初二物理第九章-压强知识点-+典型题附解析.doc

一、选择题1形状相同、大小不同的长方体物块甲、乙置于水平地面上，两物块对地面的压强相等。将甲、乙均顺时针翻转90，如图所示。若甲、乙对地面压强变化量的大小分别为p甲、p乙，则Ap甲一定小于p乙Bp甲一定等于p乙Cp甲可能等于p乙Dp甲一定大于p乙2如图所示，甲、乙两个圆柱体分别放置在水平面上，底面积分别为S甲和S乙且S甲S乙，高度分别为h甲和h乙且h甲h乙，此时甲和乙对地面的压强相等。若均沿水平方向，将两圆柱体切去相同的体积，并将切去部分叠放至对方剩余部分上表面的中央，此时甲和乙对地面的压力分别为F甲、F乙，压强分别为p甲、p乙，则下列说法正确的是（）AF甲F乙BF甲F乙Cp甲p乙Dp甲p乙3如图所示，小明将压强计的探头放入水中的某一深度处，记下U形管中两液面的高度差h，下列操作中能使高度差h不变的是（）A将探头放在酒精中的同样深度处B将探头向下移动一段距离C将探头向上移动一段距离D将探头在原深度处向其他方向任意转动一个角度4如图所示，甲、乙两个均匀的实心正方体分别放在水平地面上，它们对地面的压强相等。 若在两个正方体的上部，沿水平方向分别截去相同高度的部分，则剩余部分对水平地面的压强p和压力F的大小关系为 （ ）Ap甲 p 乙 F甲 F乙Bp甲 F乙Cp甲 p乙 F甲 F乙Dp甲 p乙 F甲 = F乙5如图所示，甲、乙两个实心均匀正方体放在水平地面上，甲对地面的压强小于乙对地面的压强。沿竖直方向在两个正方体上分别切去一部分（都没有切完），若甲、乙剩余部分对地面的压力相等，则关于甲、乙正方体下列说法正确的是（）A剩余部分对地面的压强可能B剩余部分对地面的压强可能C对地面压力的变化量一定D对地面压力的变化量一定6装满水的容器的侧壁上开有三个小孔，水从小孔中喷出，下列图中正确的是（ ）ABCD7下列函数图像能正确地描述两个物理量之间关系的是（）A弹性限度内弹簧所受拉力与伸长关系B粗糙程度不变时，滑动摩擦力与压力关系C压力一定时，物体受到压强与受力面积关系D液体密度不变时，液体压强与深度关系8如图所示，一个装有液体的密闭圆柱形容器放在水平桌面上之后将此容器倒置过来放在同一水平桌面上前、后两次容器底部受到液体的压强分别为p1和p2；容器底部受到液体的压力分别为F1和F2；容器对桌面的压力分别为F甲和F乙；容器对桌面的压强分别为p甲和p乙下列判断正确的是AF甲 =F乙BF1F2Cp甲 p乙Dp1p29如图，水平面上放置了质地均匀的甲乙两个实心圆柱体，它们的高度相同，质量相等，甲的底面积小于乙的底面积。为使甲对水平面的压强小于乙对水平面的压强，小海按不同方法把甲乙两物体分别切下一部分后，将切下部分叠加到对方剩余部分的上方。下列切法可能达到目的是A沿水平方向切去质量相等的部分B沿水平方向切去体积相等的部分C沿水平方向切去厚度相等的部分D沿竖直方向切去质量相等的部分10如图所示，向一个上粗下细的水桶中缓慢匀速注水（相同时间内有相同质量的水注入桶中），直至将水注满。在图中给出了一组表示此过程中，水桶底部受到由于水重产生的压力F随时间t变化的关系图线，其中最符合实际的是ABCD二、填空题11如图所示，甲、乙两个相同的圆台形容器以不同的方式放在水平桌面上，容器内装有深度相同、密度不同的A、B液体，两液体对容器底部的压力相同则两液体对容器底部压强pA_pB，两液体密度A_B，两容器对桌面的压力F甲_F乙（均选填“”、“=”或“”）12有A、B两个正方体，它们的边长之比为2:1，密度之比为3:4，那么A、B的质量之比是_。将它们如图所示叠放在水平地面上，此时A对B的压强与B对地面的压强之比为_。13甲、乙两个完全相同的容器装有质量和深度相同的不同液体，放在水平桌面上(如图所示)，则液体的密度甲_乙，液体对容器底的压强p甲_p乙，容器对桌面的压力F甲_F乙(均选填“大于”、“等于”或“小于”)14如图所示，容器中装有水，水=1.0103kg/m3。水对容器底部B处的压强是_Pa，水对容器顶部A处的压强pA与水对容器底部B处的压强pB的比值pA：pB=_。15如图，将半瓶矿泉水翻过来瓶口向下倒立在桌面上，则瓶对桌面的压强_，瓶中水对瓶底或瓶盖的压力_（填“变大”、“不变”或“变小”）。16氧化钙,俗称生石灰,是灰泥中的主要成分之一灰泥被称为建筑用“胶”,它能将墙砖粘合在一起,密度为2.2103kg/m3若每块砖的厚度是7cm,密度为2.4103kg/m3,设砖缝间建筑用胶的厚度为1cm.为了保证安全,墙体对墙基的压强不得超过4.9105Pa,那么,该墙的高度不得超过_m.(不考虑大气压强,计算结果保留两位小数)17如图所示的希罗喷泉，用3根管子连接3个容器，容器a是敞口的，容器b和c是密闭的容器中有一些水，管B有水喷出管A中水流的方向是向_，容器b中气体压强的大小比外界大气压_，要增大喷泉的高度，应增加容器_的高度18如图所示，放在水平面上由同种材料制成的左右两个均匀实心圆柱体，高度均为h0，质量比为1：3，则左右两个圆柱体的底面积比为_；将两圆柱体沿水平方向截去某一相同的高度h，并将所截去的部分叠放至对方剩余部分上表面，叠放后新组合的两物体对水平面的压强比为3：1，则所截的高度h与原高度h0的比h：h0_19如图所示，王力同学将自制气压计从山脚带到山顶的过程中，气压计的水柱会 _ （选填“升高”“降低”“不变”），外界气压的变化是_（选填“变大”“变小”或“不变”）20A砖长、宽、高分别为0.4 m、0.2 m、0.1 m，它的重为160 N，A砖的密度A_kg/m3.另一种外形跟A砖一样的B砖，如图所示，当A砖侧放、B砖立放在水平地面时，A、B砖对地面的压强相等将A、B砖沿水平方向截去相同的体积后，两砖对地面的压强变化之比A：B_(g取10 N/kg)三、实验题21如图所示，一块重为G的平板以一定的冲角(平板与水平方向的夹角)在空气中水平运动时，平板会受到一个竖直向上的升力FL。(1)若平板处于空中某一高度保持不变，那么，需满足FL_G。(大于/小于/等于)(2)理论表明，升力大小与空气密度、平板面积S、平板运动速度v有关，用公式表示为FL= CSv2(C叫升力系数，是一个没有单位的数值，其值与冲角有关)。则由公式可知，若C、S均保持不变，那么，速度增加10%，升力将增加_%。(3)飞机飞行时同样会受到升力的作用。某次对飞机的实验研究获得了如下数据(飞机的冲角其实是指机翼的冲角)：则升力系数随冲角的增大而_。A逐渐变大 B逐渐变小 C先增大后减小 D先减小后增大 /0510152025C0.30.60.91.21.51.3(4)在飞机起飞后的开始一段时间里，飞机将不断爬升以达到规定的高度，在这个过程中，飞机升力的不断增大主要是通过以下两种方式来实现：_；_。(5)飞机还利用流体压强与流速的关系，在机翼上获得升力克服地球引力，从而翱翔在蓝天上了。飞机机翼导流板横截面的形状是下列四图中的_。ABCD(6)飞行时飞机所受阻力f与飞行速度v的平方成正比，即fkv2 (其中k为常量) 总质量为m的飞机(不计飞行时的油耗)以速度a沿水平方向匀速飞行，则发动机产生的牵引力F_(用字母表示)，飞机受到的升力N_(用字母表示)。22现有两只相同的烧杯A和B，分别盛有体积相同的水和酒精，小唐用压强计来鉴别水和酒精（1）若压强计的气密性很差，用手指不论轻压还是重压橡皮膜，发现U形管两侧液面高度差变化都很_（选填“大”或“小”）小唐把调节好的压强计放在空气中时，U形管两边的液面应该_（选填“相平”或“不相平”）（2）如图甲所示，小唐先后将调节好的压强计的探头浸入两种液体中她发现A中U形管两侧液面的高度差较大，于是认为图甲A杯子中是水她的结论是_（选填“可靠”或“不可靠”）的，你判断的理由是压强计的探头分别在两种液体中的深度_（选填“相同”或“不相同”）（3）小唐用自己改装并调试好的压强计进行实验，如图乙所示，将压强计两个探头分别浸入两种液体中，从而判断出图乙中装水的杯子是_（选填“A”、“B”）杯（4）严谨的川川接下来对液体内部压强公式进行理论推导，如图所示(a)所示,研究A点受到的液体压强大小,在A点所处位置沿水平方向假想出一个受力面S如图(b)所示，可用受力面S受到的液体压强大小代替A点受到的液体压强大小，其依据是_然后在受力面S上方假想出一个液柱如图(c)所示,再用公式_进行推导这种研究问题的思想方法被称为_（选填“转换法”、“控制变量法”或“建立理想模型法”）（5）聪明的小敏利用U形压强计改装成如图所示的测液体密度的密度计A为固定支架，其作用是保证橡皮膜在不同的液体中深度均为5cmU形管盛水，其右管标有刻度值，为了便于读数，在U形管右管有一个指示液面位置（刻度值）的红色浮标未测量时，U形管水面刚好与a相平，读数时，读取浮标所对的刻度值即可当橡皮膜放入某液体中，浮标指示在b处，ab之间的距离为2cm，则该液体的密度为_ g/cm3，小敏发现用该调节好的密度计测量液体密度时，测量值总是偏小，原因是_23某兴趣小组的同学观察到：飞机在起飞和航行时机翼的仰角不同；飞机越大其机翼越大。他们想探究“机翼获得升力的大小与机翼仰角、机翼面积有什么关系”？(注：机翼仰角为机翼下表面与水平面的夹角，机翼面积指机翼在水平面上投影的面积)他们利用塑料泡沫等材料自制了三个质量相同、形状相同、面积不同的机翼模型，把圆柱形空心笔穿过“机翼”并固定在“机翼”上，将一根金属杆从笔杆中穿过并上下固定，确保“机翼”能沿金属杆在竖直方向移动，将“机翼”挂在弹簧测力计的下方，实验装置如图所示。(1)用鼓风机对着“机翼”吹风，模拟飞机在空中飞行，当鼓风机向右吹风时，以气流为对照物，飞机向_飞行。(2)为了研究“机翼”获得的升力与仰角的关系，他们对同一个“机翼”吹风，并保持风速不变，只改变“机翼”_的大小，观察并记录测力计的示数，在其他条件相同时，更换面积不同的“机翼”重复上述实验，实验记录如下表：(每次吹风前测力计示数均为3.5 N)机翼面积/cm2测力计示数/N机翼仰角2753955660(水平)3.23.02.6较小3.02.92.4较大2.92.82.3最大3.12.92.7在上述实验中，吹风前后测力计示数的_即为“机翼”获得升力的大小。通过分析数据可以得出结论：当质量、形状、机翼面积和风速相同时，仰角增大，获得的升力_(选填“一定”或“不一定”)增大；当质量、形状、仰角和风速相同时，机翼面积越大，获得的升力_。实验时，“机翼”沿金属杆上升，金属杆对笔杆有向_的摩擦力，因此测得的升力应_“机翼”实际获得的升力。24某兴趣小组开展科学探究活动（提出问题）液体产生的压强跟深度有什么关系?（设计实验）探究液体产生的压强跟深度的关系，用如图所示装置，在弹簧秤下挂一实心圆柱体，容器中盛有某种液体（获取证据）测得圆柱体的体积为0.5l0-4米3，柱体的重为06牛顿当圆柱体缓慢地浸人液体中时(圆柱体始终竖直且没有被浸没)，记下圆柱体下表面所处的深度h、弹簧秤相应的示数F，求得相应的圆柱体在下表面处产生对液体的压强p（体在圆柱体下表面处产生的压强也为p)，所得数据如下表：（得出结论）根据以上数据可得出的结论是_（讨论与交流）（1）根据第5次实验所得数据，求得圆柱体在下表面处对液体产生的压强是_帕，实心圆柱体的密度为_（2）当弹簧秤的示数为0.12牛时，圆柱体受到的浮力为_牛25小明利用最大刻度值标有2.5 mL的一次性注射器等器材，对大气压的值进行测量，其实验步骤如下：a. 先让注射器吸入少量水，然后将活塞推至注射器底端，当注射器的小孔充满水后，再用橡皮帽封住注射器的小孔b. 用细绳拴住注射器活塞的颈部，使绳的另一端与弹簧测力计的挂钩相连，然后水平向右慢慢地拉动注射器筒，如图所示当注射器中的活塞刚开始滑动时，记下弹簧测力计的示数为7.5 N.c. 测出注射器全部刻度的长度为4 cm.d. 根据测量数据，算出大气压的值(1) 实验所用的器材为：注射器、弹簧测力计、细绳、橡皮帽、水和_(2) 实验步骤a先让注射器吸入少量水，然后将活塞推至注射器底端的目的是_此注射器活塞的横截面积是_cm2.根据实验数据计算出的大气压强是_Pa(3) 小明发现，同学们在做此实验时测得的大气压值误差较大，对此小明与同学找出了下列可能的原因： 橡皮帽封住的注射器小孔中有残余气体； 活塞与注射器筒壁间有摩擦； 弹簧测力计的示数没有读准； 活塞与注射器筒壁不完全密封上述原因一定会使测量值小于真实值的是_ABCD(4) 小红对小明所做实验进行改进，在完成a、b步骤，活塞回到注射器底端后，添加了“取下封住注射器小孔的橡皮帽，再次水平向右慢慢匀速拉动注射器筒，记下弹簧测力计的示数为1.2 N”这一实验步骤，这是为了_,则大气压强的值应为_Pa四、作图题26如图所示，一物体重 20N，施加一水平向右的 30N 的压力使物体紧贴墙壁静止， 作出物体受到的摩擦力和物体对墙壁的压力。（_）27下图是飞机前进时气流迎面流过机翼的情形，在机翼上画出升力的示意图（_）28如图所示,是一只盛有水的圆柱形水杯,请在图中画出水对水杯侧壁A点的压力示意图. （_）五、计算题29如图所示，平底茶壶的质量是400 g，底面积是40 cm2，内盛0.6 kg深度为12 cm的开水，放置在面积为1 m2的水平桌面中央。试求：（g取10 N/kg）(1)水对茶壶底部的压强是多大?(2)水对茶壶底部的压力是多大?(3)茶壶对水平桌面的压强是多大?30两个薄壁圆柱形容器甲、乙放置在水平地面上，容器底面积均为0.01米2、容器重力均为G0，容器内盛有相同高度的水，如图所示。将两个密度不同、体积均为110-3米3的实心光滑柱体A、B分别竖直放入甲、乙两容器中，水对容器底部的压强p水和容器对地面的压强p容如下表所示。压强放入A柱体放入B柱体p水（帕）14701960p容（帕）19602940（1）求放入A柱体后，甲容器对水平地面的压力。（2）通过计算确定容器的重力。（3）判断柱体B在水中的浮沉状态，并说明你的判断依据。31(1)如图所示，老师在做托里拆利实验时，当时大气压相当于_mmHg产生的压强；若玻璃管的顶端混入了部分空气，实验测得气压值_实际值（选填“大于”“小于”或“等于”）；如果将玻璃管稍微倾斜，管内水银柱高度会_（选填“升高”“降低”或“不变”）；(2)将未装满水且密闭的矿泉水瓶，先正立放置在水平桌面上，再倒立放置，如图A、B所示，两次放置时，水对瓶底和瓶盖的压力分别为FA和FB，矿泉水瓶对桌面的压强分别为pA和pB，则FA_FB，pA_pB（选填“”、“，所以。故选D。2C解析：C【详解】CD规则圆柱体对地面的压强为p=gh因为两物体对水平面的压强相同，则p甲gh甲乙gh乙由图知h甲h乙，所以甲乙，由于甲和乙对地面的压强相等，且S甲S乙，根据DG甲DG乙，由沿水平方向截去相同体积DV后，切去部分的质量Dm甲Dm乙，切去部分的重力DG甲DG乙；将切去部分叠放在对方剩余部分上，甲增加的压强为乙增加的压强为由于DG甲DG乙，S甲S乙，所以Dp甲Dp乙，因为原来压强相等，所以现在的压强p甲p乙，故C正确、D错误；AB因为FpS，所以不能比较出剩余的物体对水平面压力的关系，故AB错误。故选C。3D解析：D【详解】A将探头放在酒精中的同样深度处，深度不变，液体的密度减小，根据液体压强公式可知，探头所处压强变小，U型管中的液体高度差减小，故A错误；B将探头向下移动一段距离，深度变大，根据液体压强公式可知，探头所处压强变大，U形管两边液面的高度差变大，故B错误；C将探头向上移动一段距离，深度变小，根据液体压强公式可知，橡皮膜受到的压强变小，U形管两边液面的高度差减小，故C错误；D液体内部在同一深度不同方向的压强是相等的，将压强计的探头在原深度处向其他方面任意转动一个角度，不会影响压强的大小，故D正确。故选D。4C解析：C【详解】由公式因为甲、乙两个均匀的实心正方体分别放在水平地面上，它们对地面的压强相等，即且h甲h乙，所以，甲乙，当沿水平方向分别截去相同高度的部分后，剩余部分对水平地面的压强为由于甲乙，即甲ghp乙；原来甲物体的高度小于乙物体的高度，原来甲对地面的压力小于乙对地面的压力，由题意可知，根据粗细均匀的物体压强计算公式p=gh，切去相同的高度后，甲切去的体积较大，甲的密度更大，所以G甲切G乙切；而原来的重力=剩余部分的重力+切去部分的重力，所以可知，G甲G乙，即F甲F乙，故ABD不符合题意，C符合题意。故选C。5C解析：C【详解】AB甲、乙两个实心均匀正方体放在水平地面上，甲对地面的压强小于乙对地面的压强，由压强推导式可知，沿竖直方向切去甲、乙一部分后，密度与高度不变，故剩余部分对地面的压强关系为；故A、B错误；CD未切之前，由压强公式可知，甲对地面压力小于乙，即；若甲、乙剩余部分对地面的压力相等，即剩余部分，则乙切去部分的重力大于甲切去部分的重力，故对地面压力的变化量一定是；故C正确、D错误。故选C。6B解析：B【详解】根据液体压强公式，同种液体密度相同，深度越大，液体的压强越大，射程越远，从四个图中可看到，最上方的孔压强最小，射程较短，中间孔压强较大，射程较远，最下方的孔压强最大，射程最远。故选B。7C解析：C【详解】A在弹性限度内，弹簧的伸长与所受拉力成正比关系，图像应是过原点的一条倾斜直线，故A不符合题意；B粗糙程度不变时，压力越大，滑动摩擦力越大，若压力为零，则摩擦力为零，而选项中图象反映的是压力为零，仍有摩擦力，故B不符合题意；C根据P=可知，压力一定时，物体受到压强与受力面积成反比，图像为双曲线的一部分，故C符合题意；D根据P=可知，液体密度不变时，液体压强与深度成正比关系，而选项中图象反映的是深度增大压强减小，故D不符合题意。故选C。8A解析：A【详解】A容器倒置前，容器对桌面的压力；容器倒置后，容器对桌面的压力；所以，故A正确；BD由图可知：容器上宽下窄，将容器倒置后，容器内部液体的高度将变小，由可知，将容器倒置后容器底部受到液体的压强将变小，即；故D错误；设容器倒置前容器的底面积为：，容器倒置后容器的底面积为： ，由图可知由得，容器倒置前容器底部受到液体的压力为：容器倒置后容器底部受到液体的压力为：因为，由于不知道具体的数据，所以无法比较F1和F2的大小关系，故B错误；C容器倒置前：容器倒置后：因为，所以故C错误；9B解析：B【解析】【详解】甲乙两个实心圆柱体，高度相同，甲的底面积小于乙的底面积，由柱体体积公式VSh知道，V甲V乙，又因为甲乙质量相等，由 知道，甲乙。A若沿水平方向切去质量相等的部分，则甲乙剩余部分质量仍相等，将切下部分叠加到对方剩余部分的上方，总质量相等，总重力相等，对地面压力相等，由压强公式知道，当S甲S乙时，p甲p乙，故A不正确。B沿水平方向切去体积相等的部分，因为甲乙，由知道，切掉的部分甲的质量大于乙的质量，剩余部分甲的质量小于乙的质量，将切下部分叠加到对方剩余部分的上方，此时甲的总质量小于乙的总质量，甲的总重力小于乙的总重力，甲对地面压力小于乙对地面压力，而S甲S乙，由压强公式知道，此时甲对水平面的压强可能小于乙对水平面的压强，故B正确。C沿水平方向切去厚度相等的部分，因为甲乙质量相等，所以，甲V甲乙V乙，甲S甲h甲乙S乙h乙，因为h甲h乙，所以，甲S甲乙S乙，设切掉的厚度为h，则有甲S甲h乙S乙h，即切掉的部分质量相等，故C不正确。D沿竖直方向切去质量相等的部分，则剩余部分质量质量仍相等，因为甲乙，由知道，所以剩余部分体积V甲V乙，因为h甲h乙，所以，剩余部分底面积S甲S乙，将切下部分叠加到对方剩余部分的上方，总质量相等，总重力相等，对地面压力相等，根据压强公式，因为S甲S乙，所以p甲p乙，故D不正确。10B解析：B【解析】【分析】液体的压强与液体的密度和深度有关，液体密度一定，液体的压强随深度的增加而增加；根据图中水桶的形状分析判断液体深度的增加量的变化快慢，根据pgh判断压强的变化，根据F=pS判断出压力的变化。【详解】由图知，水桶的形状是上宽下窄，所以在向水桶倒水时，相同时间内倒入相同质量的水，但水在水桶中增加的高度越来越小，根据p=gh知容器底所受液体压强的增加量也会越来越小，根据F=pS知，在受力面积不变时，压力增加量也会越来越小，分析四图，B符合题意。故选：B。二、填空题11 【解析】【详解】由题和图知，甲、乙两个容器内液体对容器底部的压力相同，即，根据可知，两液体对容器底部压强，甲、乙两个容器内装有深度相同的A、B液体，即h相同，又因解析： 【解析】【详解】由题和图知，甲、乙两个容器内液体对容器底部的压力相同，即，根据可知，两液体对容器底部压强，甲、乙两个容器内装有深度相同的A、B液体，即h相同，又因为，所以，两液体密度，甲容器上粗下细，A液体有一部分压在容器的侧壁上，则GAFA，乙容器下粗上细，则GBFB，而FA=FB，所以，GAGB，甲、乙两个圆台形容器相同，则重力相同，甲、乙两容器放在水平桌面上，对水平桌面的压力等于容器和容器内液体的重力之和，所以，两容器对桌面的压力1261 67 【分析】由正方体边长比可得其体积比，结合密度比可得质量比（即物重比），根据叠加情景和压强公式可以求解问题。【详解】12由A、B的边长之比为2:1，得A、B解析：61 67 【分析】由正方体边长比可得其体积比，结合密度比可得质量比（即物重比），根据叠加情景和压强公式可以求解问题。【详解】12由A、B的边长之比为2:1，得A、B的体积比为A、B的质量比为将它们叠放在水平地面上，A对B的压强与B对地面的压强之比为13大于 大于 等于 【详解】第一空甲乙两容器中两种液体质量相同，由容器形状可知，甲液体的体积小于乙液体的体积，由可知，甲的密度大于乙的密度，即甲乙；第二空两容器中两种解析：大于 大于 等于 【详解】第一空甲乙两容器中两种液体质量相同，由容器形状可知，甲液体的体积小于乙液体的体积，由可知，甲的密度大于乙的密度，即甲乙；第二空两容器中两种液体深度相同，甲乙 ， 由p=gh可知，甲容器中液体对容器底的压强大于乙容器液体对容器底的压强，即p甲p乙；第三空水平桌面上，两个相同容器中两种液体质量相等，完全相同的容器质量也相等，则甲乙容器与液体的总重力相等，故对桌面的压力F甲=F乙141735 【详解】1由图可知，水对容器底部B处的压强为2水对容器顶部A处的压强pA与水对容器底部B处的压强pB表达式为联立可知解析：1735 【详解】1由图可知，水对容器底部B处的压强为2水对容器顶部A处的压强pA与水对容器底部B处的压强pB表达式为联立可知15变大 变小 【分析】本题主要考察固体压强和液体压强的比较。第一空运用固体压强公式可以得出结论，第二空需要首先对液体压力和液体重力进行比较，再得出结果。【详解】1瓶对桌面的压强解析：变大 变小 【分析】本题主要考察固体压强和液体压强的比较。第一空运用固体压强公式可以得出结论，第二空需要首先对液体压力和液体重力进行比较，再得出结果。【详解】1瓶对桌面的压强属于固体压强，由于两种情况下压力都与总重力相等，而受力面积变小，根据公式可知，压强变大。2a图中，水对瓶底的压力等于液体的重力，而在b图中，水对瓶底的压力小于液体的重力。因此水对瓶底的压力变小。1663【详解】墙体横截面积相等，竖直，可以用压强公式进行判断设墙的最大高度为h，因砖的厚度为7cm，砖缝间建筑用胶的厚度为1cm，所以，砖的总高度；砖缝间建筑用胶的总厚度；因墙体对墙基的压解析：63【详解】墙体横截面积相等，竖直，可以用压强公式进行判断设墙的最大高度为h，因砖的厚度为7cm，砖缝间建筑用胶的厚度为1cm，所以，砖的总高度；砖缝间建筑用胶的总厚度；因墙体对墙基的压强不得超过4.9105Pa，根据可得：解得：17下 大 b 【详解】如图，a容器位置高，c容器位置低，即液面低，A管连接两容器后，在液体重力的作用下，A管中水会向下流动，或根据液体压强特点可知，c容器中液面低，产生的压强小，解析：下 大 b 【详解】如图，a容器位置高，c容器位置低，即液面低，A管连接两容器后，在液体重力的作用下，A管中水会向下流动，或根据液体压强特点可知，c容器中液面低，产生的压强小，所以水向下流动；由于a、b容器液面存在高度差，所以会产生一定的压强，又由于容器b和c是密闭的，此压强通过C管作用于b容器中所以容器B中的压强大于大气压；由于a、c液面的高度差大于a、b液面的高度差，此高度差产生压强，所以管B有水喷出据此可知，增加b容器的高度时，此高度差会增加，B管口的压强增大，所以喷泉的高度增加181:3 1:2 【解析】解答：因为同种材料制成的左右两个均匀实心圆柱体，质量比为，所以它们的体积之比为，因为实心圆柱体，高度均为，所以它们的底面积之比为，；因为将两圆柱体沿水平方解析：1:3 1:2 【解析】解答：因为同种材料制成的左右两个均匀实心圆柱体，质量比为，所以它们的体积之比为，因为实心圆柱体，高度均为，所以它们的底面积之比为，；因为将两圆柱体沿水平方向截去某一相同的高度h后，则它们截去的部分的体积分别为，所以它们截去的部分的质量分别为， ，所以它们剩余部分的质量分别为，-，因为它们分别将所截去的部分叠放至对方剩余部分上表面，所以叠放后新组合的两物体质量分别为，-，-，所以叠放后新组合的两物体对水平面的压力分别为，所以叠放后新组合的两物体对水平面的压强分别为，所以，因为叠放后新组合的两物体对水平面的压强比为，所以，所以，因为，所以设则，所以19升高 小 【解析】根据气压与海拔高度的关系进行解答气压随着海拔高度的增加而减小，所以王力同学将自制气压计从山脚带到山顶的过程中，由于海拔升高，所以外界气压减小，内部气压大于外界气解析：升高 小 【解析】根据气压与海拔高度的关系进行解答气压随着海拔高度的增加而减小，所以王力同学将自制气压计从山脚带到山顶的过程中，由于海拔升高，所以外界气压减小，内部气压大于外界气压，在此压强差的作用下，水柱上升202103 11 【解析】【详解】由G=mg可得，A砖的质量为：mA=G/g=160N/10N/kg=16kg，A砖的体积为：VA=0.4m0.2m0.1m=0.008m3，解析：2103 11 【解析】【详解】由G=mg可得，A砖的质量为：mA=G/g=160N/10N/kg=16kg，A砖的体积为：VA=0.4m0.2m0.1m=0.008m3，则A砖的密度为：A=mA/VA=16kg/0.008m3=2103kg/m3；当A砖侧放、B砖立方在水平地面时，A、B砖对地面的压强相等，pA=pB，规则固体对水平地面的压强：p=F/S=G/S= mg/S=Vg/S=Shg/S=gh，所以AghA=BghB，即Ag0.2m=Bg0.4m，所以A/B=0.4m/0.2m=2/1；将A、B砖沿水平方向截去相同的体积，底面积不变，对地面的压力变化是切去的部分，即：F=G=V切g，所以，两正方体对地面压强的变化量之比：pA：pB=AV切g/SA：BV切g/SB=A/SASB /B=(2/1)(0.2m0.1m)/(0.4m0.1m=1：1三、实验题21等于 21 C 提高速度 增大机翼冲角以增大升力系数 D ka2 mg 【详解】(1)1平板在空气中水平运动时，平板受到一个竖直向上的升力FL和竖直向下的重力G，由于它在竖直方向上处于静止状态，所以受到平衡力，即FL=G。(2)2速度增加10%，则根据公式FL= CSv2得故升力增加21%。(3)3由表中数据可见，冲角在020之间时，升力系数逐渐增大；但是冲角过了20之后，升力系数就减小，故选C。(4)由公式FL= CSv2可知，要使飞机的升力不断增大4提高速度。5增大机翼冲角以增大升力系数。(5)6在相同时间内，经过流线型的下方的路程比经过上方路程短，空气流速小压强大，流线型在压强差下，产生向上的升力，故选D。(6)78由于沿水平方向匀速飞行，则根据受力平衡可知，牵引力等于阻力，升力等于重力，即F=f=kv2=ka2N=G=mg22小 相平 不可靠 不相同 B 同种液体在同一深度向各个方向的压强相等 p= 建立理想模型法 0.8103 浮标的质量较大 【详解】（1）若压强计的气密性很差，用手指不论轻压还是重压橡皮膜时，U形管两边液柱的高度差变化都会很小；把调节好的压强计放在空气中时，它是一个连通器，U形管两边的液面应该相平；（2）液体内部的压强与液体的深度和密度都有关系，而小唐在实验时两杯中的液体密度、金属盒的浸没深度均不相同，因此，其结论是不可靠的；所以要想用压强计将它们区别开来，根据控制变量法的要求，应该控制金属盒浸入的深度相同；（3）压强计两金属盒分别浸入两种液体中，U型管两边的高度差相同也就是压强相同，根据p=gh可知，在压强相同的情况下与h 成反比，即深度大的液体密度小，因为A的深度大，所以A的密度小，A是酒精，B是水；（4）因为同种液体在同一深度向各个方向的压强相等，所以用受力面受到的液体压强大小代替A点受到的液体压强大小；液柱对受力面的压力F=G，液柱对受力面的压强，这种运用假想液柱研究问题的思想方法被称为建立理想模型法；（5）橡皮膜处的液体压强的大小p液=p水=水gh=水g2h=1103kg/m310N/kg20.02m=400Pa，该液体的密度液=0.8103kg/m3；由于浮标本身有质量，如果质量较大，导致液面的高度差较小，测量出的压强值变小，导致液体密度变小23左 仰角 变化量(或差值、减小量) 不一定 越大 下 小于 【解析】【分析】物体间的运动是相对的，以气流为参照物，飞机沿气流相反的方向运动；要研究“机翼”获得的升力与仰角的关系，就要保持其它条件不变，只改变“机翼”的仰角大小，根据现象得出相应的结论；本实验中，“机翼”获得升力的大小等于吹风前后测力计示数的变化量，分析表中数据，得出相应的结论；实验时，“机翼”沿金属杆上升，金属杆对笔杆有向下的摩擦力，用弹簧测力计测得的升力小于“机翼”实际获得的升力。【详解】（1）当鼓风机向右吹风时，空气向右运动，以气流