2012年高考真题数学【理】(山东卷)（含解析版）.pdf

20122012 年普通高等学校招生全国统一考试（山东卷）年普通高等学校招生全国统一考试（山东卷）理科数学理科数学 本试卷分第卷和第卷两部分，共 4 页.满分 150 分.考试用时 120 分钟.考试结束后，务必将本试卷和答题卡一并交回.注意事项：1.答题前，考生务必用直径 0.5 毫米黑色墨水签字笔将自己的姓名、准考证号、县区和科类填写在答题卡上和试卷规定的位置上.2.第卷每小题选出答案后，用 2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号，答案不能答在试卷上.3.第卷必须用 0.5 毫米黑色签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应的位置，不能写在试卷上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不能使用涂改液、胶带纸、修正带.不按以上要求作答的答案无效.4.填空题请直接填写答案，解答题应写出文字说明、证明过程或演算步骤.参考公式：参考公式：锥体的体积公式：，其中是锥体的底面积，是锥体的高.13VShSh如果事件互斥，那么；如果事件独立，那么.,A B()()()P ABP AP B,A B()()()P A BP AP B第 I 卷（共 60 分）一、选择题：本大题共一、选择题：本大题共 1212 小题，每小题小题，每小题 5 5 分，共分，共 6060 分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的求的.（1）若复数满足（为虚数单位），则为 x(2)117ziiiz（A）（B）（C）（D）35i35i35i 35i（2）已知全集，集合，则为 0,1,2,3,4U 1,2,3,2,4ABUC AB（A）（B）（C）（D）1,2,42,3,40,2,40,2,3,4（3）设且，则“函数在上是减函数”，是“函数在上是增函数”0a 1a()xf xaR3()(2)g xa xR的（A）充分不必要条件 （B）必要不充分条件 （C）充分必要条件 （D）既不充分也不必要条件（4）采用系统抽样方法从 960 人中抽取 32 人做问卷调查，为此将他们随机编号为 1,2，960，分组后在第一组采用简单随机抽样的方法抽到的号码为 9.抽到的 32 人中，编号落入区间的人做问卷，编号落入1,450A区间的人做问卷，其余的人做问卷.则抽到的人中，做问卷的人数为 451,750BCB（A）7 （B）9 （C）10 （D）15（5）已知变量满足约束条件，则目标函数,x y222441xyxyxy 的取值范围是 3zxy（A）（B）3,623,12（C）（D）1,63 6,2（6）执行下面的程序图，如果输入，那么输出的的4a n值为 （A）2 （B）3 （C）4 （D）5（7）若，则 4 2，3 7sin2=8sin（A）（B）（C）（D）35457434（8）定义在上的函数满足.当时，当时，R()f x(6)()f xf x31x 2()(2)f xx 13x。则()f xx(1)(2)(3)(2012)ffff（A）335 （B）338 （C）1678 （D）2012(9)函数的图像大致为 cos622xxxy（10）已知椭圆的离心学率为.双曲线的渐近线与椭圆有四个交2222:1(0)xyCabab32221xyC点，以这四个焦点为顶点的四边形的面积为 16，则椭圆的方程为 C（A）（B）（C）（D）22182xy221126xy221164xy221205xy（11）现有 16 张不同的卡片，其中红色、黄色、蓝色、绿色卡片各 4 张.从中任取 3 张，要求这 3 张卡片不能是同一种颜色，且红色卡片至多 1 张.不同取法的种数为（A）232 (B)252 (C)472 (D)484(12)设函数，若的图象与图象有且仅有两个不同21(),()(,0)f xg xaxbx a bR ax()yf x()yg x的公共点,则下列判断正确的是 1122(,),(,)A x yB xyA.当时，0a 12120,0 xxyyB.当时，0a 12120,0 xxyyC.当时，0a 12120,0 xxyyD.当时，0a 12120,0 xxyy 第卷（共第卷（共 9090 分）分）二、填空题：本大题共二、填空题：本大题共 4 4 小题，每小题小题，每小题 4 4 分，共分，共 1616 分分.（13）若不等式的解集为，则实数_.42kx13xxk（14）如 图，正 方 体的 棱 长 为 1，分 别 为 线 段1111ABCDABC D,E F上的点，则三棱锥的体积为_.11,AA BC1DEDF（15）设.若曲线与直线所围成封闭图形的面积为，则_.0a yx,0 xa y2aa（16）如图，在平面直角坐标系中，一单位圆的圆心的初始位置xOy在(0,1)，此时圆上一点的位置在，圆在轴上沿正向滚动。当圆滚P(0,0)x动到圆心位于时，的坐标为_.(2,1)OP 三、解答题：本大题共三、解答题：本大题共 6 6 小题，共小题，共 7474 分分.（17）（本小题满分 12 分）已知向量，函数的最大值为 6.(sin,1),(3 cos,cos2)(0)3AmxnAxx A()f xm n（）求；A（）将函数的图象向左平移个单位，再将所得图象上各点的横坐标缩短为原来的倍，纵坐()yf x1212标不变，得到函数的图象.求在上的值域.()yg x()g x50,24 （18）（本小题满分 12 分）在 如 图 所 示 的 几 何 体 中，四 边 形是 等 腰 梯 形，平 面ABCDABCD60,DABFC.,ABCD AEBD CBCDCF（）求证：平面；BD AED（）求二面角的余弦值.FBDC （19）（本小题满分 12 分）先在甲、乙两个靶.某射手向甲靶射击一次，命中的概率为，命中得 1 分，没有命中得 0 分；向乙靶射击两34次，每次命中的概率为,每命中一次得 2 分，没有命中得 0 分.该射手每次射击的结果相互独立.假设该射手完23成以上三次射击.（）求该射手恰好命中一次得的概率；（）求该射手的总得分的分布列及数学期望.XEX （20）（本小题满分 12 分）在等差数列中，.na345984,73aaaa（）求数列的通项公式；na（）对任意，将数列中落入区间内的项的个数记为，求数列的前项和.*mN na2(9,9)mmmb mbmmS （21）（本小题满分 13 分）在平面直角坐标系中，是抛物线的焦点，是抛物线上位于第一象限内的任意xOyF2:2(0)C xpy pMC一点，过三点的圆的圆心为，点到抛物线的准线的距离为.,M F OQQC34（）求抛物线的方程；C（）是否存在点，使得直线与抛物线相切于点？若存在，求出点的坐标；若不存在，说明MMQCMM理由；（）若点的横坐标为，直线与抛物线有两个不同的交点，与圆有两个不同的M21:4l ykxC,A BlQ交点，求当时，的最小值.,D E122k22ABDE 22(本小题满分 13 分)已知函数（为常数，是自然对数的底数），曲线在点处的切ln()xxkf xek2.71828e()yf x(1,(1)f线与轴平行.x（）求的值；k（）求的单调区间；()f x（）设,其中为的导函数.证明：对任意.2()()()g xxx fx()fx()f x20,()1xg xe 2012 年山东省高考数学试卷（理科）年山东省高考数学试卷（理科）参考答案与试题解析参考答案与试题解析 一、选择题：本大题共一、选择题：本大题共 12 小题，每小题小题，每小题 5 分，共分，共 60 分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的求的 1（5 分）（2012山东）若复数 x 满足 z（2i）=11+7i（i 为虚数单位），则 z 为（）A 3+5i B 35i C 3+5i D 35i 考点：复数代数形式的乘除运算菁优网版权所有 专题：数系的扩充和复数 分析：等式两边同乘 2+i，然后化简求出 z 即可 解答：解：因为 z（2i）=11+7i（i 为虚数单位），所以 z（2i）（2+i）=（11+7i）（2+i），即 5z=15+25i，z=3+5i 故选 A 点评：本题考查复数代数形式的混合运算，考查计算能力 2（5 分）（2012山东）已知全集 U=0，1，2，3，4，集合 A=1，2，3，B=2，4，则（UA）B 为（）A 1，2，4 B 2，3，4 C 0，2，4 D 0，2，3，4 考点：交、并、补集的混合运算菁优网版权所有 专题：集合 分析：由题意求出 A 的补集，然后求出（UA）B 解答：解：因为全集 U=0，1，2，3，4，集合 A=1，2，3，B=2，4，则UA=0，4，（UA）B=0，2，4 故选 C 点评：本题考查集合的基本运算，考查计算能力 3（5 分）（2012山东）设 a0 且 a1，则“函数 f（x）=ax在 R 上是减函数”，是“函数 g（x）=（2a）x3在R 上是增函数”的（）A 充分不必要条件 B 必要不充分条件 C 充分必要条件 D 既不充分也不必要条件 考点：必要条件、充分条件与充要条件的判断菁优网版权所有 专题：简易逻辑 分析：根据函数单调性的性质结合充分条件和必要条件的定义即可得到结论 解答：解：a0 且 a1，则“函数 f（x）=ax在 R 上是减函数”，所以 a（0，1），“函数 g（x）=（2a）x3在 R 上是增函数”所以 a（0，2）；显然 a0 且 a1，则“函数 f（x）=ax在 R 上是减函数”，是“函数 g（x）=（2a）x3在 R 上是增函数”的充分不必要条件 故选 A 点评：本题主要考查充分条件和必要条件的判断，根据函数单调性的性质是解决本题的关键 4（5 分）（2012山东）采用系统抽样方法从 960 人中抽取 32 人做问卷调查，为此将他们随机编号为 1，2，960，分组后在第一组采用简单随机抽样的方法抽到的号码为 9抽到的 32 人中，编号落入区间1，450的人做问卷 A，编号落入区间451，750的人做问卷 B，其余的人做问卷 C则抽到的人中，做问卷 B 的人数为（）A 7 B 9 C 10 D 15 考点：系统抽样方法菁优网版权所有 专题：概率与统计 分析：由题意可得抽到的号码构成以 9 为首项、以 30 为公差的等差数列，求得此等差数列的通项公式为 an=9+（n1）30=30n21，由 45130n21750 求得正整数 n 的个数 解答：解：96032=30，故由题意可得抽到的号码构成以 9 为首项、以 30 为公差的等差数列，且此等差数列的通项公式为 an=9+（n1）30=30n21 由 45130n21750 解得 15.7n25.7 再由 n 为正整数可得 16n25，且 nz，故做问卷 B 的人数为 10，故选：C 点评：本题主要考查等差数列的通项公式，系统抽样的定义和方法，属于基础题 5（5 分）（2012山东）设变量 x，y 满足约束条件，则目标函数 z=3xy 的取值范围是（）A B C 1，6 D 考点：简单线性规划菁优网版权所有 专题：不等式的解法及应用 分析：作出不等式组表示的平面区域；作出目标函数对应的直线；由目标函数中 z 的几何意义可求 z 的最大值与最小值，进而可求 z 的范围 解答：解：作出不等式组表示的平面区域，如图所示 由 z=3xy 可得 y=3xz，则z 为直线 y=3xz 在 y 轴上的截距，截距越大，z 越小 结合图形可知，当直线 y=3xz 平移到 B 时，z 最小，平移到 C 时 z 最大 由可得 B（，3），由可得 C（2，0），zmax=6 故选 A 点评：本题考查画不等式组表示的平面区域、考查数形结合求函数的最值解题的关键是准确理解目标函数的几何意义 6（5 分）（2012山东）执行程序框图，如果输入 a=4，那么输出的 n 的值为（）A 2 B 3 C 4 D 5 考点：循环结构菁优网版权所有 专题：算法和程序框图 分析：通过循环求出 P，Q 的值，当 PQ 时结束循环，输出结果即可 解答：解：第 1 次判断后循环，P=1，Q=3，n=1，第 2 次判断循环，P=5，Q=7，n=2，第 3 次判断循环，P=21，Q=15，n=3，第 3 次判断，不满足题意，退出循环，输出 n=3 故选 B 点评：本题考查循环结构的作用，注意判断框与循环后，各个变量的数值的求法，考查计算能力 7（5 分）（2012山东）若，则 sin=（）A B C D 考点：二倍角的正弦；同角三角函数间的基本关系菁优网版权所有 专题：三角函数的求值 分析：结合角的范围，通过平方关系求出二倍角的余弦函数值，通过二倍角公式求解即可 解答：解：因为，所以 cos2=，所以 12sin2=，所以 sin2=，所以 sin=故选 D 点评：本题考查二倍角的正弦，同角三角函数间的基本关系，注意角的范围，考查计算能力 8（5 分）（2012山东）定义在 R 上的函数 f（x）满足 f（x+6）=f（x），当3x1 时，f（x）=（x+2）2，当1x3 时，f（x）=x则 f（1）+f（2）+f（3）+f（2012）=（）A 335 B 338 C 1678 D 2012 考点：函数的周期性；函数的值菁优网版权所有 专题：函数的性质及应用 分析：由 f（x+6）=f（x）可知，f（x）是以 6 为周期的函数，可根据题目信息分别求得 f（1），f（2），f（3），f（4），f（5），f（6）的值，再利用周期性即可得答案 解答：解：f（x+6）=f（x），f（x）是以 6 为周期的函数，又当1x3 时，f（x）=x，f（1）+f（2）=1+2=3，f（1）=1=f（5），f（0）=0=f（6）；当3x1 时，f（x）=（x+2）2，f（3）=f（3）=（3+2）2=1，f（4）=f（2）=（2+2）2=0，f（1）+f（2）+f（3）+f（4）+f（5）+f（6）=1+21+0+（1）+0=1，f（1）+f（2）+f（3）+f（2012）=f（1）+f（2）+f（3）+f（2010）+f（2011）+f（2012）=3351+f（1）+f（2）=338 故选：B 点评：本题考查函数的周期，由题意，求得 f（1）+f（2）+f（3）+f（6）=是关键，考查转化与运算能力，属于中档题 9（5 分）（2012山东）函数 y=的图象大致为（）A B C D 考点：余弦函数的图象；奇偶函数图象的对称性菁优网版权所有 专题：三角函数的图像与性质 分析：由于函数 y=为奇函数，其图象关于原点对称，可排除 A，利用极限思想（如 x0+，y+）可排除 B，C，从而得到答案 D 解答：解：令 y=f（x）=，f（x）=f（x），函数 y=为奇函数，其图象关于原点对称，可排除 A；又当 x0+，y+，故可排除 B；当 x+，y0，故可排除 C；而 D 均满足以上分析 故选 D 点评：本题考查奇偶函数图象的对称性，考查极限思想的运用，考查排除法的应用，属于中档题 10（5 分）（2012山东）已知椭圆 C：+=1（ab0）的离心率为，与双曲线 x2y2=1 的渐近线有四个交点，以这四个交点为顶点的四边形的面积为 16，则椭圆 C 的方程为（）A+=1 B+=1 C+=1 D+=1 考点：圆锥曲线的共同特征；椭圆的标准方程；双曲线的简单性质菁优网版权所有 专题：圆锥曲线的定义、性质与方程 分析：由题意，双曲线 x2y2=1 的渐近线方程为 y=x，根据以这四个交点为顶点的四边形的面积为 16，可得（2，2）在椭圆 C：+=1利用，即可求得椭圆方程 解答：解：由题意，双曲线 x2y2=1 的渐近线方程为 y=x 以这四个交点为顶点的四边形的面积为 16，故边长为 4，（2，2）在椭圆 C：+=1（ab0）上 又 a2=4b2 a2=20，b2=5 椭圆方程为：+=1 故选 D 点评：本题考查双曲线的性质，考查椭圆的标准方程与性质，正确运用双曲线的性质是关键 11（5 分）（2012山东）现有 16 张不同的卡片，其中红色、黄色、蓝色、绿色卡片各 4 张，从中任取 3张，要求取出的这些卡片不能是同一种颜色，且红色卡片至多 1 张，不同取法的种数为（）A 232 B 252 C 472 D 484 考点：排列、组合及简单计数问题菁优网版权所有 专题：排列组合 分析：不考虑特殊情况，共有种取法，其中每一种卡片各取三张，有种取法，两种红色卡片，共有种取法，由此可得结论 解答：解：由题意，不考虑特殊情况，共有种取法，其中每一种卡片各取三张，有种取法，两种红色卡片，共有种取法，故所求的取法共有=5601672=472 故选 C 点评：本题考查组合知识，考查排除法求解计数问题，属于中档题 12（5 分）（2012山东）设函数 f（x）=，g（x）=ax2+bx（a，bR，a0）若 y=f（x）的图象与 y=g（x）图象有且仅有两个不同的公共点 A（x1，y1），B（x2，y2），则下列判断正确的是（）A 当 a0 时，x1+x20，y1+y20 B 当 a0 时，x1+x20，y1+y20 C 当 a0 时，x1+x20，y1+y20 D 当 a0 时，x1+x20，y1+y20 考点：根的存在性及根的个数判断；二次函数的性质菁优网版权所有 专题：函数的性质及应用 分析：画出函数的图象，利用函数的奇偶性，以及二次函数的对称性，不难推出结论 解答：解：当 a0 时，作出两个函数的图象，若 y=f（x）的图象与 y=g（x）图象有且仅有两个不同的公共点，必然是如图的情况，因为函数 f（x）=是奇函数，所以 A 与 A关于原点对称，显然 x2x10，即 x1+x20，y1y2，即 y1+y20，同理，当 a0 时，有当 a0 时，x1+x20，y1+y20 故选 B 点评：本题考查的是函数图象，直接利用图象判断；也可以利用了构造函数的方法，利用函数与导数知识求解要求具有转化、分析解决问题，由一般到特殊的能力题目立意较高，很好的考查能力 二、填空题：本大题共二、填空题：本大题共 4 小题，每小题小题，每小题 4 分，共分，共 16 分分 13（4 分）（2012山东）若不等式|kx4|2 的解集为x|1x3，则实数 k=2 考点：绝对值不等式菁优网版权所有 专题：不等式的解法及应用 分析：|kx4|2（kx4）24，由题意可知 1 和 3 是方程 k2x28kx+12=0 的两根，有韦达定理即可求得 k 的值 解答：解：|kx4|2，（kx4）24，即 k2x28kx+120，不等式|kx4|2 的解集为x|1x3，1 和 3 是方程 k2x28kx+12=0 的两根，1+3=，k=2 故答案为 2 点评：本题考查绝对值不等式，将|kx4|2 转化为（kx4）24 是关键，考查等价转化的思想与利用韦达定理解决问题的能力，属于基础题，14（4 分）（2012山东）如图，正方体 ABCDA1B1C1D1的棱长为 1，E，F 分别为线段 AA1，B1C 上的点，则三棱锥 D1EDF 的体积为 考点：棱柱、棱锥、棱台的体积；棱柱的结构特征菁优网版权所有 专题：空间位置关系与距离；立体几何 分析：将三棱锥 D1EDF 选择D1ED 为底面，F 为顶点，进行等体积转化 V D1EDF=V FD1ED后体积易求 解答：解：将三棱锥 D1EDF 选择D1ED 为底面，F 为顶点，则=，其=，F 到底面 D1ED 的距离等于棱长 1，所以=1=S 故答案为：点评：本题考查了三棱柱体积的计算，等体积转化法是常常需要优先考虑的策略 15（4 分）（2012山东）设 a0，若曲线 y=与直线 x=a，y=0 所围成封闭图形的面积为 a2，则 a=考点：定积分在求面积中的应用菁优网版权所有 专题：函数的性质及应用 分析：利用定积分表示图形的面积，从而可建立方程，由此可求 a 的值 解答：解：由题意，曲线 y=与直线 x=a，y=0 所围成封闭图形的面积为=，=a2，a=故答案为：点评：本题考查利用定积分求面积，确定被积区间与被积函数是解题的关键 16（4 分）（2012山东）如图，在平面直角坐标系 xOy 中，一单位圆的圆心的初始位置在（0，1），此时圆上一点 P 的位置在（0，0），圆在 x 轴上沿正向滚动当圆滚动到圆心位于（2，1）时，的坐标为（2sin2，1cos2）考点：圆的参数方程；平面向量坐标表示的应用菁优网版权所有 专题：平面向量及应用；坐标系和参数方程 分析：设滚动后圆的圆心为 O，切点为 A，连接 OP过 O作与 x 轴正方向平行的射线，交圆 O于 B（3，1），设BOP=，则根据圆的参数方程，得 P 的坐标为（2+cos，1+sin），再根据圆的圆心从（0，1）滚动到（2，1），算出=2，结合三角函数的诱导公式，化简可得 P 的坐标为（2sin2，1cos2），即为向量的坐标 解答：解：设滚动后的圆的圆心为 O，切点为 A（2，0），连接 OP，过 O作与 x 轴正方向平行的射线，交圆 O于 B（3，1），设BOP=O的方程为（x2）2+（y1）2=1，根据圆的参数方程，得 P 的坐标为（2+cos，1+sin），单位圆的圆心的初始位置在（0，1），圆滚动到圆心位于（2，1）AOP=2，可得=2 可得 cos=cos（2）=sin2，sin=sin（2）=cos2，代入上面所得的式子，得到 P 的坐标为（2sin2，1cos2）的坐标为（2sin2，1cos2）故答案为：（2sin2，1cos2）点本题根据半径为 1 的圆的滚动，求一个向量的坐标，着重考查了圆的参数方程和平评：面向量的坐标表示的应用等知识点，属于中档题 三、解答题：本大题共三、解答题：本大题共 6 小题，共小题，共 74 分分 17（12 分）（2012山东）已知向量=（sinx，1），=（Acosx，cos2x）（A0），函数 f（x）=的最大值为 6（）求 A；（）将函数 y=f（x）的图象像左平移个单位，再将所得图象各点的横坐标缩短为原来的 倍，纵坐标不变，得到函数 y=g（x）的图象求 g（x）在0，上的值域 考点：三角函数的最值；平面向量数量积的坐标表示、模、夹角；正弦函数的定义域和值域；函数 y=Asin（x+）的图象变换菁优网版权所有 专题：三角函数的求值；三角函数的图像与性质；平面向量及应用 分析：（）利用向量的数量积展开，通过二倍角公式以及两角和的正弦函数化为，一个角的一个三角函数的形式，通过最大值求 A；（）通过将函数 y=f（x）的图象像左平移个单位，再将所得图象各点的横坐标缩短为原来的 倍，纵坐标不变，得到函数 y=g（x）的图象求出 g（x）的表达式，通过 x0，求出函数的值域 解答：解：（）函数 f（x）=A（）=Asin（2x+）因为 A0，由题意可知 A=6（）由（）f（x）=6sin（2x+）将函数 y=f（x）的图象向左平移个单位后得到，y=6sin2（x+）+=6sin（2x+）的图象再将所得图象各点的横坐标缩短为原来的 倍，纵坐标不变，得到函数 y=6sin（4x+）的图象因此 g（x）=6sin（4x+）因为 x0，所以 4x+，4x+=时取得最大值 6，4x+=时函数取得最小值3 故 g（x）在0，上的值域为3，6 点评：本题考查三角函数的最值，平面向量数量积的坐标表示、模、夹角，正弦函数的定义域和值域，函数 y=Asin（x+）的图象变换，考查计算能力 18（12 分）（2012山东）在如图所示的几何体中，四边形 ABCD 是等腰梯形，ABCD，DAB=60，FC平面 ABCD，AEBD，CB=CD=CF（）求证：BD平面 AED；（）求二面角 FBDC 的余弦值 考点：用空间向量求平面间的夹角；直线与平面垂直的判定；向量语言表述线面的垂直、平行关系；二面角的平面角及求法菁优网版权所有 专题：空间位置关系与距离；空间角；空间向量及应用；立体几何 分析：（）由题意及图可得，先由条件证得 ADBD 及 AEBD，再由线面垂直的判定定理即可证得线面垂直；（II）解法一：由（I）知，ADBD，可得出 ACBC，结合 FC平面 ABCD，知CA，CA，CF 两两垂直，因此可以 C 为坐标原点，分别以 CA，CB，CF 所在的直线为 X 轴，Y 轴，Z 轴建立如图的空间直角坐标系，设 CB=1，表示出各点的坐标，再求出两个平面的法向量的坐标，由公式求出二面角 FBDC 的余弦值即可；解法二：取 BD 的中点 G，连接 CG，FG，由于 CB=CD，因此 CGBD，又 FC平面 ABCD，BD平面 ABCD，可证明出FGC 为二面角 FBDC 的平面角，再解三角形求出二面角 FBDC 的余弦值 解答：（I）证明：因为四边形 ABCD 是等腰梯形，ABCD，DAB=60所以ADC=BCD=120又 CB=CD，所以CDB=30，因此，ADB=90，ADBD，又 AEBD 且，AEAD=A，AE，AD平面 AED，所以 BD平面 AED；（II）解法一：由（I）知，ADBD，同理 ACBC，又 FC平面 ABCD，因此 CA，CB，CF 两两垂直，以 C 为坐标原点，分别以 CA，CB，CF 所在的直线为 X 轴，Y 轴，Z 轴建立如图的空间直角坐标系，不妨设 CB=1，则 C（0，0，0），B（0，1，0），D（，0），F（0，0，1），因此=（，0），=（0，1，1）设平面 BDF 的一个法向量为=（x，y，z），则=0，=0 所以 x=y=z，取 z=1，则=（，1，1），由于=（0，0，1）是平面 BDC 的一个法向量，则 cos，=，所以二面角 FBDC 的余弦值为 解法二：取 BD 的中点 G，连接 CG，FG，由于 CB=CD，因此 CGBD，又 FC平面 ABCD，BD平面 ABCD，所以 FCBD，由于 FCCG=C，FC，CG平面 FCG 所以 BD平面 FCG故 BDFG，所以FGC 为二面角 FBDC 的平面角，在等腰三角形 BCD 中，由于BCD=120，因此 CG=CB，又 CB=CF，所以 GF=CG，故 cosFGC=，所以二面角 FBDC 的余弦值为 点评：本题考查线面垂直的证明与二面角的余弦值的求法，解题的关键是熟练掌握线面垂直的判定定理及二面角的两种求法向量法与几何法，本题是高中数学的典型题，也是高考中的热点题型，尤其是利用空间向量解决立体几何问题是近几年高考的必考题，学习时要好好把握向量法的解题规律 19（12 分）（2012山东）现有甲、乙两个靶某射手向甲靶射击一次，命中的概率为，命中得 1 分，没有命中得 0 分；向乙靶射击两次，每次命中的概率为，每命中一次得 2 分，没有命中得 0 分该射手每次射击的结果相互独立假设该射手完成以上三次射击（）求该射手恰好命中一次得的概率；（）求该射手的总得分 X 的分布列及数学期望 EX 考点：离散型随机变量的期望与方差；互斥事件的概率加法公式；相互独立事件的概率乘法公式菁优网版权所有 专题：概率与统计 分析：（I）记：“该射手恰好命中一次”为事件 A，“该射手射击甲靶命中”为事件 B，“该射手第一次射击乙靶命中”为事件 C，“该射手第二次射击乙靶命中”为事件 D，由于A=B+，根据事件的独立性和互斥性可求出所求；（II）根据题意，X 的所有可能取值为 0，1，2，3，4，根据事件的对立性和互斥性可得相应的概率，得到分布列，最后利用数学期望公式解之即可 解答：解：（I）记：“该射手恰好命中一次”为事件 A，“该射手射击甲靶命中”为事件 B，“该射手第一次射击乙靶命中”为事件 C，“该射手第二次射击乙靶命中”为事件 D 由题意知 P（B）=，P（C）=P（D）=由于 A=B+根据事件的独立性和互斥性得 P（A）=P（B）+P（）+P（）=P（B）P（）P（）+P（）P（C）P（）+P（）P（）P（D）=（1）（1）+（1）（1）+（1）（1）=（II）根据题意，X 的所有可能取值为 0，1，2，3，4，5 根据事件的对立性和互斥性得 P（X=0）=P（）=（1）（1）（1）=P（X=1）=P（B）=（1）（1）=P（X=2）=P（+）=P（）+P（）=（1）（1）+（1）（1）=P（X=3）=P（BC）+P（B D）=（1）+（1）=P（X=4）=P（）=（1）=P（X=5）=P（BCD）=故 X 的分布列为 X 0 1 2 3 4 5 P 所以 E（X）=0+1+2+3+4+5=点评：本题主要考查了离散型随机变量的期望，以及分布列和事件的对立性和互斥性，同时考查了计算能力和分析问题的能力，属于中档题 20（12 分）（2012山东）在等差数列an中，a3+a4+a5=84，a9=73（）求数列an的通项公式；（）对任意 mN*，将数列an中落入区间（9m，92m）内的项的个数记为 bm，求数列bm的前 m 项和 Sm 考点：数列的求和；等差数列的通项公式菁优网版权所有 专题：等差数列与等比数列 分析：（I）由已知及等差数列的性质可求 a4，由可求公差 d，进而可求 a1，进而可求通项（II）由可得 9m+89n92m+8，从而可得，由等比数列的求和公式可求 解答：解：（I）数列an是等差数列 a3+a4+a5=3a4=84，a4=28 设等差数列的公差为 d a9=73=9 由 a4=a1+3d 可得 28=a1+27 a1=1 an=a1+（n1）d=1+9（n1）=9n8（II）若 则 9m+89n92m+8 因此 9m1+n92m1+故得 Sm=b1+b2+bm=（9+93+95+92m1）（1+9+9m1）=点评：本题主要考查了等差数列的性质及通项公式的应用，等比数列的求和公式的应用，属于等差数列与等比数列基本运算的综合应用 21（13 分）（2012山东）在平面直角坐标系 xOy 中，F 是抛物线 C：x2=2py（p0）的焦点，M 是抛物线C 上位于第一象限内的任意一点，过 M，F，O 三点的圆的圆心为 Q，点 Q 到抛物线 C 的准线的距离为 （）求抛物线 C 的方程；（）是否存在点 M，使得直线 MQ 与抛物线 C 相切于点 M？若存在，求出点 M 的坐标；若不存在，说明理由；（）若点 M 的横坐标为，直线 l：y=kx+与抛物线 C 有两个不同的交点 A，B，l 与圆 Q 有两个不同的交点 D，E，求当 k2 时，|AB|2+|DE|2的最小值 考点：直线与圆锥曲线的综合问题；抛物线的标准方程；抛物线的简单性质菁优网版权所有 专题：圆锥曲线的定义、性质与方程；圆锥曲线中的最值与范围问题 分析：（）通过 F（0，），圆心 Q 在线段 OF 平分线 y=上，推出求出 p=1，推出抛物线 C 的方程（）假设存在点 M（x0，），（x00）满足条件，抛物线 C 在点 M 处的切线的斜率为函数的导数，求出 Q 的坐标，利用|QM|=|OQ|，求出 M（）使得直线 MQ 与抛物线 C 相切与点 M（）当 x0=时，求出Q 的方程为利用直线与抛物线方程联立方程组设 A（x1，y1），B（x2，y2），利用韦达定理，求出|AB|2同理求出|DE|2，通过|AB|2+|DE|2的表达式，通过换元，利用导数求出函数的最小值 解答：解：（）由题意可知 F（0，），圆心 Q 在线段 OF 平分线 y=上，因为抛物线 C 的标准方程为 y=，所以，即 p=1，因此抛物线 C 的方程 x2=2y（）假设存在点 M（x0，），（x00）满足条件，抛物线 C 在点 M 处的切线的斜率为 y=x0 令 y=得，所以 Q（），又|QM|=|OQ|，故，因此又 x00 所以 x0=，此时 M（）故存在点 M（），使得直线 MQ 与抛物线 C 相切与点 M（）当 x0=时，由（）的 Q（），Q 的半径为：r=所以Q 的方程为 由，整理得 2x24kx1=0 设 A（x1，y1），B（x2，y2），由于=16k2+80，x1+x2=2k，x1x2=，所以|AB|2=（1+k2）（x1+x2）24x1x2=（1+k2）（4k2+2）由，整理得（1+k2）x2，设 D，E 两点的坐标分别为（x3，y3），（x4，y4），由于=0，x3+x4=，x3x4=所以|DE|2=（1+k2）（x3+x4）24x3x4=，因此|AB|2+|DE|2=（1+k2）（4k2+2）+，令 1+k2=t，由于=16k2+80，k2，t 则，所以|AB|2+|DE|2=t（4t2）+=4t22t+，设 g（t）=4t22t+，t，因为 g（t）=8t2，所以当 t，g（t）g（）=6，即函数 g（t）在 t是增函数，所以当 t=时，g（t）取最小值，因此当 k=时，|AB|2+|DE|2的最小值为 点评：本题考查直线与圆锥曲线的综合问题，抛物线的标准方程，抛物线的简单性质，设而不求的解题方法，弦长公式的应用，考查分析问题解决问题的能力，转化思想的应用 22（13 分）（2012山东）已知函数为常数，e=2.71828是自然对数的底数），曲线 y=f（x）在点（1，f（1）处的切线与 x 轴平行（）求 k 的值；（）求 f（x）的单调区间；（）设 g（x）=（x2+x）f（x），其中 f（x）为 f（x）的导函数证明：对任意 x0，g（x）1+e2 考点：利用导数求闭区间上函数的最值；利用导数研究函数的单调性；利用导数研究曲线上某点切线方程菁优网版权所有 专题：导数的综合应用 分析：（）先求出 f（x）=，x（0，+），由 y=f（x）在（1，f（1）处的切线与 x 轴平行，得 f（1）=0，从而求出 k=1；（）由（）得：f（x）=（1xxlnx），x（0，+），令 h（x）=1xxlnx，x（0，+），求出 h（x）的导数，从而得 f（x）在（0，1）递增，在（1，+）递减；（）因 g（x）=（1xxlnx），x（0，+），由（）h（x）=1xxlnx，x（0，+），得 1xxlnx1+e2，设 m（x）=ex（x+1），得 m（x）m（0）=0，进而 1xxlnx1+e2（1+e2），问题得以证明 解答：解：（）f（x）=，x（0，+），且 y=f（x）在（1，f（1）处的切线与 x 轴平行，f（1）=0，k=1；（）由（）得：f（x）=（1xxlnx），x（0，+），令 h（x）=1xxlnx，x（0，+），当 x（0，1）时，h（x）0，当 x（1，+）时，h（x）0，又 ex0，x（0，1）时，f（x）0，x（1，+）时，fx）0，f（x）在（0，1）递增，在（1，+）递减；证明：（）g（x）=（x2+x）f（x），g（x）=（1xxlnx），x（0，+），x0，g（x）1+e21xxlnx（1+e2），由（）h（x）=1xxlnx，x（0，+），h（x）=（lnxlne2），x（0，+），x（0，e2）时，h（x）0，h（x）递增，x（e2，+）时，h（x）0，h（x）递减，h（x）max=h（e2）=1+e2，1xxlnx1+e2，设 m（x）=ex（x+1），m（x）=ex1=exe0，x（0，+）时，m（x）0，m（x）递增，m（x）m（0）=0，x（0，+）时，m（x）0，即1，1xxlnx1+e2（1+e2），x0，g（x）1+e2 点评：本题考查了函数的单调性，函数的最值问题，考查导数的应用，切线的方程，是一道综合题