2016年辽宁省鞍山市中考物理试卷（解析）.doc

2016年辽宁省鞍山市中考物理试卷参考答案与试题解析一.选择题（1-10题单选题，每题2分，11-14题多选题，每题3分，选对但不全扣2分得1分，选错不得分共32分）1【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。【解答】解：A、中学生的身高在160cm左右，课桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm800mm左右，故A不符合实际；B、水的凝固点是0，冰箱冷冻室中的水是凝固状态，所以温度不会高于0，故B不符合实际；C、教室中日光灯的额定功率在40W左右，正常发光时的电流在I0.2A左右，故C不符合实际；D、鸡蛋的密度与水差不多，在1g/cm3左右，一个鸡蛋的质量在50g左右，其体积为V50cm3左右，故D符合实际。故选：D。【点评】本题考查学生对生活中常见物体的数据的了解情况，本题告诉我们一定要对实际生活中常见的物体做到熟知，以免闹了笑话自己还不知道。2【分析】用电器工作的过程，本质是电流做功的过程，此过程中电能转化为其它形式的能。【解答】解：A、电熨斗工作过程中，将电能转化为内能。此选项不符合题意；B、洗衣机工作过程中，将电能转化为机械能。此选项符合题意；C、电水壶工作过程中，将电能转化为内能。此选项不符合题意；D、电烙铁工作过程中，将电能转化为内能。此选项不符合题意。故选：B。【点评】用电器消耗电能的过程，是将电能转化为其它形式的能量的过程。3【分析】（1）物质由气态转变为液态的过程叫做液化，白气是液化形成的小液滴。（2）蒸发是一种缓慢的汽化现象，蒸发吸热，影响蒸发快慢的因素有温度、表面积和液面上方的空气流动。（3）水的比热容较大，质量相同的水和其它液体相比较，升高相同的温度时，吸收的热量多；吸收或放出相同的热量时，温度变化较小，因此常用来做冷却剂、取暖剂、防冻剂等。（4）物质是由分子组成的，组成物质的分子在不停地做无规则运动，分子间存在相互作用的引力和斥力。【解答】解：、夏天吃冰糕时，冰糕周围的“白气”是空气中的水蒸气遇冷形成的小液滴，故A错误；B、夏天用电风扇吹风能使人感到凉爽，这是因为电风扇加快空气的流动，加快了汗液的蒸发，蒸发吸热，故B错误；C、汽车发动机工作时产生大量热量，这些热量如果不迅速转移，就可能损害发动机，因此利用水的比热容大的特点把这些热迅速吸收，使发动机的温度不致升得太高，故C正确；D、固体很难被压缩，因为分子间有斥力，故D错误。故选：C。【点评】本题综合题考查了学生对分子的运动、蒸发、液化和比热容的了解与掌握，知识点多，判断时，要灵活运用所学知识，要细心。4【分析】结合生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。【解答】解：A、独轮车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；B、钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；C、瓶起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；D、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆。故选：D。【点评】此题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种：省力杠杆，动力臂大于阻力臂；费力杠杆，动力臂小于阻力臂；等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。5【分析】（1）电热丝发热时，必须要有一定的电阻，超导材料不能发热；（2）光敏二极管使用的主要是半导体材料；（3）铜是导体，有良好的导电性，可用于制作导线；（4）气凝胶是当今世界上密度最小的固体。这种新材料具有隔热、耐高温等性能，有多种用途。【解答】解：A、电热水壶的电热丝不可以用超导材料制成，因为超导材料不能发热，而电热丝需要用电流的热效应来工作，故A错误；B、条型码扫描器中的光敏二极管主要用半导体材料制成，故B正确；C、标准铜芯线，具有良好的导电性，用于连接插座的导线，故C正确；D、气凝胶是当今世界上密度最小的固体。这种新材料具有隔热、耐高温等性能，故D正确。故选：A。【点评】本题考查知识点较多，但都较简单，体现了物理关注科技、关注生活的学科特点。6【分析】（1）质量使物体本身的属性，与物体的形状、状态、位置无关。（2）根据连通器定义：上端开口下端连通的容器。连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面的高度总是相平的。（3）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强。（4）海面下的潜水艇在下潜的过程中排开海水的体积不变，所处的深度变大，根据阿基米德原理判断所受浮力的变化，【解答】解：A、从地球到月球，位置变了，但物体的质量与位置无关，因此质量不变。之所以在月球上举起杠铃比在地球上容易，是因为杠铃的重力到月球上变小了。故A错误。B、船闸的上游阀门打开时，上游和闸室构成连通器，下游阀门打开时，下游和闸室构成连通器，故B正确；C、冰刀的刀刃做得非常锋利是通过减小受力面积来增大压强的。故C错误；D、海面下的潜水艇在下潜的过程中排开海水的体积不变，所处的深度变大，由F浮gV排可知，潜水艇受到的浮力不变，故D错误。故选：B。【点评】此题考查了四个方面的物理知识，综合性较强，准确掌握好相关知识点是正确解题的关键。7【分析】（1）由图可知，电阻R、电灯L和电流表串联，电压表与灯泡并联，测量的是灯泡两端的电压，电流表测量电路电流；（2）根据电压表的示数变大和电流表示数变大，来分析电路中的故障情况。【解答】解：A、如果电阻R短路，电压表测量电源电压，示数变大；电路总电阻减小，电路电流增大，电流表示数增大。故A符合题意。B、如果电阻R断路，电流表示数变为零。故B不符合题意；C、如果灯L发生了短路，电压表示数变为零。故C不符合题意；D、如果灯L发生了断路，电流表示数变为零。故D不符合题意。故选：A。【点评】电路故障问题是中考物理考查的热点，也是难点，一般题目设计的都是一处故障，原因只有两个：短路或开路。8【分析】分别从光的色散，凸透镜成像的应用，远视眼的成像特点，平面镜的作用等角度对选项中的描述逐一做出判断即可。【解答】解：A、一束太阳光可以通过三棱镜分解为不同的色光，这是光的色散现象，故A正确；B、用放大镜看报纸时要使像变大，应适当增大放大镜到报纸的距离，故B错误；C、远视眼是晶状体的折光能力太弱，远视眼的人看近处物体时，像成在视网膜的后方，故C正确；D、潜望镜中的平面镜起到改变光路的作用，故D正确。故选：B。【点评】本题主要考查了与光现象相关的多个知识点，综合性较强，都比较典型，值得我们关注。9【分析】利用下列知识分析判断：（1）使用试电笔时，手只有接触笔尾金属体，测电笔才能使用；（2）电流过大的原因：电路中的总功率过大也可能是短路（3）用电器的金属外壳必须接地；（4）家用电器一旦起火，应切断电源再灭火。【解答】解：A、使用测电笔时，手必须接触笔尾金属体，用笔尖接触被检验导线，才能辨别火线和零线，故A错误；B、空气开关“跳闸”，可能是电路中的总功率过大也可能是短路，故B错误；C、带有金属外壳的用电器使用时让金属外壳接地，可以防止因用电器漏电后，导致金属外壳带电而发生触电事故，故C错误；D、家用电器一旦起火，应切断电源再灭火，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识。10【分析】根据物体的浮沉条件判断两者所受浮力关系和液体密度关系；根据GmgVg判断两液体的重力在比较压力；甲杯内液体的重力较大再根据pgh判断杯底压强关系。【解答】解：由图可知，小球在甲、乙两杯中分别处于漂浮和悬浮状态。A、根据浮沉条件：物体漂浮时液物，物体悬浮时液物所以液甲球，液乙球，由此可得：液甲液乙，故A错误；B、根据pgh，且两杯中液面相平，液甲液乙，所以烧杯底受到液体的压强：p液甲p液乙，故B错误；C、由GmgVg可知，甲杯内液体的重力较大，所以甲杯对桌面的压力较大，故C正确。D、因为物体漂浮或悬浮时，受到的浮力和自身的重力相等，所以同一只小球在两杯中受到的浮力相等，都等于小球的重力，故D错误。故选：C。【点评】本题考查了物体浮沉条件和压强公式的应用，一定要掌握物体浮沉情况与密度的关系，同时要搞清不同状态下（漂浮、悬浮）物体所受重力与浮力的大小关系。11【分析】A、右手螺旋定则可得出螺线管上端磁极，则由磁极间的相互作用可知电磁铁与条形磁铁的作用；B、发电机是根据电磁感应现象制成的；C、电流的周围存在磁场；D、电动机是根据通电导体在磁场中受力制成的。【解答】解：A、闭合开关后，电流由螺线管下方流入，则由右手螺旋定则可知，螺线管上端为N极，因两磁铁的异名磁极相对，所以会相互吸引，则弹簧会伸长，故A正确；B、这是电磁感应现象实验装置，是发电机的原理，故B正确；C、这是奥斯特实验装置，说明通电导线的周围存在磁场，故C正确；D、此装置有电源，是通电导体在磁场中受力的实验，研究的是磁场对电流的作用，故D正确。故选：ABCD。【点评】学习磁现象一章要掌握常见实验原理图，认识实验装置图，知道说明的原理和生活中的应用。12【分析】汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气，各冲程的特点不同，因此根据气门的状态和活塞的运行方向确定冲程；并且只有做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；另外还有压缩冲程有能量转化，将机械能转化为内能。【解答】解：图中两气门都关闭，火花塞点火，活塞下行，汽缸容积变大，是做功冲程；高温高压燃气推动活塞做功，将内能转化为机械能，故BC错误，AD正确。故选：AD。【点评】本题考查了内燃机的四个冲程，要求学生对每个冲程的特点、能量转化等情况十分熟悉才能顺利解答。13【分析】A、在研究物体的运动情况时，要先选取一个标准作为参照物，物体和参照物之间的位置如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的。B、动能的大小与质量和速度有关，重力势能的大小与质量和高度有关；C、物体间力的作用是相互的；D、一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态，这就是牛顿第一定律，也叫惯性定律。【解答】解：A、以车厢为参照物，坐在车的人与车厢的位置没有发生改变，坐在车的人是静止的，故A正确；B、沿坡路匀速向上运动的汽车质量和速度不变，故动能不变，高度增大，所以重力势能增大，故机械能增大，故B错误；C、踢球时脚给球作用力，球也给脚反作用力，所以脚感到脚疼，说明物体间力的作用是相互的，故C正确；D、根据牛顿第一定律知，若车在行驶过程中，所受到的外力全消失，则车将做匀速直线运动，故D错误；故选：AC。【点评】此题考查的知识点较多，但难度不大，认真分析即可。14【分析】（1）闭合S1、S2，断开S3时，分析电路连接情况，根据I计算电流；（2）只闭合S3，滑阻器的滑片滑到最右端时，分析电路连接情况，根据串联电路的电流电压特点，计算L1两端电压；（3）闭合S1、S2和S3时，分析电路连接情况，根据并联电路的电流特点计算电流表示数；（4）三个开关都闭合时，灯泡L2与滑动变阻器并联，且滑动变阻器允许通过的电流最大时，电路消耗的电功率最大，知道灯泡L2的额定电压和滑动变阻器允许通过的最大电流，并联电路的电流特点求出电路中的最大总电流，根据PUI求出最大功率。【解答】解：A、闭合S1、S2，断开S3时，由图可知，L1短路，R断路，由题可知，L2两端电压等于其额定电压U额12V，通过L2的电流I20.5A；故A正确；B、只闭合S3，由图可知，变阻器的滑片滑到最右端时R接入电路的电阻最大，L1与R串联，电源电压UU1+UR，即U1U额，故L不可能正常工作，故B不正确；C、闭合S1、S2和S3时，由图可知，L2与R并联，电流表测干路电流，当滑片P处于最右端时，其接入电路中的电阻最大为R12，此时电流表示数I最小，II2+IR+1.5A；故C正确；D、三个开关都闭合时，灯泡L2与滑动变阻器并联，当滑动变阻器允许通过的电流最大时，电路消耗的电功率最大，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且I20.5A，I滑2A，所以，电路中的最大电流：I最大I2+I滑0.5A+2A2.5A，电路消耗的最大电功率：P最大UI最大12V2.5A30W，故D正确。故选：ACD。【点评】本题考查了串联电路和并联电路的特点、欧姆定律、电功率公式的灵活应用，要注意电路中最大电流的判断。二.填空题（每空1分，共24分）15【分析】圆形的透明的露珠，相当于一个凸透镜，利用凸透镜成像的规律即可知道露珠下面的草木叶脉为什么变大更加清晰。透明物体的颜色是由它透过的色光决定的，不透明物体的颜色是由反射光的颜色来决定的。光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，日食、月食、影子、小孔成像都是光沿直线传播形成的。【解答】解：透过露珠，看到露珠下的叶脉放大了，这是由于露珠相当于凸透镜，其作用相当于放大镜，这是光的折射形成的；太阳光照在黄色的花朵上，其他颜色的光都被花朵吸收了，只有黄光被反射，所以呈现黄色；影子是由光的直线传播形成的，光照在不透明的物体，在物体的背后形成的黑暗的区域就是影子。故答案为：折射；黄；直线传播。【点评】此题考查光的凸透镜成像、物体的颜色和光的直线传播现象，体现了物理来源于生活的学习理念，将自然界中的现象与对应的物理知识两者联系在一起，是解决这种类型题目的关键。16【分析】在六种物态变化中，熔化、汽化和升华过程吸热；液化、凝固和凝华过程放热；改变物体内能的方式有做功和热传递；一切物质的分子都在不停地做无规则的运动，这就是扩散现象。【解答】解：运输海鲜品时常利用冰来降温，冰吸热熔化变为水，防止食品腐烂；煮海鲜时，是通过热传递的方式来增大它的内能，掀开锅盖时闻到香味，这是扩散现象。故答案为：熔化吸热；热传递；扩散。【点评】本题以运输海鲜为背景，考查了与热现象有关的多个知识点，有一定趣味性，体现了物理知识的无处不在，难度不大。17【分析】（1）当把豆浆机放在平整的桌面上时，把橡皮碗内的空气排出，大气压将皮碗紧紧的压在桌面上，防止豆浆机在打浆时位置发生移动；（2）串联电路中各用电器相互影响；并联电路中各用电器互不影响。（3）电流流过导体时导体发热，这种现象是电流的热效应。【解答】解：（1）“吸盘”是利用大气压起固定作用的；（2）豆浆机的加热和打浆是交替进行的，显然电热器（电热丝）和电动机在工作时互不影响，因此它们是并联连接。（3）电饭锅、电熨斗、电暖器、电水壶等是利用电流通过导体时，使导体产生热量来工作的，是电流的热效应。故答案为：大气压；并联；电流的热效应。【点评】本题考查了压强知识、电路的串并联、电流的三种效应等知识，虽然难度不大，但综合性强，要细心处理！18【分析】（1）声音是由物体的振动产生的；（2）声音的传播需要介质，可以在气体、液体和固体中传播。（3）物理学中把声音的高低称为音调，音调的高低与发声体的振动快慢有关，物体振动越快，音调就越高。【解答】解：小明用吉他演奏了一首优美的乐曲，乐曲的声音是由吉他弦的振动产生的；振动发声的吉他弦与听众之间传播声音的介质是空气；演员在表演小提琴时，用弓拉动琴弦，使琴弦振动发声；当不断调整手指在弦上的按压位置，弦的振动快慢就会不一样，故发出声音的音调就会不同。故答案为：振动；空气；音调。【点评】此题考查的是声音的产生、传播和声音的特征，解决此类问题要结合频率与音调的关系分析解答，是一道声学的基础题。19【分析】能源源不断从自然界获得的能源是可再生能源，不能源源不断从自然界获得的能源是不可再生能源。【解答】解：太阳能可以源源不断的获得，是可以再生的，故它是可再生能源。故答案为：可再生。【点评】本题考查了能源的分类，属于基础性题目。20【分析】（1）根据电能表的用途进行分析，即电能表是测量用户在一定时间内消耗电能的多少，应接在干路中；（2）电能表显示的数字中最后一位是小数，单位为kWh，两次示数之差即为6月份消耗的电能，再根据电价求出需要缴纳的费用；（3）3000revs/kWh表示的含义是：每消耗1kWh的电能，电能表的转盘转3000转，据此求出电能表的转盘转过60转消耗的电能。【解答】解：（1）因为电能表是测量家庭电路消耗电能的仪表，所以为了测量用户在一定时间内消耗的电能，应安装在干路中；（2）6月初电能表的读数为202.1kWh，6月底电能表的读数为322.1kWh，6月份消耗的电能W322.1kWh202.1kWh120kWh120度，需要缴纳的费用120度0.5元/度60元；（3）电能表的表盘转过60转消耗的电能：WkWh0.02kWh7.2104J。故答案为：干；60；7.2104。【点评】本题考查了电能表的连接和读数以及电功的计算，明确电能表参数的含义是关键。21【分析】（1）两灯泡串联时通过它们的电流相等，根据图象读出乙灯两端电压为3V时通过的电流即为电路中的电流，再根据图象读出甲灯泡两端的电压，利用PUI求出甲灯消耗的功率；（2）两灯泡并联在3V电源上时它们两端的电压相等，根据图象读出通过两灯泡的电流，根据并联电路的电流特点求出干路电流，再根据欧姆定律求出总电阻。【解答】解：（1）两灯泡串联时，因串联电路中各处的电流相等，且乙灯两端电压为3V，所以，由图象可知，通过乙的电流为0.4A，即电路中的电流I0.4A，甲灯两端电压U甲2V，则甲灯消耗的功率P甲U甲I2V0.4A0.8W；（2）两灯泡并联在3V电源上时它们两端的电压相等，均为3V，由图象可知，通过它们的电流为I甲0.6A，I乙0.4A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流：II甲+I乙0.6A+0.4A1A，由I可得，电路中的总电阻：R3。故答案为：2；0.8；3。【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键。22【分析】由图可知，承担物重的绳子股数n3，重物被提升h，则拉力端移动的距离s3h，（1）已知绳子自由端移动的拉力的大小，根据公式PFv求工人所做的总功的功率；（2）知道物体的重力，根据公式WGh为有用功；有用功与总功的比值就是滑轮组的机械效率；（3）同一滑轮组的机械效率，额外功不变，有用功增加，机械效率增大。【解答】解：由图可知，承担物重的绳子股数n3，已知货物匀速提升的速度v物0.4m/s，则绳端移动的速度：v绳nv物30.4m/s1.2m/s，拉力的功率：PFv绳2000N1.2m/s2400W；滑轮组的机械效率：80%；物重增加时，同一滑轮组的额外功不变，有用功增加，由可知，机械效率变大。故答案为：2400；80%；变大。【点评】本题考查了有用功、总功、机械效率和总功率的计算，常见题目。三.作图题23【分析】（1）作出入射光线要根据：平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点。（2）作出反射光线要根据反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角来作。【解答】解：（1）平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点，据此画出入射光线；（2）过平面镜的入射点垂直于镜面作出法线，然后根据反射角等于入射角，在法线右侧作出反射光线，如下图：【点评】（1）凹透镜三条特殊光线的作图：延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴。平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点。过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变。（2）熟记反射定律的内容：射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角并会作图。24【分析】（1）阻力是重物G 对杠杆的拉力，作用点在杠杆上，方向竖直向下。（2）力臂是指从支点向力的作用线作垂线，垂线段即为力臂。根据杠杆平衡的条件，F1L1F2L2，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长。而在通常情况下，连接杠杆中支点和动力作用点这两点所得到的线段最长，据此可解决此题。【解答】解：由图可知，O为支点，重物G对杠杆的拉力为阻力，作用点在杠杆上，方向竖直向下；根据杠杆平衡条件F1L1F2L2可知，在阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长；由图知，OA为动力臂时，动力臂最长，动力最小；连接OA即为最长的动力臂，过A点作垂直于OA的力F1，即为最小力的示意图，方向向左上方，如图所示：【点评】此题主要考查杠杆最小力的问题，杠杆中的最小动力，可以按照以下几个步骤进行：确定杠杆中的支点和动力作用点的位置；连接支点与动力作用点，得到最长的线段；经过动力作用点做出与该线段垂直的直线；根据杠杆平衡原理，确定出使杠杆平衡的动力方向。25【分析】先闭合开关S1风扇转动，再闭合开关S2灯泡发光说明灯泡与风扇可以独立工作即为并联；闭合开关S1再闭合开关S2灯泡发光，若只闭合开关S2灯泡不发光说明S1在干路上，S2和灯泡在同一支路上。【解答】解：由题意知，S1在干路上，S2和灯泡串联在一条支路上，灯泡与电动机并联。如下图所示：【点评】在生活用电中我们要注意，开关与它所控制的用电器串联，并且开关要接在火线上，用电器接在零线上。这样开关断开时，切断了用电器与火线的连接，防止触电事故。四.简答题（4分）26【分析】（1）依据流体压强与流速的关系来分析解答，即流体流速越大的位置，其压强越小；（2）可以从影响摩擦力的因素，安全带的作用等角度举出例子。【解答】答：（1）天窗前闭后开，在车顶形成一个凸面，加大了空气的流速，使天窗开口处的气压小于车内的气压，则在压力差的作用下车内污浊的空气被自动“抽出”，从而保持车内空气清新；（2）轮胎上有花纹，是为了使接触面变粗糙，从而增大摩擦力；行驶时司机要系好安全带，减小急刹车时由于惯性可能造成的伤害（合理即可）。【点评】本题以汽车为例，考查了汽车当中所涉及到的物理知识，体现了物理与生活的联系，难度不大。五.计算题27【分析】（1）由家庭电路电压，结合保温时的功率，根据PUI和串联电路电流的规律求保温时通过电热水瓶插头的电流；（2）根据P，求加热时电热水瓶的总电阻；（3）根据mV求装满水的质量，根据Qcmt求出把水烧开吸收的热量，由WPtQ，求把满水瓶烧开，需要的时间。【解答】解：（1）家庭电路电压为U220V，由表中数据知，保温时的功率为P440W，根据PUI可得，通过热水瓶的电流：I2A，根据串联电路电流的规律，通过电热水瓶插头的电流为2A；（2）由表中数据知，加热时的功率为P加1200W，根据P可得，加热时电热水瓶的总电阻：R40；（3）由题意知，装满水的容积为2L2103 m3，水的质量mV1.0103kg/m32103m32kg；把初温为20的水烧开，水升高的温度t1002080，水吸收的热量：Qcmt4.2103J/（kg）2kg806.72105J，因不计热损失，所以WPtQ，把满水瓶烧开，需要的时间：t560s。答：（1）保温时通过电热水瓶插头的电流为2A；（2）加热时电热水瓶的总电阻（结果保留整数）为40；（3）若不计热量损失，把满水瓶烧开，需560s。【点评】本题考查质量的计算、电功率公式、热量的计算公式的应用，从表中获取有效信息是解题的关键。28【分析】（1）汽车静止时对路面的压力和自身的重力相等，根据Gmg求出其大小，再利用p求出对路面的压强；（2）根据公式P可求汽车行驶过程所做的功，再利用WFs可求牵引力的大小；（3）根据可求放出的热量，然后根据Qmq可求需要汽油的质量。【解答】解：（1）汽车静止时对路面的压力：FGmg1.8103kg10N/kg1.8104N，汽车对地面压强：p1.8105Pa；（2）根据公式P可得，汽车行驶过程牵引力所做的功：WPt20103W2.53600s1.8108J，根据WFs可得：汽车牵引力F800N，（3）t2.5h9103s，根据可得，放出的热量：Q放7.2108J，根据Qmq可得，需要汽油的质量：m16kg。答：（1）小轿车静止时对地面的压强为1.8105Pa；（2）轿车在这次行驶过程中受到的牵引力为800N；（3）若汽油完全燃烧产生的热量的25%转化为车运动时的机械能，则这次行驶中要消耗16kg的汽油。【点评】本题是一道综合计算题，考查的知识点较多，有重力的计算公式、压强的计算公式、功的计算公式、功率的计算公式、机械效率的计算公式以及有关热值的计算等。解题时要注意各知识点的综合应用，同时注意单位换算。六.实验、探究题29【分析】（1）会进行温度计的读数，在进行读数时应注意温度计的分度值。掌握水沸腾时的特点：不断吸热，但温度保持不变。（2）掌握沸点与气压之间的关系，沸点随气压的升高而升高，高压锅就是利用这个原理制成的。（3）物体的吸热能力与物质的种类有关，在进行探究时，要控制物质的质量和初温相同，同时要吸热相同。【解答】解：（1）由图乙知，温度计的分度值为1，其示数为98，沸点为98水的沸腾特点：不断吸热，温度保持不变。（2）水的沸点高于标准大气压下的沸点100，可能由于加盖后，水上方的气压变大，使水的沸点升高。高压锅就是根据这个原理制成的。（3）不同物质的吸热能力不同，在进行探究时要控制质量、初温相同，并要吸收相同的热量。故答案为：（1）98；不变；（2）升高；升高；高压锅；（3）不同物质的吸热能力。【点评】此题是探究水的沸腾实验，考查了温度计的读数沸点与气压的关系，同时考查了水沸腾时的特点。30【分析】（1）凸透镜成像的规律：2fuf，成倒立放大的实像，投影仪或幻灯机就是利用这一原理制成的。（2）凸透镜成像时，物近像远像变大，根据凸透镜和凹透镜对光线的作用进行分析；（3）漫反射的反射光线是向着四面八方的，据此分析即可。（4）实像可以在光屏上成接到，而虚像则不能，平面镜所成的像的大小与物体的大小相等。（5）从玻璃的两面都能反射光，利用光的反射现象可知能成两个像，从这个角度去分析此题。【解答】解：（1）由图可知，移动蜡烛到图甲位置时，物距小于像距，成倒立放大的实像，投影仪或幻灯机就是利用这一原理制成的。（2）如果保持光屏位置不变，把蜡烛向左移动一段距离，根据凸透镜成像时，物近像远像变大可知，想在光屏上得到清晰的像，应把光屏向左移动一段距离，若光屏不动，根据凹透镜对光线的发散作用可知，则需在凸透镜和蜡烛之间放置适当的凹透镜；（3）为了从不同方向观察光屏上的像，光屏应选用非常粗糙的白板，（4）因为平面镜所成的像是虚像，在玻璃板后放一光屏，无论怎样移动光屏，均不能接收到蜡烛的像，这说明平面镜所成的像是虚像。平面镜所成的像的大小与物体的大小相等，所以将蜡烛逐渐远离玻璃板。像的大小会不变。（5）由于像是由光的反射形成的，而玻璃板的两面都能反射光，能成两个像，所以通过玻璃板该同学看到了同一个蜡烛的两个像。故答案为：（1）投影仪；（2）凹透镜；（3）粗糙；（4）虚像；不变；（5）玻璃板的两个面均反射各成一个像。【点评】此题考查了平面镜成像的特点和探究凸透镜成像规律的实验，考查了凸透镜成像规律及应用，不仅要掌握成像特点与物距像距之间的关系，而且要善于总结规律。31【分析】（1）使用天平测量物体质量之前要进行调平，先调节平衡螺母，后调节游码，平衡螺母相对于指针的调节规律是“左偏右调，右偏左调”；天平平衡时，物体的质量等于砝码质量加游码在标尺上所对的刻度值；（2）读出合金浸没水后水面到达的刻度，读出只有水时水面到达的刻度，求出合金的体积；然后利用密度公式求出合金的密度。（3）为了保护器材和防止量筒力的水可能溅出，应该用细线悬挂合金缓慢浸没在水中。【解答】解：（1）指针偏左，平衡螺母向右调节，使横梁平衡；（2）游码标尺的分度值是0.2g，合金的质量为m50g+20g+20g+2g92g；合金的体积V90cm350cm340cm3；则合金的密度2.3g/cm32.3103kg/m3（3）测量合金体积的操作中，放入合金时，不慎掉入量筒的水中，这样引起求得的合金的体积偏小，从而引起密度测量值偏大；正确的操作是用细线悬挂合金缓慢浸没在水中（既能防止水溅出，还可以避免损坏量筒）。故答案为：（1）右；（2）92；合金的体积V金/cm3；2.3103； （3）偏大；用细线悬挂合金缓慢浸没在水中。【点评】此题考查了有关天平的使用及读数，密度的计算，是一道基础性实验。32【分析】（1）应水平匀速拉动测力计，根据二力平衡知摩擦力与拉力平衡，大小相等；（2）滑动摩擦力大小与压力和接触面的粗糙程度有关，据此结合图示进行判断；（3）在探究滑动摩擦力大小与压力大小的关系实验中需使压力大小不相同，接触面的粗糙程度相同，根据实验控制的变量与实验现象得出结论。（4）实验中很难拉动木块做匀速直线运动。【解答】解：（1）实验中应水平匀速拉动弹簧测力计，根据二力平衡条件知木块所受的摩擦力大小等于弹簧测力计示数大小；（2）图甲、丙所示两次实验在压力一定时，接触面粗糙程度不同，摩擦力不同，由此可知，摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关。（3）在探究滑动摩擦力大小与压力大小的关系实验中需使压力大小不相同，接触面的粗糙程度相同，故在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力就越大，故这个结论错误；（4）实验中需拉动木块做匀速直线运动时进行读数，而很难保证其一直做匀速直线运动，会造成测力计的读数困难。故答案为：（1）匀速直线；二力平衡；（2）甲丙；（3）没有控制接触面的粗糙程度相同；（4）不能保证木块一直做匀速直线运动。【点评】本题考查了实验现象分析，应用控制变量法、分析图示实验现象即可正确解题。33【分析】（1）伏安法测功率的实验中，电压表与灯泡并联测灯泡电压，电流表与灯泡串联测灯泡电流。在实物连接图中找到错误之处：主要分析电压表、电流表、滑动变阻器的正确使用，从电压表和电流表的正负接线柱、量程、连接方式，滑动变阻器的接线柱和连入方式上逐条分析。（2）电路中分别接入20、15、10的电阻，实验能够正常进行，说明电路是正常的，改接5电阻后，电路不能正常进行，是由于超过了电流表所选的量程；先确定电流表选择的量程和最小分度值，再读出电流表的示数；综合数据分析可知，电压一定时，导体中的电流和导体的电阻成反比；（3）由丙图可知，没有电流表的情况下，利用定值电阻和电压表代替电流表与灯泡串联，首先使灯泡两端的电压等于3.8V，然后测出此时定值电阻两端的电压，便可求出电路中的电流，根据PUI计算出灯泡的额定功率。【解答】解：（1）由题目中的电流表表盘知，电流表选择00.6A量程，电流表与电阻串联，电源电压为6V，电压表选择015V量程，电压表与电阻并联，滑动变阻器选择一上一下接线柱，串联在电路中。由图可知，电阻R被短路，没有接入电路中，正确的电路图为：；（2）若再接入5的电阻时，实验不能正常进行，是由于超过了电流表所选的量程；电阻两端的电压为4V，根据I，电流表选择03A量程，所以示数为0.8A；综合数据分析可知，电压一定时，导体中的电流跟导体的电阻成反比；（3）连接好实验电路，闭合开关S1，将开关S2拨到触点2，移动滑片，使电压表的示数为2.5V；保持滑动变阻器滑片位置不变，S2接1，读出电压表示数U，电压表测量灯泡和R0的总电压；此时定值电阻R0两端的电压：U0UU额U3.8V，通过灯泡的电流：I额I0，则小灯泡额定功率：P额U额I额U额。故答案为：（1）如图；（2）超过了电流表所选的量程；0.8；导体中的电流跟导体的电阻成反比；（3）闭合开关S1，将开关S2拨到触点2；2.5；S2接1；U额。【点评】本题考查了电路连接、电表读数、求灯泡功率、实验设计等，最后一问的实验设计是本题的难点，知道实验原理、应用串联电路特点与欧姆定律即可正确解题。声明：试题解析著作权属菁优网所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2022/1/24 21:46:08；用户：微信用户；邮箱：orFmNt6JxbombNK-PZkfnvM8130；学号：42171657第19页（共19页）