2022年各地中考数学解析版试卷分类汇编(第1期)专题10平面直角坐标系与点的坐标.docx

平面直角坐标系与点的坐标
一、选择题
1.〔2022·湖北咸宁〕菱形OABC在平面直角坐标系的位置如以下图，顶点A〔5，0〕，OB=4，点P是对角线OB上的一个动点，D〔0，1〕，当CP+DP最短时，点P的坐标为〔〕
A. 〔0，0〕B.〔1，〕C.〔，〕D.〔，〕
【考点】菱形的性质，平面直角坐标系，，轴对称——最短路线问题，三角形相似，勾股定理，动点问题．
【分析】点C关于OB的对称点是点A，连接AD，交OB于点P，P即为所求的使CP+DP最短的点；连接CP，解答即可.
【解答】解：如图，连接AD，交OB于点P，P即为所求的使CP+DP最短的点；连接CP，AC，AC交OB于点E，过E作EF⊥OA，垂足为F.
∵点C关于OB的对称点是点A，
∴CP=AP，
∴AD即为CP+DP最短；
∵四边形OABC是菱形，OB=4，
∴OE=OB=2，AC⊥OB
又∵A〔5，0〕，
∴在Rt△AEO中，AE===；
易知Rt△OEF∽△OAE
∴=
∴EF===2，
∴OF===4.
∴E点坐标为E〔4，2〕
设直线OE的解析式为：y=kx，将E〔4，2〕代入，得y=x，
设直线AD的解析式为：y=kx+b，将A〔5，0〕，D〔0，1〕代入，得y=－x+1，
∴点P的坐标的方程组y=x，
y=－x+1，
解得x=，
y=
∴点P的坐标为〔，〕
应选D.
【点评】此题考查了菱形的性质，平面直角坐标系，，轴对称——最短路线问题，三角形相似，勾股定理，动点问题．关于最短路线问题：在直线L上的同侧有两个点A、B，在直线L上有到A、B的距离之和最短的点存在，可以通过轴对称来确定，即作出其中一点关于直线L的对称点，对称点与另一点的连线与直线L的交点就是所要找的点〔注：此题C，D位于OB的同侧〕．如以下图：
解决此题的关键：一是找出最短路线，二是根据一次函数与方程组的关系，将两直线的解析式联立方程组，求出交点坐标.
2. 2022·四川成都·3分〕平面直角坐标系中，点P〔﹣2，3〕关于x轴对称的点的坐标为〔　　〕
A．〔﹣2，﹣3〕 B．〔2，﹣3〕 C．〔﹣3，﹣2〕 D．〔3，﹣2〕
【考点】关于x轴、y轴对称的点的坐标．
【分析】直接利用关于x轴对称点的性质，横坐标不变，纵坐标互为相反数，进而得出答案．
【解答】解：点P〔﹣2，3〕关于x轴对称的点的坐标为〔﹣2，﹣3〕．
应选：A．
3. 〔2022湖北孝感，6，3分〕将含有30°角的直角三角板OAB如图放置在平面直角坐标系中，OB在x轴上，假设OA=2，将三角板绕原点O顺时针旋转75°，那么点A的对应点A′的坐标为〔　　〕
A．〔，﹣1〕 B．〔1，﹣〕 C．〔，﹣〕 D．〔﹣，〕
【考点】坐标与图形变化-旋转．
【分析】先根据题意画出点A′的位置，然后过点A′作A′C⊥OB，接下来依据旋转的定义和性质可得到OA′的长和∠COA′的度数，最后依据特殊锐角三角函数值求解即可．
【解答】解：如以下图：过点A′作A′C⊥OB．
∵将三角板绕原点O顺时针旋转75°，
∴∠AOA′=75°，OA′=OA．
∴∠COA′=45°．
∴OC=2×=，CA′=2×=．
∴A′的坐标为〔，﹣〕．
应选：C．
【点评】此题主要考查的是旋转的定义和性质、特殊锐角三角函数值的应用，得到∠COA′=45°是解题的关键．
4.〔2022·广西贺州〕如图，将线段AB绕点O顺时针旋转90°得到线段A′B′，那么A〔﹣2，5〕的对应点A′的坐标是〔　　〕
A．〔2，5〕B．〔5，2〕C．〔2，﹣5〕 D．〔5，﹣2〕
【考点】坐标与图形变化-旋转．
【分析】由线段AB绕点O顺时针旋转90°得到线段A′B′可以得出△ABO≌△A′B′O′，∠AOA′=90°，作AC⊥y轴于C，A′C′⊥x轴于C′，就可以得出△ACO≌△A′C′O，就可以得出AC=A′C′，CO=C′O，由A的坐标就可以求出结论．
【解答】解：∵线段AB绕点O顺时针旋转90°得到线段A′B′，
∴△ABO≌△A′B′O′，∠AOA′=90°，
∴AO=A′O．
作AC⊥y轴于C，A′C′⊥x轴于C′，
∴∠ACO=∠A′C′O=90°．
∵∠COC′=90°，
∴∠AOA′﹣∠COA′=∠COC′﹣∠COA′，
∴∠AOC=∠A′OC′．
在△ACO和△A′C′O中，
，
∴△ACO≌△A′C′O〔AAS〕，
∴AC=A′C′，CO=C′O．
∵A〔﹣2，5〕，
∴AC=2，CO=5，
∴A′C′=2，OC′=5，
∴A′〔5，2〕．
应选：B．
【点评】此题考查了旋转的性质的运用，全等三角形的判定及性质的运用，等式的性质的运用，点的坐标的运用，解答时证明三角形全等是关键．
5．〔2022·山东枣庄〕点P〔a+1，+1〕关于原点的对称点在第四象限，那么a的取值范围在数轴上表示正确的选项是
-2
-1
2
1
0
B．
-2
-1
2
1
0
A．
-2
-1
2
1
0
C．
-3
-2
1
0

-1
D．

【答案】C.
考点：点的坐标；不等式组的解集.
6、(2022广东，7,3分)在平面直角坐标系中，点P〔-2，-3〕所在的象限是〔 〕
A、第一象限 B、第二象限 C、第三象限 D、第四象限
答案：C
考点：平面直角坐标。
解析：因为点P的横坐标与纵坐标都是负数，所以，点P在第三象限。
2．(2022大连，,2，3分)在平面直角坐标系中，点〔1，5〕所在的象限是〔　　〕
A．第一象限B．第二象限 C．第三象限 D．第四象限
【考点】点的坐标．
【分析】根据各象限内点的坐标特征解答即可．
【解答】解：点〔1，5〕所在的象限是第一象限．
应选A．
【点评】此题考查了各象限内点的坐标的符号特征，记住各象限内点的坐标的符号是解决的关键，四个象限的符号特点分别是：第一象限〔+，+〕；第二象限〔﹣，+〕；第三象限〔﹣，﹣〕；第四象限〔+，﹣〕．
二、填空题
1.〔2022·广东茂名〕如图，在平面直角坐标系中，将△ABO绕点B顺时针旋转到△A1BO1的位置，使点A的对应点A1落在直线y=x上，再将△A1BO1绕点A1顺时针旋转到△A1B1O2的位置，使点O1的对应点O2落在直线y=x上，依次进行下去…，假设点A的坐标是〔0，1〕，点B的坐标是〔，1〕，那么点A8的横坐标是．6+6．
【考点】坐标与图形变化-旋转；一次函数图象与几何变换．
【分析】先求出点A2，A4，A6…的横坐标，探究规律即可解决问题．
【解答】解：由题意点A2的横坐标〔+1〕，
点A4的横坐标3〔+1〕，
点A6的横坐标〔+1〕，
点A8的横坐标6〔+1〕．
故答案为6+6．
【点评】此题考查坐标与图形的变换﹣旋转，一次函数图形与几何变换等知识，解题的关键是学会从特殊到一般，探究规律，由规律解决问题，属于中考常考题型．
2.〔2022·广东梅州〕点P〔3﹣m，m〕在第二象限，那么m的取值范围是___________．
答案：
考点：平面直角坐标，解不等式组。
解析：因为点P在第二象限，所以，，解得：
3. 〔2022江苏淮安，11，3分〕点A〔3，﹣2〕关于x轴对称的点的坐标是　〔3，2〕　．
【考点】关于x轴、y轴对称的点的坐标．
【分析】根据关于x轴对称的点的横坐标不变，纵坐标互为相反数解答．
【解答】解：点A〔3，﹣2〕关于x轴对称的点的坐标是〔3，2〕．
故答案为：〔3，2〕．
【点评】此题考查了关于原点对称的点的坐标，关于x轴、y轴对称的点的坐标，解决此题的关键是掌握好对称点的坐标规律：
4．〔2022·山西〕如图是利用网格画出的太原市地铁1，2，3号线路局部规划示意图．假设建立适当的平面直角坐标系，表示双塔西街点的坐标为〔0，-1〕，表示桃园路的点的坐标为〔-1，0〕，那么表示太原火车站的点〔正好在网格点上〕的坐标是〔3，0〕．
考点：坐标确实定
分析：根据双塔西街点的坐标为〔0，-1〕，可知大南门为坐标原点，从而求出太原火车站的点〔正好在网格点上〕的坐标
解答：太原火车站的点〔正好在网格点上〕的坐标〔3，0〕
5．〔2022山东省聊城市，3分〕如图，在平面直角坐标系中，边长为1的正方形OA1B1C1的两边在坐标轴上，以它的对角线OB1为边作正方形OB1B2C2，再以正方形OB1B2C2的对角线OB2为边作正方形OB2B3C3，以此类推…、那么正方形OB2022B2022C2022的顶点B2022的坐标是　〔21008，0〕　．
【考点】正方形的性质；规律型：点的坐标．
【分析】首先求出B1、B2、B3、B4、B5、B6、B7、B8、B9的坐标，找出这些坐标的之间的规律，然后根据规律计算出点B2022的坐标．
【解答】解：∵正方形OA1B1C1边长为1，
∴OB1=，
∵正方形OB1B2C2是正方形OA1B1C1的对角线OB1为边，
∴OB2=2，
∴B2点坐标为〔0，2〕，
同理可知OB3=2，
∴B3点坐标为〔﹣2，2〕，
同理可知OB4=4，B4点坐标为〔﹣4，0〕，
B5点坐标为〔﹣4，﹣4〕，B6点坐标为〔0，﹣8〕，
B7〔8，﹣8〕，B8〔16，0〕
B9〔16，16〕，B10〔0，32〕，
由规律可以发现，每经过8次作图后，点的坐标符号与第一次坐标符号相同，每次正方形的边长变为原来的倍，
∵2022÷8=252
∴B2022的纵横坐标符号与点B8的相同，横坐标为正值，纵坐标是0，
∴B2022的坐标为〔21008，0〕．
故答案为：〔21008，0〕．
【点评】此题主要考查正方形的性质和坐标与图形的性质的知识点，解答此题的关键是由点坐标的规律发现每经过8次作图后，点的坐标符号与第一次坐标符号相同，每次正方形的边长变为原来的倍．
6．〔2022.山东省泰安市，3分〕如图，在平面直角坐标系中，直线l：y=x+2交x轴于点A，交y轴于点A1，点A2，A3，…在直线l上，点B1，B2，B3，…在x轴的正半轴上，假设△A1OB1，△A2B1B2，△A3B2B3，…，依次均为等腰直角三角形，直角顶点都在x轴上，那么第n个等腰直角三角形AnBn﹣1Bn顶点Bn的横坐标为　2n+1﹣2　．
【分析】先求出B1、B2、B3…的坐标，探究规律后，即可根据规律解决问题．
【解答】解：由题意得OA=OA1=2，
∴OB1=OA1=2，
B1B2=B1A2=4，B2A3=B2B3=8，
∴B1〔2，0〕，B2〔6，0〕，B3〔14，0〕…，
2=22﹣2，6=23﹣2，14=24﹣2，…
∴Bn的横坐标为2n+1﹣2．
故答案为 2n+1﹣2．
【点评】此题考查规律型：点的坐标、等腰直角三角形的性质等知识，解题的关键是从特殊到一般，探究规律，利用规律解决问题，属于中考常考题型．
7．〔2022.山东省威海市，3分〕如图，点A1的坐标为〔1，0〕，A2在y轴的正半轴上，且∠A1A2O=30°，过点A2作A2A3⊥A1A2，垂足为A2，交x轴于点A3；过点A3作A3A4⊥A2A3，垂足为A3，交y轴于点A4；过点A4作A4A5⊥A3A4，垂足为A4，交x轴于点A5；过点A5作A5A6⊥A4A5，垂足为A5，交y轴于点A6；…按此规律进行下去，那么点A2022的纵坐标为　﹣〔〕2022．
【考点】坐标与图形性质．
【分析】先求出A1、A2、A3、A4、A5坐标，探究规律，利用规律解决问题．
【解答】解：∵A1〔1，0〕，A2[0，〔〕1]，A3[﹣〔〕2，0]．A4[0，﹣〔〕3]，A5[〔〕4，0]…，
∴序号除以4整除的话在y轴的负半轴上，余数是1在x轴的正半轴上，余数是2在y轴的正半轴上，余数是3在x轴的负半轴上，
∵2022÷4=504，
∴A2022在y轴的负半轴上，纵坐标为﹣〔〕2022．
故答案为﹣〔〕2022．
8．〔2022·江苏省扬州〕以方程组的解为坐标的点〔x，y〕在第　二　象限．
【考点】二元一次方程组的解；点的坐标．
【分析】先求出x、y的值，再根据各象限内点的坐标特点即可得出结论．
【解答】解：，
∵①﹣②得，3x+1=0，解得x=﹣，
把x的值代入②得，y=﹣+1=，
∴点〔x，y〕的坐标为：〔﹣，〕，
∴此点在第二象限．
故答案为：二．
9．〔2022•呼和浩特〕平行四边形ABCD的顶点A在第三象限，对角线AC的中点在坐标原点，一边AB与x轴平行且AB=2，假设点A的坐标为〔a，b〕，那么点D的坐标为　〔﹣2﹣a，﹣b〕〔2﹣a，﹣b〕　．
【考点】平行四边形的性质；坐标与图形性质．
【分析】根据平行四边形的性质得到CD=AB=2，根据条件得到B〔2+a，b〕，或〔a﹣2，b〕，∵由于点D与点B关于原点对称，即可得到结论．
【解答】解：如图1，
∵四边形ABCD是平行四边形，
∴CD=AB=2，
∵A的坐标为〔a，b〕，AB与x轴平行，
∴B〔2+a，b〕，∵点D与点B关于原点对称，
∴D〔﹣2﹣a，﹣b〕
如图2，∵B〔a﹣2，b〕，∵点D与点B关于原点对称，
∴D〔2﹣a，﹣b〕，
综上所述：D〔﹣2﹣a，﹣b〕，〔2﹣a，﹣b〕．
三、解答题
1. 〔2022·湖北咸宁〕〔此题总分值12分〕如图1，在平面直角坐标系xOy中，点A的坐标为〔0，1〕，取一点B〔b，0〕，连接AB，作线段AB的垂直平分线l1，过点B作x轴的垂线l2，记l1，l2的交点为P.
〔1〕当b=3时，在图1中补全图形〔尺规作图，不写作法，保存作图痕迹〕；
〔2〕小慧屡次取不同数值b，得出相应的点P，并把这些点用平滑的曲线连接起来，发现：这些点P竟然在一条曲线L上！
①设点P的坐标为〔x，y〕，试求y与x之间的关系式，并指出曲线L是哪种曲线；
②设点P到x轴，y轴的距离分别为d1，d2，求d1+d2的范围. 当d1+d2=8时，求点P的坐标；
③将曲线L在直线y=2下方的局部沿直线y=2向上翻折，得到一条“W〞形状的新曲线，假设直线y=kx+3与这条“W〞形状的新曲线有4个交点，直接写出k的取值范围.
图1 图2
【考点】二次函数，一次函数，尺规作图，平面直角坐标系，勾股定理，一元二次方程，轴对称——翻折，最值问题.
【分析】〔1〕根据垂直平分线、垂线的尺规作图方法画图即可，要标出字母；
〔2〕①分x＞0和x≤0两种情况讨论：当x＞0时，如图2，连接AP，过点P作PE⊥y轴于点E，可得出PA=PB=y；再在Rt△APE中，EP=OB=x，AE=OE-OA= y-1，由勾股定理，可求出y与x之间的关系式；当x≤0时，点P〔x，y〕同样满足y=x2+，曲线L就是二次函数y=x2+的图像，也就是说
曲线L是一条抛物线.
②首先用代数式表示出d1，d2：d1=x2+，d2=｜x｜，得出d1+d2=x2++｜x｜，可知当x=0时，d1+d2有最小值，因此d1+d2的范围是d1+d2≥；当d1+d2=8时，那么x2++｜x｜=8. 将x从绝对值中开出来，故需分x≥0和x＜0两种情况讨论：当x≥0时，将原方程化为x2++x=8，解出x1，x2即可；当x＜0时，将原方程化为x2+－x=8，解出x1，x2即可；最后将x=±3代入y=x2+，求得P的纵坐标，从而得出点P的坐标.
③直接写出k的取值范围即可.
【解答】解：〔1〕如图1所示〔画垂直平分线，垂线，标出字母各1分〕.
……………………………………………………………..3分
E
图1 图2
〔2〕①当x＞0时，如图2，连接AP，过点P作PE⊥y轴于点E.
∵l1垂直平分AB
∴PA=PB=y.
在Rt△APE中，EP=OB=x，AE=OE-OA= y-1.
由勾股定理，得 (y-1)2+x2=y2. ………………………………………5分
整理得，y=x2+.
当x≤0时，点P〔x，y〕同样满足y=x2+. ……………………….6分
∴曲线L就是二次函数y=x2+的图像.
即曲线L是一条抛物线. …………………………………………………………7分
②由题意可知，d1=x2+，d2=｜x｜.
∴d1+d2=x2++｜x｜.
当x=0时，d1+d2有最小值.
∴d1+d2的范围是d1+d2≥. ………………………………………………8分
当d1+d2=8时，那么x2++｜x｜=8.
〔Ⅰ〕当x≥0时，原方程化为x2++x=8.
解得x1=3，x2= -5〔舍去〕.
〔Ⅱ〕当x＜0时，原方程化为x2+－x=8.
解得x1= -3，x2= 5〔舍去〕.
将x=±3代入y=x2+，得y=5. …………………………………….9分
∴点P的坐标为〔3，5〕或〔-3，5〕. …………………………….10分
③k的取值范围是：－＜k＜. …………………………………………….12分
解答过程如下〔过程不需写〕：
把y=2代入y=x2+，得x1=－，x2=.
∴直线y=2与抛物线y=x2+两个交点的坐标为〔－，2〕和〔，2〕.
当直线y=kx+3过点〔－，2〕时，可求得k=；
当直线y=kx+3过点〔，2〕时，可求得k=－.
故当直线y=kx+3与这条“W〞形状的新曲线有4个交点时，k的取值范围是：－＜k＜. ……………………………………………………………….12分
【点评】此题是压轴题，综合考查了二次函数，一次函数，尺规作图，勾股定理，平面直角坐标系，一元二次方程，轴对称——翻折，最值问题. 读懂题目、准确作图、熟谙二次函数及其图像是解题的关键. 近几年的中考，一些题型灵活、设计新颖、富有创意的压轴试题涌现出来，其中一类以平移、旋转、翻折等图形变换为解题思路的题目更是成为中考压轴大戏的主角。解决压轴题目的关键是找准切入点，如添辅助线构造定理所需的图形或根本图形；紧扣不变量，并善于使用前题所采用的方法或结论；深度挖掘题干，反复认真的审题，在题目中寻找多解的信息，等等. 压轴题牵涉到的知识点较多，知识转化的难度较高，除了要熟知各类知识外，平时要多练，提高知识运用和转化的能力。