甲测经过的电流，乙测量的总电流。并联电路电流和电阻成反比，所以 ，那么
【答案】C

25、如图所示两个灯泡L1、L2阻值分别为6Ω和10Ω，闭合开关后的现象是（　　）

A．通过两灯泡的电流I1：I2=3：5
B．灯泡两端的电压U1：U2=3：5
C．灯泡的电功率P1：P2=5：3
D．灯泡L1比L2暗
【解析】分析实物图连线可知道两灯泡为并联，并联电路电压相等都等于电源电压，比例关系为1:1，B错。I=，电压相等时，判断两个灯泡的电流和电阻成反比，电流比为10:6即5:3，A错。根据电功率的计算公式P=UI，电压相等，电功率和电流成正比，因此电功率之比也是5:3，C对。功率越大灯泡越亮，因此灯泡L1比L2亮，D错
【答案】AB

26、在图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合电键S，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，不变的是

A．电流表A示数与电流表A1 示数的差值
B．电压表V示数与电流表A 示数的比值
C．电压表V示数与电流表A 示数的乘积
D．电压表V示数与电流表A1示数的乘积
【解析】
试题分析：①从图可知，电阻R1与滑动变阻器R2并联，电流表A1测量通过电阻R1的电流，电流表A测量电路总电流，电压表测量的是电源电压，
∵电源的电压保持不变，
∴电压表的示数不变；
②当滑动变阻器的滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律I="U" R 可知，滑动变阻器所在支路中的电流变小；
③电阻R1两端的电压和电阻都不变，根据欧姆定律I="U" R 可知，通过电阻R1的电流不变，即电流表A1的示数不变；
④根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知，电流表A的示数变小．
A、电流表A示数与电流表A1示数的差值即为通过滑动变阻器的电流，而滑动变阻器所在支路中的电流变小，所以A不符合题意．
B、∵电压表的示数不变，电流表A的示数变小，
∴电压表V示数与电流表A示数的比值变小，所以B不符合题意．
C、∵电压表的示数不变，电流表A的示数变小，
∴电压表V示数与电流表A示数的乘积变小，所以C不符合题意．
D、∵电压表的示数不变，电流表A1的示数不变，
∴电压表V示数与电流表A1示数的乘积不变，所以D符合题意．
故选D．
考点：滑动变阻器的使用；并联电路的电压规律；电路的动态分析．
点评：本题考查了学生对欧姆定律及其变形公式的掌握和运用，分析电路图得出电路的连接方式和三表的测量对象是本题的突破口，灵活运用并联特点和欧姆定律是关键．
【答案】D

27、如图所示电路中，电源电压不变，闭合开关S，将滑片P向右移动，则

A．电压表示数减小
B．电流表A1与电流表A2的示数之差增大
C．电压表示数与电流表A1的示数之比减小
D．电压表示数与电流表A2的示数之比不变
【解析】
试题分析：由电路图可知，两电阻并联，电压表测电源的电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测R2支路的电流；
∵电源的电压不变，
∴电压表的示数不变，故A不正确；
将滑片P向右移动，滑动变阻器接入电路中的电阻变大，
∵，
∴该支路的电流变小，
∵并联电路中各支路独立工作、互不影响，
∴移动滑片时，R1支路的电流不变，即电流表A1的示数不变，
∵电压表示数与电流表A1的示数之比等于定值电阻R1的阻值，
∴电压表示数与电流表A1的示数之比不变，故D正确；
∵并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
∴电流表A1与电流表A2的示数之差等于通过滑动变阻器的电流，即差值减小，故B不正确；
∵电流表A1的示数变小，
∴电压表示数与电流表A1的示数之比增大，故C不正确．
故D正确．
考点：电路的动态分析；并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；滑动变阻器的使用；欧姆定律的应用．
点评：本题考查了滑动变阻器的变阻原理、欧姆定律、串联电路的电压关系，分析电路图确定两电阻的连接方式和电表所测电路元件是本题关键．
【答案】D

28、为了参加全国青少年创新大赛，小明运用所学电学知识，设计了一个电子身高测量仪，如图所示．有关该电子身高测量仪的描述错误的是（   ）

A．该测量仪的仪表应该是一个电压表
B．弹簧可以使滑片—与人头顶紧挨，使测量更加准确
C．如果用该测量仪测量姚明的身高，仪表的示数会较小
D．测量仪不用时，应该断开开关
【解析】
试题分析：A该测量仪的仪表与滑动变阻器并联，是电压表，故A正确；
B弹簧具有的弹性可以使滑片—与人头顶紧挨，使测量更加准确，故B正确；
C测量姚明的身高，滑片上移，滑动变阻器接入电路电阻变大，根据串联电路特点，电压表示数变大，故C错误；
D、测量仪不用时滑片在弹簧的作用下会下移，电阻变小，电流变大，根据节能的意义，不用时应该断开开关，故D正确。
故选C。
考点：欧姆定律的应用；滑动变阻器的使用．
点评：本题考查了定值电阻的作用、电路的动态变化，电压表的使用、分析清楚电路结构是正确解题的前提；熟练应用串联电路特点及欧姆定律是正确解题的关键．
【答案】C

29、如图所示是A、B两定值电阻的U—I图像，由图像中信息可知（   ）

A.若将A、B两电阻串联在某电源两端，则B两端的电压大
B.若将A、B两电阻串联在某电源两端，则B的实际功率大
C.若将A、B两电阻并联在某电源两端，则通过A的电流大
D.若将A、B两电阻并联在某电源两端，则A的实际功率小
【解析】
试题分析：（1）由图象可知，当时，，，即，
根据可知，．
（2）若将A、B两电阻串联在某电源两端时，通过它们的电流相等，
根据U=IR可知，UA＞UB；
根据P=I2R可知，PA＞PB．
（3）若将A、B两电阻并联在某电源两端时，两电阻两端的电压相等，即UA=UB；
根据可知，．
故选D．
考点：电功率的计算；串联电路的电流规律；并联电路的电压规律；欧姆定律的应用．
点评：本题考查了串联电路的电流特点和并联电路的电压特点，关键是根据电功率公式的灵活运用和根据图象、利用欧姆定律得出两电阻之间的关系．
【答案】D

30、如图所示，电源电压U保持不变，滑动变阻器的最大阻值为R2，当变阻器的滑片在a端时，电压表读数为2V；滑片在b端时，电压表读数为1V，则R1:R2为（  ）

A．2:1
B．1:2
C．1:1
D．无法确定
【解析】
试题分析：当滑片在a端时，电压表示数等于电源电压，即；
当滑片滑到b时，两电阻串联，R1两端电压，则R2两端电压；
由欧姆定律可得：，，
则
故选C．
考点：欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律．
点评：本题考查欧姆定律及串联电路的特点，本题可直接应用结论：串联电路中各串联电阻两端的电压与电阻的阻值成正比进行解答．
【答案】C

31、如图所示，V1和V2是完全相同的两个电压表，都有3 V和15 V两个量程，闭合开关后，发现两个电压表偏转的角度相同，则

A．R1∶R2＝1∶4
B．R1∶R2＝4∶1
C．R1∶R2＝1∶5
D．R1∶R2＝5∶1
【解析】
试题分析：由电路分析可得，R1与R2串联，电压表V1测量R1两端的电压，V2测量R1和R2两端的电压；
因两电压表相同，说明两表的刻度盘相同，当选不同的量程但偏角相同时，说明两次示数之比即为量程之比，即；
R2两端的电压
则可知R1两端的电压V1与R2两端的电压V2′之比为：
．
由欧姆定律可得：．
故选A．
考点：欧姆定律的应用；串联电路的电压规律．
点评：电路的题目分析电路是解答题目的关键，故应在分析电路上下功夫，掌握常见的电路特点及电表的结构特点．
【答案】A

32、如图所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关S后，将滑动变阻器R2的滑片P向右移动，在此过程中

A．电流表A示数变大，电压表V2示数变小
B．电流表A示数变大，电压表V1示数变小
C．电压表V1示数变小，电压表V2示数变大
D．电压表V1示数不变，电压表V2示数变大
【解析】
试题分析：滑动变阻器和R1串联在电路中电流表测电路电流，电压表V1测R1的电压，电压表V2测滑动变阻器的电压，滑动变阻器滑片向右移动，接入电路的电阻变小，根据欧姆定律可知电流变大，R1的电压变大，滑动变阻器的电压变小．即电流表A示数变大，电压表V1示数变大，总电压不变，则电压表V2示数变小所以B，C，D错误，A正确．
故选A．
考点：欧姆定律的应用；电流表的使用；电压表的使用．
点评：学生要能正确判断各电表分别测哪部分的电压和电流，正确判断电路电阻变化结合欧姆定律可知电表的变化．
【答案】A

33、某同学设计了如图所示的双向开关电路，电源电压保持不变，灯Ll标有“6V 6W”字样，灯L2标有“9V 4.5W”字样。当开关拨至2位置且滑片滑到A端时，灯L2恰好正常发光。下列说法正确的是（不计灯丝电阻随温度的变化） （     ）

A．电源电压为15V
B．L2正常发光时，电路中的电流为2A
C．要使L1正常发光，滑动变阻器接入电路的阻值应为3Ω
D．当灯L1、L2分别正常发光时，两次电路的总功率之比为4:3
【解析】
试题分析：（1）当开关拨至2位置且滑片滑到A端时，只有L2接入电路工作：
∵灯L2恰好正常发光，
∴电源的电压，故A不正确；
此时电路中的电流，故B不正确；
此时电路的总功率．
（2）当开关拨至1位置时，
∵L1正常发光时，，，
∴电路中的电流，
滑动变阻器两端的电压，
滑动变阻器接入电路的阻值，故C正确；
电路的总功率，
所以当灯L1、L2分别正常发光时，两次电路的总功率之比为：
，故D不正确．
故选C．
考点：欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；电功率的计算．
点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活运用，关键是知道灯泡正常工作时的电压和额定电压相等．
【答案】C

34、如图所示，闭合开关S后，使滑动变阻器的滑片P向右滑动，则           （     ）

A．电流表的示数变大，电压表的示数变大，灯变亮
B．电流表的示数变大，电压表的示数变小，灯变亮
C．电流表的示数变小，电压表的示数变小，灯变暗
D．电流表的示数变小，电压表的示数变大，灯变暗
【解析】
试题分析：闭合开关，当滑动变阻器的滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，电路的总电阻变大；
根据可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，故AB不正确；
根据可知，灯泡两端的电压变小，
根据可知，灯泡的实际功率变小，灯泡变暗；
根据串联电路的电压特点可知，滑动变阻器两端的电压变大，即电压表的示数变大，故C不正确、D正确；
故选D．
考点：欧姆定律的应用；串联电路的电压规律；电路的动态分析．
点评：解决这类题目的大体思路是：先分析电阻变化情况，再分析电流变化情况，最后分析电压变化情况；在分析的过程中要合理的选用公式．
【答案】D

分卷II
分卷II 注释
评卷人
得分

二、填空题(注释)

35、如图所示为分别测量小灯泡L和定值电阻R后得到的I-U关系图线。由图可知，