高中物理解题中的临界法及其应用.doc

高中物理解题中的临界法及其应用 在物理现象中存在大量的临界问题，所谓临界问题，是指在一种运动形（或者物理过程和物理状态）转变为另一种运运形式（或者物理过程和物理状态）的过程中，存在着分界限的现象这是从量变到质量的规律在物理中的生动表现这种分界限，通常以临界和临界状态的形式出现在不同的问题中如热学中的临界温度，力学中的弹性限度、临界速度、临界加速度、临界力、平衡位置。电磁学中的临界电压、临界电阻、临界电流、发电机的中性面，几何光学中的全反射临界角，光电效应中的极限频率，链式反应中的铀块的临界体积，等等。通常情况下，解决临界问题有两种基本方法：演绎法和临界法。演绎法是以原理、定理或者定律为依据，先找出所研究问题的一般规律和一般解，然后分析、讨论其特殊规律和特殊解，即采用从一般到特殊的推理方法。临界法是以原理、定理或者定律为依据，直接从临界状态和相应的临界量入手，求出所研究问题的特殊规律和特殊解；然后，以此对一般情况进行分析、讨论和推理，即采用从特殊到一般的推理方法。临界法不同于归纳法，因为仅以临界状态和相应的临界量为前提，作为分析、讨论和推理的出发点，可能并不是最终要求的结果。中学物理解题中应用的临界法，以原理，定理或者定律为依据，直接从临界状态和相应的临界量入手,求出所研究问题的特殊规律和特殊性;然后,以此对一般情况且进行分析、讨论和推理,即采用从特殊到一般的推理方法.临界法不同行归纳法,因为仅以临界状态和相应的临界量为前提，作为分析、讨论和推理的出发点.1临界量v = 的应用. 物体在竖直平面内的以半径R作圆周运动,如果通过最高点所需的向心力Fn正好由重力提供,则相应速度为v0 . v0 = 这时,物体与其接触的物体无径向接触力利用这一临界状态和相应的临界量，可以极为简便地解决物体在竖直平面内作圆周运动的各种临界问题.例1. 试证明：近地人造卫星的环绕速度(v)、环绕加速度(a)环绕周期(T)分别是 v = 7.9km/s a =9.8 m/s2 T = 84.5min 分析与解：当人造地球卫星沿地球表面做匀速圆周运动时，轨道半径r=R所需的向心力正好由重力mg提供，根据近似关系mg = = m v0 = = 7.9km/s向心加速度a = g=9.8m/s2环绕周期最小为 T0 = 2 =84.5min近地面人造卫星的环绕速度和加速度，是人造地球卫星的最大环绕速度和加速度，而环绕周期则是人造地还需卫星的最小周期由万有引力定律和向心力公式得，所以在半径为r的轨道上的环绕速度为 v =当 r = R时，环绕速度最大为vmax = 向心加速度为a = ，所以当r =R时向心加速度最大为amax = g 环绕周期 T = ，当r=R时环绕周期最小为 Tmin = 2 例2.半径为R的半圆槽固定在水平地面上.质量为m的小球,以一定速度从A点无摩擦地沿半圆槽向上运动，通过最高点后落在水平地面的B点,且AB =2R.求小球在半圆槽最低点A的速度和在最高点对槽的压力。 分析与解：设小球从半圆槽最高点平抛出的速度为v，则有2R = v t = v,所以得到 v = 可见，小球在最高点对半圆槽的压力为零，根据机械能守恒定律，设小球在轨道最低点的速度为v0mv = mg 2R + mv2 所以,，得最低点的速度最小值为 v0 = 例3飞机在竖直平面内作特技飞行，绕半径R =180m的轨道作圆周运动试计算：飞行员在最高点不脱离座位的最小速度；如果飞行员的质量m =70kg当以同样的速度飞过最低点时，对座位的压力是多大? 分析与解：如果飞行员到达最高点时，重力恰好等于圆周运动所需的向心力，就正好不脱离座位，即座位对飞行员的弹力为零。由牛顿第二定律和向心力公式， mg = m v2/ R ,得最小速度为 v = = 42m/s当飞行员到达最低点时，同理有 FN mg = m v2 / RFN = mg + m v2/R = 1372 N例4如图所示，质量为M、m (Mm)的两个小球，通过细绳跨置在顶部光滑的半圆柱体的水平直径两端.两球由静止开始运动为了使m到达柱顶时，对柱顶压力最小，求两球质量比应满足什么条件? 分析与解：当小球以速度v通过柱顶时，压力最小为零设柱体半径为R，并以初始位置为零势面，根据机械能守恒定律，有 0 = M v2Mg + m v2+ mg R 将v =代入上面方程中，求得 M / m = 即当 时，m通过柱顶时的压力最小例5如图所示，一个质量为M，半径为R的半圆形滑块，静止在水平面上.质量为m的小球，以一定的初速度向滑块运动，且恰好能到达圆弧的顶点试计算小球的初速度( v0)是多少? (不计一切摩擦阻力) 分析与解：小球相对滑块作变速圆周运动，恰好到达圆弧顶点的临界速度为v =设这时滑块相对地面向右的速度为vM，则小球相对地面的速度为vm = vvM = vM系统在水平方向动量守恒，有Mv= -m vm +vM 系统的机械能守恒，则有mv02= m vm2+ M vM2 +2 mg R联立解上面三式得 v0 = 思考：若将滑块固定，小球的初速度又应该是多大？可以利用极限分析方法：当Mm时，v0 = 例6如图所示，半径为R=0.1m的圆环竖直放置,一个质量为m=0.1kg的小球套在环上,可以无摩擦地运动试分析：小球到达环顶的最小速度是多少?这时对环的压力是多大?小球以多大速度通过环顶时,受到的向下的拉力?以多大速度通过. 分析与解：小球通过圆环最高点时只受重力，即与环的弹力 FN =0，应该具有临界速度v 0= = 2m/s当通过环顶的速度 vv0时，小球将受到环向下的拉力F1以补不足的向心力，由牛顿第二定律F1 + mg = m v12/ R F = m v12/ R mg当通过环顶的速度v v0 时，小球将受到环向上的支持力F2，以抵消多余的向心力，同理有mg F2 = m v22 /R F2 = mg m v22 /R当通过环顶的速度v =0 时，环对小球的作用力 F = mg，即小球将静止在环顶，对环的压力等于其重力，所以，小球到达环顶的最小速度为v min= 0例7如图所示，在竖直平面内，有一个半径为R的半圆形光滑轨道.a、b、c三个小球，由光滑水平面滑向半圆轨道运动，最后以落回水平面，且落点A、B、C到切点O的距离分别为OA.2R，OB=2R，OC2R.若三个小球离开半圆轨道后在空中飞行的时间依次为ta 、tb 、tc,则三段时间的关系一定有： A tatbtc Bta= tc C ta=tc D ta= tb 分析与解：假设某个球正好通过最高点，则应以临界速度v 0= 作平抛运动，且平抛的水平距离最小值为x = v0 t = = 2R 由三个水平距离大小的关系可见, b和c都是通过半圆顶后平抛飞出，而a则是在到达半圆顶前以斜抛方向飞离轨道，其运动时间在竖直方向应大于平抛运动的时间所以，应选择答案例8如图所示，一个小球从H=12m高处，由静止开始通过光滑弧形轨道AB，进入半径R= 4m的竖直圆环，且到达环顶C时，加速度为g沿CB滑下后，又进入光滑弧形轨道BD，且到达高度为h的D点时速度为零，则h之值可能为A12mB8m C8.5mD9m分析与与解：小球在A点的重力势能，即机械能为EA = 3mg R；在C点加速度为g，则速度为机械能为= 2mgR + m vC2 = 2.5 mgR从B上滑到C的过程中，小球克服摩擦力做功损失的机械能为E1 = 0.5 mgR从C又下滑到B的过程中，小球的平均速率较小，对圆环的压力和受到的摩擦力也较小，因此克服摩擦力做功而损失的机械能减小，即 E20.5 mgR因此，小球到达D点的机械能，即重力势能的取值范围为2mg R ED 2.5 mg RD点相应的高度取值范围为 2 R h 2 .5 R 即 8 m h 10 m应选答案：C D二临界量N=0和T=0的应用. 弹力与摩擦力都是接触力，其产生条件之一，就是物体必须相互接触如果彼此接触的物体有相互作用力，那么，当发生分离时，接触力必然为零这类临界问题的特点：就是物体彼此处于若即若离刚好分离的状态，相应的临界量就是弹力FN=0；这时相应的摩擦力f=0. 柔软体(如绳、链)只能产生沿柔软体本身的拉力当柔软体刚好处于拉直的自然状态时，对外的拉力(F)和内部各处的张力(T)均为零，即F=T=0. 例9如图所示，底边长为a、高为b的长方形匀质木块，置于倾角为的斜面上，且与斜面的摩擦因数为当足够小时，木块静止在斜面上；当逐渐增大至某个临界值0时，木块将开始滑动或者翻倒试分别求出发生滑动和翻倒时0是多少?分析与解：在木块开始沿斜面匀速滑动时，由平衡条件有mgsin0 = f = mgcos0 得 tan0 = 即发生滑动的临界角度为0 = tan1 .在木块处于翻倒的临界状态时，重力作用线通过木块边沿A，支持力FN的作用点移至A点，即底面其他部分支持力为零，根据力矩平衡条件M = 0 有mg sin 0 b = mgcos0 a tan0 = a/ b所以，木块翻转的临界角为0 = tan1(a /b)当 a/b 时，0 = tan1 为物体开始滑动的临界条件；当a/b时，0 = tan1 (a/b)为物体开始翻倒的临界条件例9.如图所示,匀质木板AB=12m，重为G0=200牛;距A端OA=3m，处有一个固定转轴O，另一端B由细绳悬挂，使板处于水平状态，且绳与板的夹角=30.如果绳能承受的最大拉力Fmax =200，求重为G=600牛的人，在板上安全行走的范围 分析与解：当板处于逆时针转动的临界状态时，绳的拉力F= 0设这时人在O点左侧x1处，根据力矩平平衡条件，有x1= G0 得 x1 = 1m当板处于顺时针转动的临界状态时，绳的拉力达到最大Fmax，设这时人在O点右侧x2处，同理有Fmaxsin= G0+ Gx2 求得x2 =0.5m所以，人只能在距O点左侧1m和右侧0.5m的范围内安全行走。例10如图所示，摆球质量为m，从偏离水平方向为=30的位置由静上开始释放。求小球运动最低点A点，绳子受到的拉力多大？分析与解：设悬线长为L，小球被释放后，先做自由落体运动，直到下落高度为L，处于松弛状态的细线（ T =0）被拉直为止，这时，小球的速度竖直向下，大小为v= 当绳被拉直进，v的法向分量vn，在绳的冲力作用下迅速减为零，小球以切向分量vt = vcos30开始做变速圆周运动到最低点。根据机械能守恒定律m(vcos30)2 + mg L(1cos60) = m vA2小球在最低点，由牛顿第二定律有 T mg = m vA2/ L由以面三个方程可求得拉力 T = 3.5mg 例11如图所示,两个质量相等的小球A和B,由长为L=25m的细绳连接,并列置于水平面上若将A球以初速度v0 = 30m/s竖直上抛,试计算：A、B分别能上升多高? .A、B落地时速度各是多少(不考虑反弹) 分析与解：在A上升L且未带动B之前，系统机械能守恒，A的速度为v= =20m/s 在A、B通过绳子相互冲击的过程中，A减速，B加速，直到具有共同速v1 (此过程机械能不守恒)。由于冲力远大于重力，系统动量守恒，从而有 m v = 2m v1 v1 = v /2 =10m/s然后，系统以初速度v1做竖直上抛运动，（此过程绳子张力为零，机械能守恒），上升高度为h= v12/ 2g = 5m.所以，A、B上升的高度分别为 hA= h+ L =30m, hB =h = 5m。A、B达到最大高度后开始下落：前5m绳自然拉直，张力为零；B着地后绳处于松弛状态。所以，A、B均作自由落体运动，到达地面的速度分别为vA=24.5m/s vB = =10m/s例12如图所示，一个弹簧台秤的秤盘质量和弹簧质量都不计。盘内放一物体Q处于静止，Q的质量M=12kg，弹簧的劲度系数k=800N/m，现在给Q施加一个竖直向上的力F，使Q从静止开始向上做匀加速直线运动。已知在头0.2秒内F是变力，在0.2秒后F是恒力(g取10m/s2)。则F的最小值是多少?最大值是多少? 分析与解：由于不计秤盘的质量，可以将物体和秤盘看成一个整体分析。未用向上的力F前，物体处于平衡状态，设弹簧压缩量为x1，则有Mg = kx1物体做匀加速直线运动，a为恒量，物体和秤盘受重力Mg、弹簧向上的弹力kx、向上的拉力不从心，物体向上运动，弹力减小，外力F增大，相互调节，才能保证合力不变，加速度不变。0.2s后为恒力，则弹力必然为零，所以，在t =0.2s时刻，物体与秤盘恰好分离，由于秤盘不计质量，所以，弹簧应恰好恢复到原长。物体在0.2s内上升高度h = x1 = a t2 从上两式可知：、k 、t已知，x1可求，则a可求。当弹簧压缩量为x时，由牛顿第二定律，得 F + kxMg = Ma 从式分析可知：t = 0时， x= x1 kx1 =Mg，则F最小，且Fmin = Ma t= 0.2s时，F应为最大，且FmaxMg =M a 从两式求出加速度a= 7.5m/s2 ，由式得 Fmin=90N，由式得Fmax= 210N。例13如图所示，一个带负电的小球，质量为m，电量为q，从倾角为的光滑斜面由静止开始下滑，且斜面固定在磁感强度为B的匀弹磁场中.求小球在斜面上滑行的最大距离和最大速度分析与解：小球开始运动后，受到重力mg、斜面支持力不从心FN和洛仑兹力f =qvB的共同作用，且f随v的增大而增大，FN = mg cosqvB 随v增大而减小；当FN=0时，小球与斜面恰好分离，同时在斜面上的速度达到最大值这时，小球仅受到重力和洛仑兹力的作用。由Fy = 0 ,有q B vmax= mg cos 所以在斜面上的最大速度为 vmax= mg cos / q B小球在斜面上始终以加速度a =gsin作初速度为零的匀加速直线运动；当速度达到最大值时，沿斜面通过的距离也达到最大值且为Smax = 例14如图所示，一个半径为R的光滑半球，固定在磁感强度为B的匀强磁场中，一个质量为m的带电小球从球顶由静止开始沿右侧滑下,且始终未脱离球面试分析小球带什么电荷?电量至少得多少? 分析与解：小球要始终不脱离球面，必须有洛仑兹力提供向心力，由左手定则，小球带负电。小球到达地面瞬时，速度最大所需要的向心力最大这时，重力的法线方向的分量为零，向心力由洛仑兹力和球面弹力提供，即qvB FN = m, 或 f FN = m, f = FN + m：当FN恰好为零时，f 有最小值，相应的电量也最小。根据机械能守恒有mgR =mv2 v = 由牛顿第二定律， qvB = m，所以小球带电量至少为例15如图所示,一个质量为m，带电量为q的小球,固定在长为的轻杆一端，并可以另一端O为轴在竖直平面内无摩擦转动小球处于磁感强度为B的匀强磁场中先将小球拉至左端水平位置；然后无初速释放.试分析:当带电量满足什么条件时，小球在摆动过程中才可能有时受到杆的拉力，有时又受到轻杆的压力?且拉力和压力各出现在什么范围? 分析与解：在轻杆对小球的弹力从拉力(沿杆指向圆心)，变为压力（沿杆指向圆外）的过程中，必然存在着弹力 FN =0的分界限设杆转过角度0时，对小球的弹力恰好为零且这时小球的速度为v0，带电量为q0 如图所示根据机械能守恒mg Lsin0 = mv02 得 v0 = 由牛顿第二定律和向心力公式得： q0 v0B mgsin0 = m 由上两式可得 q0 = 所以，小球的带电量应满足以下条件q，对应的临界角为0 = sin1根据摆球运动的对称性，可以看出：当00和 0 时，小球受到杆的拉力；当00时，小球受到杆的压力。例16如图所示,竖直绝缘杆处于方向彼此垂直、大小为E、B的匀强电、磁场中.一个质量为m、电量为q的小球，从静止开始沿杆下滑,且与杆的摩擦因数为试计算:：小球速度多大时，加速度最大？最大值是多少?小球下滑的最大速度是多少? 分析与解：小球开始下滑后，在水平方向始终受到方向相反的电场力（qE）和洛仑兹力（qvB）的作用。当qvBqE时，杆对小球的弹力FN水平向左，小球下滑的加速度为a = a随v的增大而增大，即小球做加速度增大的加速运动。当qvB = qE时，摩擦力f = FN = 0，加速度最大，且为amax = g .这时的临界速度为 v0 = E / B . 当qvB qE后，弹力FN水平向右，小球下滑加速度为a = a随v增大而减小，即小球做加速度减小的加速运动。当 a =0时，速度达到最大值，根据mg = ( qvB qE)，得最大速度为vmax =各个阶段和临界状态的受力图如图所示。三临界量a = 0或F= 0的应用 物体在作加速度随时间不断减小的变速直线运动时，其运动速度最终会达到一个稳定值，即收尾速度然后,开始以收尾速度作匀速直线运动；当加速度方向与速度方向相同时，收尾速度最大，当加速度方向与速度方向相反时，收尾速度最小但是，不论达到哪一种收尾速度，其临界量都是加速度为零或者受到合外力为零,即 a = 0 或者 F = 0 物体处于上述收尾速度恒定的动平衡状态或瞬时加速度为零的状态时,具有一系列的重要特点: 在电动式导轨问题中,电源功率等于可动边的机械功率与焦耳热功率之和.即P电 = P机 + P热 在发电式导轨问题中,外力的机械功率等于回路的电功率,即 P机 = P电 瞬时加速度为零的物体可以作为惯性参照系瞬时惯性系例如,固定有半圆形光滑槽的小车静止在光滑水平面上，一个小球从半圆形槽最高点由静止开始滑下，到达最低点时，小车在水平方向不受外力,加速度瞬时为零，这时小车可以作为瞬时惯性系.例17如图所示，U形导体框架宽度L=1m，与水平面夹角为 =30，置于方向垂直于框架平面，磁感强度B=0.2T的匀强磁场中，电阻可以不计导体ab质量为m=0.2kg，电阻为R = 0.1.从框架上无摩擦地滑下求：下滑的最大速度在速度最大时，ab释放的电功率分析与解：当安培力增大到恰好与重力沿斜面的分力平衡时，导体的加速度为零，其速度达最大值，即 mgsin30 = BIL I = /R = BLv /R所以，最大速度 vmax = mgsin30R/ B2 L2= 2.5m/s 当以最大速度匀速下滑时，重力的机械功率等于电功率，这ab释放的电功率为P = mgsin 30 vmax = 2.5W例18.如图所示,平行金属导轨的间距为，与水平面的夹角为，处于磁感强度为B、方向垂直框架平面向上的匀强磁场中，所连电阻的阻值为R，导体ab的质量为m，与导轨的摩擦因数为，从静止开始下滑，不计其它电阻，求ab的最大速度 分析与解：当阻碍运动的摩擦力、安培力与重力沿斜面的分力恰好平衡时，ab的加速度为零，速度达到最大值，即mg sin = mgcos + BIL回路中的电流为 I = 由上面两式可得最大速度vmax= 。例19.如图所示,绝缘细杆上,有一个质量为m、带电量为q的小球.小球与杆的摩擦因数为,置于磁感强度B的匀强磁场中,且杆与水平方向夹角为.小球由静止开始下滑.求小球下滑过程中的最大加速度和最大速度过. 分析与解：小球滑动后，受到重力mg、支持力FN、摩擦力f = FN 和活仑兹力F = qvB的作用：F随v的增大而增大；支持力FN = mgcosqvB及f均随v的增大而减小。加速度a = 随v的增大而增大。当FN恰好等于零时，摩擦力f = FN= 0，此时加速度恰好达到最大值，此时小球受到的合力为mgsin.所以小球的加速度最大值为 amax= gsin当 FN=0时，有 mgcos = qBv0 。这时小球的速度v0 = mgcos /q B当小球的速度增至vv0后，相应的洛仑兹力也增至F=qBvmgcos于是，细杆对小球的弹力反向，垂直于杆向下，如图所示。这时，摩擦力为f=FN= ( qvB mgcos)f 随v增大而增大，小球受到的合外力为（mgsinf）随v的增大而减小，即小球做加速度减小的变加速运动。当加速度恰好为零时，速度达到最大值，根据合力为零列方程： mgsin= f= (qB vmaxmgcos )vmax=例20.在竖直的绝缘棒上，套着质量m =0.1kg ,带正电荷q =4104C的小球，彼此间的动摩擦因数=0.2 置于相互垂直的匀强电场和匀强磁场之中，如图所示电场强度E=10N./C，磁感应强度B=0.5T小球由静止开始沿棒滑下，求最大加速度和最大速度分析与解：小球运动后受重力mg、电场力F=qE、洛仑兹力FB=qvB、弹力FN =qE+qvB，摩擦力f =FN的共同作用，加速度为 a= 。当v=0时，加速度最大，为amax= =2m/s2 当a =0时，速度最大，为vmax=5m/s例21.如图所示,间距L=1m的平行金属导轨,处于磁感强度为B=0.4T的匀强磁场中.质量m=0.2kg、电阻R=0.4的金属杆ab,可以在导轨上无摩擦地滑动ab中点悬挂有质量M=1kg、密度=5g/cm3的小球，浸在足够深的水中回路的电源电动势=13V，电源内阻和其余电阻不计闭合开关K，球下列情况下金属杆ab的收尾速度.小球在水中时；小球在空中时分析与解：在接通电路瞬间，ab未开始运动，ab和小球系统所受到的各个力分别是：安培力 FB = BIL = B=13N浮力：F =0g V= 0g =2N重力：G =(M=m)g=12N因为合外力F= FB+FG =3N，方向竖直向上，故ab开始向上作变加速运动这时，ab中产生反电动势 0 = BLv，从而使ab中的电流强度为I= ，B、F均随v的增大而减小，当F减为零时，a=0，速度达到最大值，即（m）g = FB+ BIL = F+ B所以，小球在水中的收尾速度最大，即vmax= =7.5m/s当小球以vmax出水后，浮力为零，安培力为FB= B =10N因为FB(M+m)g，合外力方向向下，ab开始向上作变减速直线运动这时FB随v减小而增大，合外力F(M+m)gFB则随v的减小而减小当F=0时，a，速度达到最小值由（m）g= B所以，小球在空中时，收尾速度最小，为 v= =2.5m/s例22如图所示，电阻为R的矩形框，宽为L，高为h，质量为m，从某一高度处自由落下,通过方向垂直纸面向里、高度也为h的匀强磁场.若线框恰好以恒定速度通过磁场，且不计空气阻力，求线框中产生的焦耳热是多少? 分析与解：线框匀速通过磁场时，所减少的重力势能等于线框中产生的焦耳热，所以Q= Ep = 2mgh例23如图所示，正方形导线框每边长L=0.2m，质量m=0.1kg，电阻R=0.1砝码的质量M=0.14kg，匀强磁场的磁感强度B=0.5T，方向垂直纸面线框在砝码的作用下，从静止开始上升，当上边进入磁场时，正好匀速运动试计算：线框匀速上升的速度；线框匀速上升过程中产生的焦耳热; 线框匀速上升过程中导线横截面的电量. 分析与解：以系统为研究对象，根据平衡条件(Mm)g =BIL =B得匀速上升的速度为 v =当匀速粘升时，系统减少的重力势能等于线框中产生的焦耳热，所以Q =(Mm) gL =0.08 J根据法拉第电磁感应定律，线框进入磁场中产生的感应电量为q =t =0.2C例24如图所示,在宽为L=10cm的光滑竖直导轨上,电源电动势=1.5V,内阻r=0.1；导体ab的质量m=20g，电阻R=0.2,其他电阻不计.试计算在开关K闭合后:导体ab的最大加速度；导体ab的最大速度；导体ab速度最大时,电源的功率、电路的热功率和ab的机械功率各是多少；若ab达到最大速度是,上升高度h=10m，此过安培力对ab做了多少功? 分析与解：在K闭合瞬间，ab的加速度最大，为am=2.5m/s20因为ab向上加速运动，从而产生反电动势，所以，ab将作加速度减小的加速运动：当F=mg时，a=0,ab的速度达到最大值，根据平衡条件mg = BIL = B所以，ab的最大速度为 vmax =6m/s当ab的速度达最值时，由平衡条件mg =BILI= mg /BL =4A所以，电源的功率、电路的热功率和ab的机械功率分别为P = I=6W 回路热功率P1(R+r) =4.8 W机械功率 P2 = mgvmax根据功能关系，变力安培力对导体ab所做的功为B=mgh + m v2max =2.36 J例25如图所示，用密度为D、电阻率为的导线做成正方形线框,从静止开始沿竖直平面自由下落，线框经过方向垂直纸面,磁感强度为B的匀强磁场,且磁场区域的高度等于线框一边之长为了使线框通过磁场区域的速度恒定，求线框开始下落的高度h.( 不计空气阻力) 分析与解：线框匀速通过磁场的条件是受到的竖直向上的安培力与重力平衡，即mg=B IL 设线框每边长为，根据线框进入磁场的速度v = 则安培力可以表示为 FB = BIL = B= 设线框截面积为S，则其质量为m =4LSD电阻为 R =所以下落高度为 h =128D22g / B4例26如图所示，将上端封闭、下端开口的玻璃管插入水中，放掉部分空气后松手,让玻璃管竖直地浮在水中玻璃管的质量m=40kg，横截面积S=2cm2，水面以上部分长度h0=1cm，大气压强P0=1.0105Pa。不计管壁厚度和管内空气的质量试问：玻璃管内、外水面的高度差h是多少?如果将玻璃管慢慢地竖直压入水中，当管顶浸入水中多深时，松手后玻璃管不会浮起?(设温度不变) 在第问中，松手后玻璃管的位置是否变化，如何变化？分析与解：以玻璃管和其中的气体为系统，根据浮力与重力平衡，有 mg = Sh g所以管内外水面的高度差为 h= m /S =20cm在将玻璃管下压过程中，水的压强增大，管内气体压强增大，体积减小当空气柱高度达到 h = 20cm的临界值时，玻璃管受到的重力与浮力再次平衡时以玻璃管内气体为研究对象，并以水柱高表示气体压强，长度表示气体体积，则在水面平衡时1 = P0= h= 1020cm水柱，V1=(h0 +h )=21cm设在水面下平衡时，管顶至水面的临界深度为H0 ,则P2 = P0+ H0+h =1020 +H0 V2 =h = 20cm 根据玻玛定律 P1V1 = P2V2,即102021=(1020+H0)20。所以临界深度为H0=51cm .在管顶位于H0=51cm深处，玻璃管处于不稳定平衡状态，当松手时，若管顶的深度 H H0 ，浮力F mg：玻璃管理体制变加速上升；当松手时，若管顶深度HH0 ,浮力F mg :，玻璃管将变加速下降。例27如图所示，轻质长绳水平地跨接在相距为L的两个小定滑轮A，B上质量为m的物块悬挂在绳的O点，且O点与A，B两滑轮距离相等在轻绳两端C，D分别施加竖直向下的恒力Fmg若先托住物块，使绳处于水平拉直状态，然后由静止释放，在物块下落过程，保持C，D两端拉力不变当物块下落距离h为多大时，物块的加速度为零；在物块下落上述距离的过程中，克服C端恒力F做功W是多少？求物块下落过程中的最大速度vm和最大距离H 物块下落的最大距离为多少？分析与解：物块在三个共点力作用下运动，运用临界法进行分析当三力平衡，且F =mg，即互成120时，加速度为零这时，绳与竖直方向的夹角 = /2=60,所以，物块下落的距离为h = Lctg60= 物块下落h时，C端上升高度为h= Lsin60L =(1)L所以，克服C端恒力F做功为W = Fh =(1)mgL物块在下落过程中，先做加速度减小的加速运动，后做加速度增加的减速运动，当加速度a=0，即下落距离h =时，速度最大，由动能定理得mvm2 / 2 =mgh2mg(2hL)，得最大速度 vm = 当下落速度为零时，下落距离达到最大值H，这时，物块减少的势能，等于克服两个恒力F所做的功，即mgH=2mg ( H (3H4L)=0 所以下落的最大距离为H = 4L/3 四、临界量相对速度V=0的应用 两个运动物体的相对速度为零，即处于相对静止状态，是一种常见而重要的临界状态。这种临界状态具有丰富的物理意义：当彼此滑动的物体相对速度为零碎时,将停止对滑动,且滑动摩擦力为零; 当同方向运动的物体相对速度为零时，将不会发生磁撞;或者虽然接触，沿运动方向却无弹力作用；当两个发生弹性碰撞的物体相对速度过为零时，形变达到最大,弹性势能最大当两段有效长度相同的导体,在匀强磁场中沿同方向切割磁力线,且相对速度为零时，所构成的回路中无感应电流.