2016年辽宁省锦州市中考物理试题（解析）.doc

2016年辽宁省锦州市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、填空题（本题共7小题，每空1分，共17分）
1．【分析】声音的特性包括音调、响度和音色，其中音色是指声音的品质与特色，不同发声体发出声音的音色一般不同；声音的传播需要介质，真空不能传声。
【解答】解：不同人声带的结构不同，发出声音的音色一般不同，所以我们在打电话时能听出是妈妈的声音，这是根据乐音三要素中的音色来判断的；
如果把正在发声的闹钟放在真空罩里，我们就听不到闹钟的声音了，这是因为真空罩内几乎没有空气，真空不能传声。
故答案为：音色；真空不能传声。
【点评】了解声音特性的辨别以及声音的传播条件可直接做出解答，难度不大。
2．【分析】解答此题从以下两点入手：
（1）平面镜成像实验探究出的像与物的具体关系是：物体在平面镜里成的像是正立的虚像，与物体大小相同、连线与镜面垂直、到镜面的距离相等、左右相反。
（2）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象，如看到水中的筷子弯折了等。
【解答】解：平面镜所成的像是虚像；像与物大小相等；它们到平面镜的距离相等；所以照镜子的时候我们会看到“镜子中的自己”，是平面镜成的虚像；因为像和物体的大小相等，因此当自己远离平面镜时，“镜子中的自己”会 远离平面镜；镜中的像始终与本人等大，即镜中的像不变。
雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象。
故答案为：反射；不变；折射。
【点评】本题列举了常见的光现象，综合了光学知识，需要学生在平时学习和生活中多对相关的光现象进行思考。
3．【分析】物体间力的作用是相互的；
力的作用效果有两个：一是力可以改变物体的运动状态，二是力可以改变物体的形状；
物体的运动和静止都是相对的，都是相对于某一参照物来说的。
【解答】解：
我们在投篮时，投出去的篮球对篮板有撞击力，由于力的作用是相互的，篮板对篮球施加反作用力，将篮球反弹回来；同时篮板的反作用力改变了篮球前进的方向，说明力可以改变物体的运动状态；
篮球从空中竖直下落时，与地面的距离逐渐减小，以篮球为参照物，地面向上运动。
故答案为：力的作用是相互的；运动状态；上。
【点评】本题结合打篮球考查其中蕴含的物理知识，注重了物理和生活的联系，这种联系生活的题目是中考的热点。
4．【分析】晶体和非晶体最大的区别就在于，晶体有一定的熔点或凝固点，而非晶体没有一定的熔点或凝固点，表现在图象上，晶体凝固有一段图象是水平的，而非晶体是一直下降的。
已知液体的质量和比热容，利用Q＝cm△t可求得放出的热量。
【解答】解：
无论是晶体还是非晶体，凝固都是要放热的，只是在凝固的过程中，晶体温度不变，非晶体一边放热、一边降温、一边凝固；图象中变化曲线呈水平方向的BC段，就是晶体的凝固过程，它对应的纵坐标的值0℃，就是晶体的凝固点，由于晶体在凝固过程中，不断放热，故第15分钟的内能小于第10分钟的内能；
该液体从A点降温到B点，共放出热量Q＝cm△t＝4.2×103J/（kg•℃）×0.5kg×（20℃﹣0℃）＝4.2×104J。
故答案为：晶体；小于；4.2×104J。
【点评】此题考查了对晶体、非晶体凝固图象的区别，关键是搞清晶体和非晶体在凝固过程中的特点。明确晶体与非晶体熔化时的根本区别，抓住图象中的关键特征，就能顺利解决此题。
5．【分析】（1）电流通过导体时向外放出热量的现象叫做电流的热效应；
（2）扩散现象是分子无规则运动的结果，以及温度对分子热运动的影响，温度越高，分子热运动越剧烈。
【解答】解：
电热驱蚊器工作时将电能转化为了内能，是利用电流的热效应来工作的；
整个房间里都能闻到驱蚊片的气味，这是驱蚊片气味的分子做无规则运动的结果，属于扩散现象，温度越高扩散现象就越明显。
故答案为：电流的热；扩散。
【点评】本题通过生活中的现象考查了学生对电流的热效应的理解以及扩散现象的了解和掌握，要求学生能够学以致用。
6．【分析】（1）广播、电视和移动通信都是利用电磁波来传递信息的；
（2）家庭电路中各用电器之间是并联的。
【解答】解：手机属于移动电话，它既是电磁波发射台也是电磁波接收台，所以是利用电磁波来传递信息的。
充电时的手机与家里其它正在工作的用电器，它们之间互不影响，所以是并联的。
故答案为：电磁波；并。
【点评】此题主要考查电磁波的应用和家用电器的连接方式，属于基础知识，应当熟练掌握。
7．【分析】由电路图可知，R1与R串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化，根据欧姆定律结合R1的阻值可知电压表与电流表示数比值变化。
【解答】解：由电路图可知，R1与R串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
滑片P由a端滑动到b端时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，
由I＝可知，电路中的电流变小，
由U＝IR可知，R1两端的电压变小，即电压表的示数变小，
由R＝可知，电压表与电流表示数比值等于R1的阻值，
则电压表与电流表示数比值不变。
故答案为：变小；不变。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到滑动变阻器和欧姆定律的应用，要注意电压表不测带电源用电器两端的电压。
二、选择题（本题共10小题，每小题2分，共20分.每小题给出的四个选项中至少有一个选项是正确的．多选题漏选得1分，错选不得分．）
8．【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：
A、正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度很小。此选项不符合实际；
B、10个鸡蛋的质量大约1斤，而1斤＝500g，所以一个鸡蛋的质量在50g＝0.05kg左右。此选项不符合实际；
C、人正常情况下步行的速度在1.1m/s＝1.1×3.6km/h≈4km/h左右。此选项符合实际；
D、家用灯泡的额定功率在40W左右，正常发光的电流在I＝＝≈0.2A左右。此选项不符合实际。
故选：C。
【点评】物理学中，对各种物理量的估算能力，也是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。
9．【分析】原来杠杆平衡，是因为两边的力和力臂的乘积相等，现在各加一个同样的钩码，就要看现在的力和力臂的乘积是否相等，据此分析得出结论。
【解答】解：
设一个钩码重为G，一格为L，
原来：2G×4L＝4G×2L，杠杆平衡，
现在：3G×4L＞5G×2L，所以杠杆不再平衡，杠杆向逆时针方向转动，即左端下沉。
故选：B。
【点评】本题考查了杠杆平衡条件的应用，杠杆是否平衡取决于力和力臂的乘积是否相等，只比较力或力臂大小不能得出正确结果。
10．【分析】（1）从能源是否可再利用的角度可分为可再生能源和不可再生能源，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源；可以在自然界里源源不断的得到补充，所以它们属于可再生能源；
（2）发光二极管是由P型半导体和N型半导体组成的；
（3）测电笔的正确使用是：手接触笔尾金属体，笔尖金属体接触零线或火线，氖管发光的是火线，氖管不发光的是零线；
（4）声音可以传递信息，也可以传递能量。
【解答】解：
A、水能可以从自然界源源不断的得到补充，是可再生能源，故A错误；
B、发光二极管是半导体材料制成的，故B错误；
C、使用测电笔时，手要与笔尾金属体接触，否则测电笔无法正常工作，故C错误；
D、声音能够传递信息，所以可以利用工业上使用超声探伤仪能检查出金属零件内部的裂纹，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了能源的分类、半导体的利用、测电笔的正确使用方法以及声音的利用，使用综合性题目。
11．【分析】首先要知道电磁感应现象原理的含义，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，这叫电磁感应现象，其前提条件是施加运动，结果是产生电流；然后根据各选项的原理进行选择。
【解答】解：
A、动圈式话筒是把声信号转变成电信号的，声信号的振动带动线圈在磁场中振动，产生电流，是电磁感应现象原理，故A符合题意；
B、动圈式扬声器是利用通电导体在磁场中受到力的作用而振动制成的。故B符合题意；
C、玩具电动机，利用通电线圈在磁场中受力转动的原理工作的，故C不符合题意。
D、电铃的主要部件是电磁铁，利用电流的磁效应工作的，故D不符合题意；
故选：A。
【点评】记住几个常见的原理及应用：①电动机、扬声器的原理是通电导体在磁场中受力；②发电机、动圈式话筒的原理是电磁感应现象；③电磁铁、奥斯特实验原理是电流的磁效应。
12．【分析】（1）液体的沸点与大气压的关系：液体的沸点随着表面气压的增大而升高，随气压减小而降低。
（2）影响蒸发快慢的因素有：液体的温度、液体的表面积、液体表面的空气流动速度；而蒸发吸热；
（3）物质由气态变为液态叫液化；
（4）物质由气态直接变为固态叫凝华。
【解答】解：
A、1标准大气压下水的沸点为100℃，高压锅内的气压高于1标准大气压，所以锅内水的沸点高于1标准大气压水的沸点，故A正确；
B、夏天吹风扇，身上感到凉爽，这是因为风扇来吹来的风加快了身上汗液的蒸发，蒸发吸热，导致人身体表面的温度降低，所以人会感到凉快，但不能降低室内的温度，故B错；
C、我们看到的热锅上的“白气”，水蒸气遇冷液化成的小水珠，故C错；
D、冬天，路面上出现的霜，是空中的水蒸气遇冷变成的小冰晶，属于凝华现象，故D错。
故选：A。
【点评】本题考查了几个热现象，包括液体沸点与气压的关系、蒸发吸热的应用、常见的液化凝华现象，属于基础题目。
13．【分析】（1）比热容是物质的一种特性，反映了物体的吸热或放热能力，其大小只与物质种类和状态有关，而与物体质量、温度高低、吸放热多少都没有关系；
（2）连通器的特点：上端开口下端连通的容器。连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面的高度总是相平的；
（3）用塑料管吸液体时，是先把塑料管内的空气吸走，在外界大气压的作用下，液体被压进吸管里；
（4）流体压强与流速的关系是：流体流速的位置压强小，流速小的位置压强大。
【解答】解：A、水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），冰的比热容为2.1×103J/（kg•℃），所以当冰化成水后，状态发生了变化，比热容也会改变，故A错误；
B、船闸的上游阀门打开时，上游和闸室构成连通器；下游阀门打开时，下游和闸室构成连通器，故B正确；
C、用吸管吸酸奶时，此时吸管内的气压变小，外界大气压大于细管内部气压，酸奶在外界大气压的作用下被压入嘴中，故C正确；
D、飞机机翼上部凸起，下部平直，在机翼上方的空气流速快压强小，在机翼下方的空气流速慢压强大，从而产生向上的升力，利用了流体压强与流速的关系，故D正确。
故选：BCD。
【点评】本题是一道不错的综合题，虽涉及到的知识点多，但都属于基础知识的考查，同学们在处理时应细心解答，难度不大。
14．【分析】（1）根据图示中小球在两种液体中的浮沉状态，利用物体浮沉条件分别得出小球与两种液体的密度关系，进而得出两种液体的密度关系；
（2）根据图示中小球在两种液体中的浮沉状态，利用物体浮沉条件分别得出小球在两种液体中受到的浮力与其重力的关系，进而得出浮力关系；
（3）烧杯对桌面的压力等于烧杯、容器内液体和小球的总重力，受力面积相同，根据p＝比较压强大小；
（4）分析向下按压甲杯中的小球时，液体密度和深度的变化，然后根据p＝ρ液gh分析甲杯中液体对烧杯底的压强变化。
【解答】解：A、由图可知，小球在甲中漂浮，则ρ球＜ρ甲，在乙中悬浮，则ρ球＝ρ乙，故ρ甲＞ρ乙，故A正确；
B、由图可知，小球在甲中漂浮，则F浮甲＝G，在乙中悬浮，则F浮乙＝G，故F浮甲＝F浮乙，故B错误；
C、烧杯对桌面的压力等于烧杯、烧杯内液体和小球的总重力，由图知，甲烧杯内液体的体积大于乙烧杯内的体积，又知ρ甲＞ρ乙，根据ρ＝和G＝mg可知甲烧杯内的额重力大于乙烧杯内的重力，两烧杯、两小球的重力均相等，则重力相等，故甲杯对水平桌面的压力大于乙杯对水平桌面的压力，烧杯的底面积相等，根据p＝可知，甲杯对水平桌面的压强大于乙杯对水平桌面的压强。故C正确；
D、因为甲杯中盛满液体，若向下按压甲杯中的小球，甲杯中液体的深度不变，密度不变，根据p＝ρ液gh可知，甲杯中液体对烧杯底的压强不变。故D错误。
故选：AC。
【点评】本题考查了阿基米德原理和物体浮沉条件、密度公式、重力公式的综合应用，会比较甲、乙两杯对水平桌面的压力关系是关键。
15．【分析】（1）由图知，使用滑轮组承担物重的绳子股数n＝2，拉力端移动距离s＝2h，知道时间利用速度公式求拉力端移动的速度，再利用P＝Fv求拉力的功率；
（2）滑轮组的机械效率η＝＝＝＝，据此求浮力大小；
（3）知道浮力，利用阿基米德原理的推导公式F浮＝ρ水V排g求排开水的体积，物体浸没，物体的体积等于排开水的体积；
（4）增大滑轮组机械效率的方法：增大提升物重，减小摩擦、减小动滑轮重。
【解答】解：
A、由图知，n＝2，拉力端移动的距离：s＝2h＝2×2m＝4m，
拉力端移动的速度：v＝＝＝0.4m/s，
拉力的功率：P＝Fv＝200N×0.4m/s＝80W，故A错；
B、滑轮组的机械效率：
η＝＝＝＝＝＝80%，
解得：F浮＝80N，故B错；
C、由F浮＝ρ水V排g得物体的体积：
V＝V排＝＝＝8×10﹣3m3，故C正确；
D、物体露出水面后，没有了浮力，相当于增加了提升物体的重，增大了有用功，不计绳重和摩擦，额外功不变，有用功和总功的比值变大，此滑轮组提升该物体的机械效率将大于80%，故D错。
故选：C。
【点评】本题为力学综合题，考查了速度公式、功率公式、阿基米德原理、机械效率公式的应用，计算滑轮组机械效率时注意W有用＝（G﹣F浮）h，易错点！
16．【分析】小球弹跳的高度会越来越低隐含的信息是机械能逐渐减小；小球在弹跳过程中，要克服空气阻力做功，机械能转化为内能。
【解答】解：
小球由A到B的过程中，弹跳的高度大于由B到C过程中的高度，小球弹跳的越高克服空气阻力做功越多，机械能损失越多，小球由A到B的过程中机械能减少了20J，小球由B到C的过程中机械能的损失应小于20J，所以小球由B点运动到C点时，其机械能可能为90J，故C正确。
故选：C。
【点评】小球弹跳的高度会越来越低，就是明显告诉小球的机械能越来越小，小球弹跳的高度越大克服空气阻力做功越多，机械能减小越多，这是解题的关键。
17．【分析】由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）根据灯泡的额定电压和电压表的量程可知电压表的最大示数；
（2）根据P＝UI求出灯泡的额定电流，然后与电流表的量程以及滑动变阻器允许通过的最大电流相比较确定电路中的最大电流，此时电路的总功率最大、滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据P＝UI求出电路的最大功率，根据欧姆定律求出灯泡的电阻和电路中的总电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器接入电路的最小阻值。
【解答】解：由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）因灯泡的额定电压为2.5V，电压表量程为0～3V，
所以，电压表的最大示数为2.5V，故C错误；
（2）由P＝UI可得，灯泡的额定电流：
IL＝＝＝0.5A，
因串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为0～0.6A，变阻器允许通过的最大电流为1A，
所以，电路中的最大电流为I大＝0.5A，
该电路的最大功率：
P大＝UI大＝4.5V×0.5A＝2.25W，故B正确；
由I＝可得，灯泡的电阻和电路中的总电阻分别为：
RL＝＝＝5Ω，R＝＝＝9Ω，故A正确；
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：
R滑小＝R﹣RL＝9Ω﹣5Ω＝4Ω，故D正确。
故选：ABD。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据灯泡的额定电流和电流表的量程确定电路中的最大电流。
三、作图题（本题共2小题，每小题2分，共4分）
18．【分析】作用在杠杆上的动力是绳子拉杠杆的力，方向沿绳子向上；阻力是物重对杠杆的力，方向竖直向下；已知支点、动力和阻力的方向，根据力臂的画法，过支点作动力作用线和阻力作用线的垂线段，即动力臂和阻力臂。
【解答】解：
由图F为动力，过支点O做动力F的垂线段，即为动力臂L1．重物对杠杆的竖直向下的拉力为阻力，作用点在杠杆上，方向竖直向下。如图所示：

【点评】会判断作用在杠杆上的动力和阻力，会根据力臂的画法，准确作出动力臂和阻力臂。
19．【分析】已知电源的正负极，故由电流方向应用安培定则可知螺线管的极性；根据磁极间的相互作用可知小磁针的N极，然后可知右端螺线管的绕线。
【解答】解：由图可知，电流由左侧流入，则由安培定则可得左侧螺线管的左端为S极，根据磁极间的相互作用可知小磁针的下端为S极，根据磁极间的相互作用可知右侧螺线管的左端为N极，右端为S极；故绕线如图所示：

【点评】在安培定则中，共涉及三个方向：电流方向、磁场方向、线圈绕向。告诉其中的两个可以确定第三个。此题中就是通过线圈绕向和磁场方向来确定电流方向。
四、简答题（共3分）
20．【分析】（1）不透明物体的颜色是由物体反射的色光决定的，不透明物体只反射和它相同的色光，其他色光都被不透明物体吸收。
（2）惯性与质量有关，质量大惯性大；具有相同运动速度的物体，质量越大动能越大，质量越小动能越小。
【解答】解：
（1）不透明物体的颜色是由物体反射的色光决定的，黄色的校车能够反射黄色的光；
（2）校车超员时，会使校车的质量变大，校车的惯性变大，给校车带来危害；
车超员时，会使校车的质量变大，校车的动能变大，给校车带来危害；
车超员时，会使校车受到的压力变大，校车的压力变大，给校车的轮胎带来危害。
【点评】本题以校车为载体考查物体的颜色、惯性与质量的关系以及动能与质量的关系，体现物理知识在我们生活中的具体应用，是一道理论联系实际的题目。
五、计算题（本题共2小题，共12分．要求写出必要的文字说明、公式、计算过程、数值和单位）
21．【分析】（1）利用G＝mg求出汽车的重力，汽车静止时对路面的压力和自身的重力相等，根据压强公式求出对地面的压强；
（2）利用W＝Fs求出牵引力做的功，即为有用功，根据η＝求出总功，再根据Q放＝W总、Q放＝mq可求汽油的质量。
【解答】解：（1）小轿车静止时对水平地面的压力：
F＝G＝mg＝1.8×103kg×10N/kg＝1.8×104N，
该小轿车静止时对水平地面的压强：
p＝＝＝1.8×105Pa；
（2）牵引力做的有用功：
W有＝F牵s＝644N×100×103m＝6.44×107J，
由η＝可得总功：
W总＝＝＝3.22×108J，
由题意知，Q放＝W总＝3.22×108J，
由Q放＝mq可得，汽油的质量：
m汽油＝＝＝7kg。
答：（1）该小轿车静止时对水平地面的压强为1.8×105Pa；
（2）该小轿车在平直公路上匀速行驶100Km消耗7kg汽油。
【点评】本题考查了压强公式、重力公式、效率公式、做功公式、燃料热值的应用，是一道综合性很强的题目，关键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相等，同时要求熟练运用各种公式。
22．【分析】（1）当只闭合开关S1，滑片P位于a端时，R1与滑动变阻器的最大阻值串联，根据图象读出R1的实际功率为1W时的电流和电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压；
（2）读出一组R2的电流和电压值，根据欧姆定律求出R2的阻值；当把滑片P移到b端，同时闭合开关S1、S2时，R1与R2并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点和P＝UI求出通过R1的电流，再根据欧姆定律求出通过R2的电流，根据并联电路的电流特点求出干路电流。
【解答】解：（1）当只闭合开关S1，滑片P位于a端时，R1与滑动变阻器的最大阻值串联，
由图象可知，当U1＝2V，通过的电流I1＝0.5A时，
R1的实际功率P1＝U1I1＝2V×0.5A＝1W，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，滑动变阻器两端的电压：
UR＝I1R＝0.5A×20Ω＝10V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电源的电压：
U＝UR+U1＝10V+2V＝12V；
（2）由图象可知，当R2两端的电压U2＝2V时，通过的电流I2＝0.2A，
由I＝可得，R2的阻值：
R2＝＝＝10Ω；
当把滑片P移到b端，同时闭合开关S1、S2时，R1与R2并联，电流表测干路电流，
因并联电路中各支路两端的电压相等，且电阻R1的实际功率为9.6W，
所以，由P＝UI可得，通过R1的电流：
I1′＝＝＝0.8A，
通过R2的电流：
I2′＝＝＝1.2A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路电流表的示数：
I＝I1′+I1′＝0.8A+1.2A＝2A。
答：（1）电源的电压为12V；
（2）当把滑片P移到b端，同时闭合开关S1、S2时，电流表的示数为2A。
【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键。
六、实验、探究题（本题共5小题，共24分）
23．【分析】（1）根据控制变量法分析分析质量和速度对动能影响的数量关系得出结果。
（2）动能的影响因素有两个：质量和速度。根据控制变量法的思路，去分析解决，球把木块推出的距离长，说明的动能大；这是一种转换的方法。
【解答】解：（1）在甲图中，控制了两个小球的质量相同，速度不同，甲图中A球速度越大，木块被球撞击后移动的距离的越长。
乙图中，两个小球的质量相同，C球把木块推出的距离长，说明C小球对纸盒做功多。
（2）由乙图知，两个小球的质量相同，从不同高度滚下，则速度不同，由此得出结论：当质量相同时，物体速度越大，它具有的动能就越大。
故答案为：（1）A；C；（2）速度。
【点评】此类实验题目是考查对控制变量法和转换法的掌握情况，及如何正确的进行结论分析。
24．【分析】（1）根据凸透镜焦点和焦距的定义读图得出凸透镜的焦距。
（2）u＝2f时成倒立、缩小的实像，照相机就是根据这一原理制成的。
（3）知道近视眼镜是凹透镜，对光有发散作用。同时知道凸透镜成实像时，遵循物近像远像变大的规律可做出判断。
【解答】解：（1）平行于主光轴的光线经凸透镜折射后，会聚在主光轴上一点，这一点是凸透镜的焦点；焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距是：f＝40.0cm﹣30.0cm＝10.0cm。
（2）图乙中，光屏在焦距与二倍焦距之间，根据凸透镜成像规律可知，要得到烛焰清晰的像，则物距应该大于二倍焦距，故应将蜡烛向左移动，此时光屏上能得到一个倒立、缩小的实像，照相机就是根据此原理工作的；
（3）近视眼镜是凹透镜，对光有发散作用，使光线延迟会聚；在不改变凸透镜和光屏位置的情况下，若想在光屏上再一次得到烛焰清晰的像，他应该将蜡烛向左移动，增大物距，同时像距减小，像才能成在光屏上。
故答案为：（1）10.0；（2）左；缩小；照相机；（3）左。
【点评】此题是探究凸透镜成像规律的实验，要熟练掌握成像特点与物距、像距之间的关系，做到灵活应用。
25．【分析】（1）在“探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关”的实验中，是运用二力平衡的原理，将摩擦力转换为弹簧测力计的拉力来进行测量的；
滑动摩擦力受压力和接触面的粗糙程度的影响，在探究过程中应运用控制变量法；
（2）滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，与拉力大小以及运动速度无关；
（3）瓶子静止悬在空中处于平衡状态，符合二力平衡条件：大小相等，方向相反，作用在同一直线上。所以，瓶子受到手竖直向上的摩擦力始终等于瓶子的重力。
【解答】解：
（1）实验开始，用较小的力拉木块，木块没动，处于平衡状态，此时摩擦力等于拉力；
实验中为了测量滑动摩擦力的大小，应用弹簧测力计沿水平方向匀速直线拉动木块，此时，摩擦力的大小就等于弹簧测力计的示数；
甲、乙接触面的粗糙程度相同，压力大小不同，测力计的示数不同，可得滑动摩擦力与压力大小有关；
（2）由于压力大小和接触面的粗糙程度不变，即使运动速度增大，滑动摩擦力也不变；
（3）A、瓶子静止在空中，在竖直方向受到重力和摩擦力作用，瓶子没有掉下来是手对瓶子向上的摩擦力作用，故A错误；
B、瓶子静止时，在竖直方向受到的摩擦力与重力是一对平衡力，摩擦力等于重力，手对瓶子的握力增大，则瓶子所受的摩擦力不变，故B错误；
C、向瓶子里倒水，瓶子的重力增大，由于瓶子仍静止，重力与摩擦力仍是平衡力，所以瓶子所受的摩擦力增大，故C正确；
故选C。
故答案为：（1）等于；匀速直线；压力大小；（2）不变；（3）C。
【点评】本题是探究“影响滑动摩擦力大小因素”的实验，主要考查了摩擦力的测量方法及控制变量法的应用，要正确测量滑动摩擦力的大小，需充分利用二力平衡条件。
26．【分析】（1）用天平称量物质前要先把天平放在水平桌面上，将游码移至标尺左侧的零刻线处，然后调节平衡螺母，使天平横梁在水平位置平衡。
天平调平衡时遵循的原则是：左偏右调，右偏左调，先快后慢。
（2）在天平读数时，被测物体的质量＝砝码的质量+游码的示数；
据丙图中bc可知排开水的质量，然后利用密度公式可以计算出排开水的体积，即为鹅卵石的体积，而后再据质量和体积计算出密度即可。
【解答】解：（1）用天平称量物质前要先把天平放在水平桌面上，将游码移至标尺左侧的零刻线处，然后调节平衡螺母，使天平横梁在水平位置平衡。因此此操作中存在的问题是没把游码移至标尺左侧的零刻线处；
根据天平调平衡时遵循的原则：左偏右调，右偏左调。图示中托盘天平的指针静止在分度盘中线的左侧，所以应该向右调节平衡螺母。
（2）据图乙可知，此时天平标尺的分度值是0.2g，
故鹅卵石的质量是：m＝50g+10g+5g+2g＝67g；
由bc和图示可知，增加的质量为鹅卵石排开水的质量，
所以m排＝m总′﹣m总＝97g﹣72g＝25g，
由ρ＝可得，排开水的体积：V排＝＝＝25cm3，
因鹅卵石完全浸没在水中，故鹅卵石的体积：V＝V排＝25cm3，
鹅卵石的密度：ρ＝＝＝2.68g/cm3＝2.68×103kg/m3。
故答案为：（1）没有把游码移至标尺左侧的零刻线处；右；（2）67；25；2.68×103。
【点评】本题的解题关键是熟悉测量固体密度的基本实验程序、天平和量筒的正确读数以及密度公式ρ＝的熟练运用。
27．【分析】（1）把灯泡、电流表、滑动变阻器串联接入电路，电压表并联在灯泡两端；注意滑动变阻器有4个接线柱，选择一上一下接线柱接入电路，并根据题目的要求选择要接入的下接线柱；
（2）从使用滑动变阻器的注意事项可知，闭合开关前滑动变阻器的滑片应位于其最大阻值处，因此确定滑片位于左右两端哪个位置时阻值最大是解决问题的核心；
（3）灯不亮，电流表无示数，可能是电路断路了，根据电压表示数接近电源电压，分析判断故障原因；
（4）由图乙确定电流表量程与最小分度值，读出电流表示数，由电功率公式P＝UI求出灯泡的功率；要想使灯泡正常发光，灯泡两端的电压要增大，则灯泡电流要增大，电路电阻要变小；
（5）完成每个实验各需要什么器材，各需要控制什么，需要改变什么，分析本实验器材是否能满足实验要求。
【解答】解：
（1）灯泡的额定电压为2.5v，电压表选择0～3v的量程，电压表并联在灯泡两端。滑动变阻器已经选定了上面接线柱，要求滑动变阻器的滑片向右移动时小灯变亮，应把滑动变阻器的右下接线柱与灯泡左接线柱相连。电路如下图：

（2）滑动变阻器接入右半段，滑片处于左端，滑动变阻器连入电路的电阻最大，对电路起到保护作用，因此，闭合开关前，滑片应调到最左端；
（3）灯泡不亮且电流表无示数说明电路中应有断路的可能；而电压表有示数，说明电压表能和电源相连，即电流表及滑动变阻器及开关都应正常，故应是灯泡发生了断路；
（4）由图乙知，电流表的量程是0.6A，最小分度值是0.02A，电流表示数是0.32A，则灯泡的额定功率
P额＝U额I额＝1.5V×0.32A＝0.48W；若使小灯泡正常发光，应该使灯泡两端的电压增大到2.5v，则电路中的电流也要相应地增大，此时滑动变阻器接入的电阻应减小，因此滑片应向右端移动；
（5）A、根据Q＝I2Rt，探究电流产生的热量与电阻的关系时，控制电流和通电时间不变，只有一个定值电阻，不能改变电阻，无法进行实验，本实验器材不能完成；
B、探究电流与电压的关系时，控制电阻不变，通过滑动变阻器改变定值电阻两端的电压，来探究电流与电压的关系。本实验器材能完成；
C、探究电流与电阻的关系时，保证电压一定，改变电阻大小，只有一个定值电阻，不能改变电阻，无法进行实验，本实验器材不能完成。
故答案为：
（1）见上图；（2）左；（3）小灯泡断路（或小灯泡的灯丝断了或小灯泡接触不良）；（4）0.48；右；（5）B。
【点评】本题涉及到实物图的连接，滑动变阻器、电压表、电流表的使用，故障问题分析，电流表的读数，功率的计算，焦耳定律，电流跟电压、电阻的关系等，涉及到的知识很广，难度很大。
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