人教版物理必修一试题第四章牛顿运动定律单元测试().docx

-奋斗没有终点任何时候都是一个起点-第四章牛顿运动定律单元测试（人教版必修 1）(时间：90 分钟 满分：100 分)一、选择题(本题共 10 个小题，每小题 4 分，共 40 分)1下列关于惯性的说法中正确的是(A物体做加速直线运动时惯性越来越大B在相同的合外力作用下，惯性小的物体的加速度小C自由下落的物体处于完全失重的状态，此时物体的惯性消失了D战斗机抛弃副油箱后，惯性减小了2物体受到下列几组共点力的作用，其中一定能使物体产生加速度的共点力的是(A1N,3N,5NB2N,4N,6NC3N,4N,5ND4N,6N,8N)3在滑冰场上，质量相同的甲、乙两小孩分别坐在滑冰板上，原来静止不动，在相互猛推)一下后分别向相反方向运动，已知甲在冰上滑行的距离比乙远，这是由于(A在推的过程中，甲推乙的力小于乙推甲的力B在推的过程中，甲推乙的时间小于乙推甲的时间C在刚分开时，甲的初速度大于乙的初速度D在分开后，甲的加速度的大小小于乙的加速度的大小4一个物体保持静止或匀速直线运动状态不变，这是因为(A物体一定没有受到任何力B物体一定受一对平衡力的作用)C物体所受合外力一定为零D物体可能受一对平衡力的作用图 15如图 1 所示，位于水平面上质量为 M 的小木块，在大小为 F、方向与水平地面成角的拉力作用下，沿水平地面做匀加速运动，加速度为a.若木块与地面之间的动摩擦因数为，则木块受到的合力是(AFcos)BMaCFcosMgDFcos(MgFsin)信达 -奋斗没有终点任何时候都是一个起点-6如图 2 所示，整个装置处于静止状态，两物体质量Mm.则物体 M 受力的个数为()图 2A2 个 B3 个 C4 个 D5 个7如图 3 所示，细线的一端固定于倾角为45的光滑楔形滑块 A 的顶端 P 处，细线的另一端拴一质量为 m 的小球当细线对小球的拉力刚好等于零时，水平向右的加速度 a 的大小为(g 为重力加速度)()图 32AgB2gC. 2gD. g2图 48如图 4 所示，质量为 m 的物体悬挂在轻质支架上，斜梁OB 与竖直方向的夹角为，设水平横梁 OA 和斜梁 OB 作用于 O 点的弹力分别为 F 和 F ，以下结果正确的是()12AF mgsin1mgsin BF 1CF mgcos2mgcos DF 29如图 5 所示，质量为 m 的球与弹簧和水平细线相连，、的另一端分别固定于P、Q 两点球静止时，中拉力大小为 F ，中拉力大小为 F ，当仅剪断、中的一根的T1T2瞬间，球的加速度 a 应是()图 5A若断，则 ag，方向水平向右FB若断，则 a ，方向水平向左T2mFC若断，则 a ，方向沿的延长线T2mD若断，则 ag，方向竖直向上信达 -奋斗没有终点任何时候都是一个起点-图 610如图 6 所示，将质量为 m 的滑块放在倾角为的固定斜面上滑块与斜面之间的动摩擦因数为.若滑块与斜面之间的最大静摩擦力和滑动摩擦力大小相等，重力加速度为g，则()A将滑块由静止释放，如果tan，滑块将下滑B给滑块沿斜面向下的初速度，如果x ，由 v 2ax 可知 ，所以 a tan，滑块将静止，A 错误；若给滑块沿斜面向下的初速度；如果30m/sm30vm乙错，因为 t s300s180sa 0.11正确解法：v at ， at v (tt )100vt22m11m1解得 a0.26m/s216(1)4N 方向竖直向下 (2)37.5m(3)24.5m/s 方向竖直向下vt解析 (1)以初速度方向为正方向，由速度公式 vv a t 得，小球上升时的加速度 a 001112m/s .对小球受力分析如图甲，假设小球所受阻力F 方向向上2根据牛顿第二定律知 ma mgF1所以阻力 Fma mg4N1负号表示阻力方向向下(2)根据推论公式v 2a h201v302202a上升的最大高度 h m37.5m2(12)1(3)小球下落时的受力分析如图乙，所受阻力F 方向向下，则合力大小F mgF合F根据牛顿第二定律，小球下落时的加速度大小a 8m/s .合m22根据公式 v 2a h，小球落回到抛出点的速度大小22v 2a h 2837.5m/s24.5m/s2速度方向竖直向下信达-奋斗没有终点任何时候都是一个起点-9B10C 假设物体沿斜面匀速下滑，由平衡条件可知：mgsinmgcos，tan.所以，若由静止释放，如果tan，滑块将静止，A 错误；若给滑块沿斜面向下的初速度；如果30m/sm30vm乙错，因为 t s300s180sa 0.11正确解法：v at ， at v (tt )100vt22m11m1解得 a0.26m/s216(1)4N 方向竖直向下 (2)37.5m(3)24.5m/s 方向竖直向下vt解析 (1)以初速度方向为正方向，由速度公式 vv a t 得，小球上升时的加速度 a 001112m/s .对小球受力分析如图甲，假设小球所受阻力F 方向向上2根据牛顿第二定律知 ma mgF1所以阻力 Fma mg4N1负号表示阻力方向向下(2)根据推论公式v 2a h201v302202a上升的最大高度 h m37.5m2(12)1(3)小球下落时的受力分析如图乙，所受阻力F 方向向下，则合力大小F mgF合F根据牛顿第二定律，小球下落时的加速度大小a 8m/s .合m22根据公式 v 2a h，小球落回到抛出点的速度大小22v 2a h 2837.5m/s24.5m/s2速度方向竖直向下信达