2022年青海省西宁市中考数学试卷(解析版).docx

2022年青海省西宁市中考数学试卷
一、选择题〔本大题共10小题，每题3分，共30分，在每题给出的四个选项中，恰有一项为哪一项最符合题目要求的．〕
1．〔3分〕〔2022•西宁〕﹣3的相反数是〔　　〕

A．
﹣3
B．
﹣
C．

D．
3
考点：
相反数．菁优网版权所有
分析：
根据只有符号不同的两个数互为相反数解答．
解答：
解：﹣3的相反数是3．
应选D．
点评：
此题考查了相反数的定义，是根底题，熟记概念是解题的关键．
2．〔3分〕〔2022•西宁〕以下各式计算正确的选项是〔　　〕

A．
3a+2a=5a2
B．
〔2a〕3=6a3
C．
〔x﹣1〕2=x2﹣1
D．
2×=4
考点：
二次根式的乘除法；合并同类项；幂的乘方与积的乘方；完全平方公式．菁优网版权所有
分析：
根据合并同类项的法那么，积的乘方，二次根式的乘法与完全平方公式的知识求解即可求得答案．
解答：
解：A、3a+2a=5a，故A选项错误；
B、〔2a〕3=8a3，故B选项错误；
C、〔x﹣1〕2=x2﹣2x+1．故C选项错误；
D、2×=4，故D选项正确．
应选：D．
点评：
此题考查了合并同类项的法那么，积的乘方，二次根式的乘法与完全平方公式的知识，解题要熟记法那么，公式．
3．〔3分〕〔2022•西宁〕以下线段能构成三角形的是〔　　〕

A．
2，2，4
B．
3，4，5
C．
1，2，3
D．
2，3，6
考点：
三角形三边关系．菁优网版权所有
分析：
根据三角形的任意两边之和大于第三边，对各选项的数据进行判断即可．
解答：
解：A、2+2=4，不能构成三角形，故本选项错误；
B、3、4、5，能构成三角形，故本选项正确；
C、1+2=3，不能构成三角形，故本选项错误；
D、2+3＜6，不能构成三角形，故本选项错误．
应选B．
点评：
此题考查了三角形的三边关系，熟记三角形的任意两边之和大于第三边，两边之差小于第三边是解题的关键．
4．〔3分〕〔2022•西宁〕一次英语测试后，随机抽取九年级某班5名学生的成绩如下：91，78，98，85，98．关于这组数据说法正确的选项是〔　　〕

A．
中位数是91
B．
平均数是91
C．
众数是91
D．
极差是78
考点：
中位数；算术平均数；众数；极差．菁优网版权所有
分析：
根据极差、中位数、众数及平均数的定义，结合数据进行分析即可．
解答：
解：A、将数据从小到大排列为：78，85，91，98，98，中位数是91，故本选项正确；
B、平均数是〔91+78+98+85+98〕÷5=90，故本选项错误；，
C、众数是98，故本选项错误；
D、极差是98﹣78=20，故本选项错误；
应选：A．
点评：
此题考查了极差、中位数、众数及平均数的知识，中位数是将一组数据从小到大〔或从大到小〕重新排列后，最中间的那个数〔最中间两个数的平均数〕，众数是一组数据中出现次数最多的数，极差是用最大值减去最小值．
5．〔3分〕〔2022•西宁〕如图是每个面上都有一个汉字的正方体的一种平面展开图，那么在原正方体中和“国〞字相对的面是〔　　〕

A．
中
B．
钓
C．
鱼
D．
岛
考点：
专题：正方体相对两个面上的文字．菁优网版权所有
分析：
由平面图形的折叠及立体图形的外表展开图的特点解题．
解答：
解：此题考查了正方体的平面展开图，对于正方体的平面展开图中相对的面一定相隔一个小正方形，由图形可知，与“国〞字相对的字是“鱼〞．
应选C．
点评：
此题考查了正方体相对的两个面上的文字，注意正方体的空间图形，从相对面入手，分析及解答问题．
6．〔3分〕〔2022•西宁〕将两个全等的直角三角形纸片构成如图的四个图形，其中属于中心对称图形的是〔　　〕

A．

B．

C．

D．

考点：
中心对称图形．菁优网版权所有
分析：
根据中心对称图形的概念求解．
解答：
解：A、不是中心对称图形，故此选项错误；
B、不是中心对称图形，故此选项错误；
C、是中心对称图形，故此选项正确；
D、不是中心对称图形，故此选项错误；
应选：C．
点评：
此题主要考查了中心对称图形，中心对称图形是要寻找对称中心，旋转180度后两局部重合．
7．〔3分〕〔2022•西宁〕如图，在△ABC中，∠C=90°，∠B=30°，AD平分∠CAB交BC于点D，E为AB上一点，连接DE，那么以下说法错误的选项是〔　　〕

A．
∠CAD=30°
B．
AD=BD
C．
BD=2CD
D．
CD=ED
考点：
含30度角的直角三角形；角平分线的性质；等腰三角形的判定与性质．菁优网版权所有
分析：
根据三角形内角和定理求出∠CAB，求出∠CAD=∠BAD=∠B，推出AD=BD，AD=2CD即可．
解答：
解：∵在△ABC中，∠C=90°，∠B=30°，
∴∠CAB=60°，
∵AD平分∠CAB，
∴∠CAD=∠BAD=30°，
∴∠CAD=∠BAD=∠B，
∴AD=BD，AD=2CD，
∴BD=2CD，
根据不能推出CD=DE，
即只有D错误，选项A、B、C的答案都正确；
故D．
点评：
此题考查了三角形的内角和定理，等腰三角形的判定，含30度角的直角三角形的性质的应用，注意：在直角三角形中，如果有一个角等于30°，那么它所对的直角边等于斜边的一半．
8．〔3分〕〔2022•西宁〕反比例函数y1=和正比例函数y2=mx的图象如图，根据图象可以得到满足y1＜y2的x的取值范围是〔　　〕

A．
x＞1
B．
﹣＜x＜1或x＜﹣1
C．
﹣1＜x＜0或x＞1
D．
x＞2或x＜1
考点：
反比例函数与一次函数的交点问题．菁优网版权所有
专题：
数形结合．
分析：
先根据正比例函数和反比例函数图象的性质得反比例函数y1=和正比例函数y2=mx的另一个交点坐标为〔﹣1，﹣2〕，然后观察函数图象得到当﹣1＜x＜0或x＞1时，正比例函数图象都在反比例函数图象上方，即y1＜y2．
解答：
解：∵反比例函数y1=和正比例函数y2=mx的交点关于原点中心对称，
∴反比例函数y1=和正比例函数y2=mx的另一个交点坐标为〔﹣1，﹣2〕，
∴当﹣1＜x＜0或x＞1时，y1＜y2．
点评：
此题考查了反比例函数与一次函数的交点问题：反比例函数与一次函数图象的交点坐标满足两函数解析式．也考查了待定系数法求函数解析式以及观察函数图象的能力．
9．〔3分〕〔2022•西宁〕如图1，某超市从一楼到二楼有一自动扶梯，图2是侧面示意图．自动扶梯AB的坡度为1：2.4，AB的长度是13米，MN是二楼楼顶，MN∥PQ，C是MN上处在自动扶梯顶端B点正上方的一点，BC⊥MN，在自动扶梯底端A处测得C点的仰角为42°，那么二楼的层高BC约为〔精确到0.1米，sin42°≈0.67，tan42°≈0.90〕〔　　〕

A．
10.8米
B．
8.9米
C．
8.0米
D．
5.8米
考点：
解直角三角形的应用-仰角俯角问题；解直角三角形的应用-坡度坡角问题．菁优网版权所有
分析：
延长CB交PQ于点D，根据坡度的定义即可求得BD的长，然后在直角△CDA中利用三角函数即可求得CD的长，那么BC即可得到．
解答：
解：延长CB交PQ于点D．
∵MN∥PQ，BC⊥MN，
∴BC⊥PQ．
∵自动扶梯AB的坡度为1：2.4，
∴==．
设BD=5k米，AD=12k米，那么AB=13k米．
∵AB=13米，
∴k=1，
∴BD=5米，AD=12米．
在Rt△CDA中，∠CDA=90゜，∠CAD=42°，
∴CD=AD•tan∠CAD≈12×0.90≈10.8米，
∴BC≈5.8米．
应选：D．

点评：
此题考查仰角和坡度的定义，要求学生能借助仰角构造直角三角形并解直角三角形．
10．〔3分〕〔2022•西宁〕如图，矩形ABCD中，AB=3，BC=5，点P是BC边上的一个动点〔点P不与点B，C重合〕，现将△PCD沿直线PD折叠，使点C落下点C1处；作∠BPC1的平分线交AB于点E．设BP=x，BE=y，那么y关于x的函数图象大致应为〔　　〕

A．

B．

C．

D．

考点：
动点问题的函数图象．菁优网版权所有
分析：
根据翻折变换的性质可得∠CPD=∠C′PD，根据角平分线的定义可得∠BPE=∠C′PE，然后求出∠BPE+∠CPD=90°，再根据直角三角形两锐角互余求出∠CPD+∠PDC=90°，从而得到∠BPE=∠PDC，根据两组角对应相等的三角形相似求出△PCD和△EBP相似，根据相似三角形对应边成比例列式求出y与x的关系式，再根据二次函数的图象解答即可．
解答：
解：由翻折的性质得，∠CPD=∠C′PD，
∵PE平分∠BPC1，
∴∠BPE=∠C′PE，
∴∠BPE+∠CPD=90°，
∵∠C=90°，
∴∠CPD+∠PDC=90°，
∴∠BPE=∠PDC，
又∵∠B=∠C=90°，
∴△PCD∽△EBP，
∴=，
即=，
∴y=x〔5﹣x〕=﹣〔x﹣〕2+，
∴函数图象为C选项图象．
应选C．
点评：
此题考查了动点问题的函数图象，主要利用了翻折变换的性质，相似三角形的判定与性质，表示出y与x的函数解析式是解题的关键，还需注意C、D两选项的区别．
二、填空题〔本大题共10小题，每题2分，共20分，不需写出解答过程〕
11．〔2分〕〔2022•西宁〕计算：a2•a3=　a5．
考点：
同底数幂的乘法．菁优网版权所有
分析：
根据同底数的幂的乘法，底数不变，指数相加，计算即可．
解答：
解：a2•a3=a2+3=a5．
故答案为：a5．
点评：
熟练掌握同底数的幂的乘法的运算法那么是解题的关键．
12．〔2分〕〔2022•西宁〕2014年6月4日据经济日报报道：青海格尔木枸杞已进入国际市场，远销美国、欧盟、东南亚等国家和地区，出口创汇达4000000美元，将4000000美元用科学记数法表示为　4×106美元．
考点：
科学记数法—表示较大的数．菁优网版权所有
分析：
科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数．确定n的值时，要看把原数变成a时，小数点移动了多少位，n的绝对值与小数点移动的位数相同．当原数绝对值＞1时，n是正数；当原数的绝对值＜1时，n是负数．
解答：
解：4000000=4×106．
故答案为：4×106．
点评：
此题考查科学记数法的表示方法．科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数，表示时关键要正确确定a的值以及n的值．
13．〔2分〕〔2022•西宁〕二次根式在实数范围内有意义，那么x的取值范围为　x≥﹣．
考点：
二次根式有意义的条件．菁优网版权所有
分析：
先根据二次根式有意义的条件列出关于x的不等式，求出x的取值范围即可．
解答：
解：∵二次根式在实数范围内有意义，
∴2x+1≥0，
解得x≥﹣．
故答案为：x≥﹣．
点评：
此题考查的是二次根式有意义的条件，熟知二次根式中的被开方数是非负数是解答此题的关键．
14．〔2分〕〔2022•西宁〕如图，边长为a、b的矩形，它的周长为14，面积为10，那么a2b+ab2的值为　70　．
考点：
因式分解的应用．菁优网版权所有
专题：
压轴题．
分析：
应把所给式子进行因式分解，整理为与所给周长和面积相关的式子，代入求值即可．
解答：
解：∵a+b=7，ab=10，
∴a2b+ab2=ab〔a+b〕=70．
点评：
此题既考查了对因式分解方法的掌握，又考查了代数式求值的方法，同时还隐含了整体的数学思想和正确运算的能力．
15．〔2分〕〔2022•西宁〕如图，小红随意在地板上踢毽子，那么毽子恰好落在黑色方砖上的概率为．
考点：
几何概率．菁优网版权所有
分析：
先求出黑色方砖在整个地板面积中所占面积的比值，根据此比值即可解答．
解答：
解：∵黑色方砖的面积为5，所有方砖的面积为20，
∴键子恰落在黑色方砖上的概率为P〔A〕==．
故答案为；．
点评：
此题考查了几何概率，用到的知识点为：概率=相应的面积与总面积之比，关键是求出黑色方砖在整个地板面积中所占面积的比值，．
16．〔2分〕〔2022•西宁〕假设扇形的圆心角为60°，弧长为2π，那么扇形的半径为　6　．
考点：
弧长的计算．菁优网版权所有
专题：
计算题．
分析：
利用扇形的弧长公式表示出扇形的弧长，将的圆心角及弧长代入，即可求出扇形的半径．
解答：
解：∵扇形的圆心角为60°，弧长为2π，
∴l=，即2π=，
那么扇形的半径R=6．
故答案为：6
点评：
此题考查了弧长的计算公式，扇形的弧长公式为l=〔n为扇形的圆心角度数，R为扇形的半径〕，熟练掌握弧长公式是解此题的关键．
17．〔2分〕〔2022•西宁〕如图，直角梯形ABCD的一条对角线把梯形分为一个直角三角形和一个以BC为底的等腰三角形．假设梯形上底为5，那么连接△DBC两腰中点的线段的长为　5　．
考点：
直角梯形；等腰三角形的性质；三角形中位线定理．菁优网版权所有
分析：
利用直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半以及等腰三角形的性质和三角形中位线性质进而得出四边形AEFD是平行四边形，进而求出EF的长．
解答：
解：连接△DBC两腰中点的线段EF，AE，
由题意可得出：AD∥BC，
∵EF是△DBC的中位线，
∴EFBC
∴AD∥BC，
∵BD=CD，
∴∠DBC=∠DCB，
那么∠DEF=∠DFE，
∵AD∥EF，
∴∠ADE=∠DEF，
∵BE=DE，∠BAD=90°，
∴AE=DE=BE，
∴∠EAD=∠ADE，
∴∠AED=∠FDE，
∴AE∥DF，
∴四边形AEFD是平行四边形，
∴AD=EF=5．
故答案为：5．

点评：
此题主要考查了直角梯形以及等腰三角形和三角形中位线定理等知识，得出四边形AEFD是平行四边形是解题关键．
18．〔2分〕〔2022•西宁〕⊙O的半径为R，点O到直线l的距离为d，R，d是方程x2﹣4x+m=0的两根，当直线l与⊙O相切时，m的值为　4　．
考点：
直线与圆的位置关系；根的判别式．菁优网版权所有
分析：
先根据切线的性质得出方程有且只有一个根，再根据△=0即可求出m的值．
解答：
解：∵d、R是方程x2﹣4x+m=0的两个根，且直线L与⊙O相切，
∴d=R，
∴方程有两个相等的实根，
∴△=16﹣4m=0，
解得，m=4，
故答案为：4．
点评：
此题考查的是切线的性质及一元二次方程根的判别式，熟知以上知识是解答此题的关键．
19．〔2分〕〔2022•西宁〕如图，在平面直角坐标系中，O为坐标原点，四边形OABC是矩形，点A，C的坐标分别为A〔10，0〕，C〔0，4〕，点D是OA的中点，点P为线段BC上的点．小明同学写出了一个以OD为腰的等腰三角形ODP的顶点P的坐标〔3，4〕，请你写出其余所有符合这个条件的P点坐标　〔2，4〕或〔8，4〕　．
考点：
矩形的性质；坐标与图形性质；等腰三角形的判定．菁优网版权所有
分析：
根据点A、C的坐标求出OA、OC，再根据线段中点的定义求出OD=5，过点P作PE⊥x轴于E，根据点P〔3，4〕判断出OP=OD，再根据PD=OD利用勾股定理列式求出DE的长，然后分点E在点D的左边与右边两种情况求出OE，然后写出点P的坐标即可．
解答：
解：∵A〔10，0〕，C〔0，4〕，
∴OA=10，OC=4，
∵点D是OA的中点，
∴OD=OA=×10=5，
过点P作PE⊥x轴于E，
那么PE=OC=4，
∵P〔3，4〕，
∴OP==5，
∴此时，OP=OD，
当PD=OD时，由勾股定理得，DE===3，
假设点E在点D的左边，OE=5﹣3=2，
此时，点P的坐标为〔2，4〕，
假设点E在点D的右边，那么OE=5+3=8，
此时，点P的组别为〔8，4〕，
综上所述，其余的点P的坐标为〔2，4〕或〔8，4〕．
故答案为：〔2，4〕或〔8，4〕．

点评：
此题考查了矩形的性质，坐标与图形性质，等腰三角形的性质，勾股定理，难点在于要分两种情况写出点P的坐标．
20．〔2分〕〔2022•西宁〕如图，点G是正方形ABCD对角线CA的延长线上任意一点，以线段AG为边作一个正方形AEFG，线段EB和GD相交于点H．假设AB=，AG=1，那么EB=．
考点：
正方形的性质；全等三角形的判定与性质；勾股定理．菁优网版权所有
分析：
首先连接BD交AC于O，由四边形ABCD、AGFE是正方形，即可得AB=AD，AE=AG，∠DAB=∠EAG，然后利用SAS即可证得△EAB≌△GAD，那么可得EB=GD，然后在Rt△ODG中，利用勾股定理即可求得GD的长，继而可得EB的长．
解答：
解：连接BD交AC于O，
∵四边形ABCD、AGFE是正方形，
∴AB=AD，AE=AG，∠DAB=∠EAG，
∴∠EAB=∠GAD，
在△AEB和△AGD中，
，
∴△EAB≌△GAD〔SAS〕，
∴EB=GD，
∵四边形ABCD是正方形，AB=，
∴BD⊥AC，AC=BD=AB=2，
∴∠DOG=90°，OA=OD=BD=1，
∵AG=1，
∴OG=OA+AG=2，
∴GD==，
∴EB=．
故答案为：．

点评：
此题考查了正方形的性质、全等三角形的判定与性质以及勾股定理．此题难度适中，注意掌握数形结合思想的应用，注意掌握辅助线的作法．
三、解答题〔本大题共8小题，第21、22题每题7分，第23、24、25题每题7分，第26、27题每题7分，第28题12分，共70分，解答时写出文字说明、证明过程或演算步骤〕
21．〔7分〕〔2022•西宁〕计算：﹣12022+|﹣|﹣sin45°．
考点：
实数的运算；特殊角的三角函数值．菁优网版权所有
专题：
计算题．
分析：
原式第一项利用乘方的意义化简，第二项利用绝对值的代数意义化简，最后一项利用特殊角的三角函数值计算即可得到结果．
解答：
解：原式=﹣1+﹣=﹣1．
点评：
此题考查了实数的运算，以及特殊角的三角函数值，熟练掌握运算法那么是解此题的关键．
22．〔7分〕〔2022•西宁〕〔1〕解关于m的分式方程=﹣1；
〔2〕假设〔1〕中分式方程的解m满足不等式mx+3＞0，求出此不等式的解集．
考点：
解分式方程；解一元一次不等式．菁优网版权所有
专题：
计算题．
分析：
〔1〕方程去分母转化为整式方程，求出整式方程的解得到m的值，检验即可；
〔2〕将m的值代入不等式，即可求出解集．
解答：
解：〔1〕去分母得：﹣m+3=5，
解得：m=﹣2，
经检验m=﹣2是分式方程的解；
〔2〕将m=﹣2代入不等式得：﹣2x+3＞0，
解得：x＜1.5．
点评：
此题考查了解分式方程，以及解一元一次不等式，熟练掌握运算法那么是解此题的关键．
23．〔8分〕〔2022•西宁〕 如图，▱ABCD水平放置在平面直角坐标系xOy中，假设点A，D的坐标分别为〔﹣2，5〕，〔0，1〕，点B〔3，5〕在反比例函数y=〔x＞0〕图象上．
〔1〕求反比例函数y=的解析式；
〔2〕将▱ABCD沿x轴正方向平移10个单位后，能否使点C落在反比例函数y=的图象上并说明理由．
考点：
平行四边形的性质；反比例函数图象上点的坐标特征；待定系数法求反比例函数解析式；坐标与图形变化-平移．菁优网版权所有
分析：
〔1〕利用待定系数法把B〔3，5〕代入反比例函数解析式可得k的值，进而得到函数解析式；
〔2〕根据A、D、B三点坐标可得AB=5，AB∥x轴，根据平行四边形的性质可得AB∥CD∥x轴，再由C点坐标可得▱ABCD沿x轴正方向平移10个单位后C点坐标为〔15，1〕，根据反比例函数图象上点的坐标特点可得点C落在反比例函数y=的图象上．
解答：
解：〔1〕∵点B〔3，5〕在反比例函数y=〔x＞0〕图象上，
∴k=15，
∴反比例函数的解析式为y=；

〔2〕平移后的点C能落在y=的图象上；
∵四边形ABCD是平行四边形，
∴AB∥CD，AB=CD，
∵点A，D的坐标分别为〔﹣2，5〕，〔0，1〕，点B〔3，5〕，
∴AB=5，AB∥x轴，
∴DC∥x轴，
∴点C的坐标为〔5，1〕，
∴▱ABCD沿x轴正方向平移10个单位后C点坐标为〔15，1〕，
∴平移后的点C能落在y=的图象上．
点评：
此题主要考查了平行四边形的性质，以及待定系数法求反比例函数和反比例函数图象上点的坐标特点，根据题意得到AB=5，AB∥x轴是解决问题的关键．
24．〔8分〕〔2022•西宁〕课间，小明拿着老师的等腰三角板玩，不小心掉到两墙之间，如图．
〔1〕求证：△ADC≌△CEB；
〔2〕从三角板的刻度可知AC=25cm，请你帮小明求出砌墙砖块的厚度a的大小〔每块砖的厚度相等〕．
考点：
全等三角形的应用；勾股定理的应用．菁优网版权所有
分析：
〔1〕根据题意可得AC=BC，∠ACB=90°，AD⊥DE，BE⊥DE，进而得到∴∠ADC=∠CEB=90°，再根据等角的余角相等可得∠BCE=∠DAC，再证明△ADC≌△CEB即可．
〔2〕由题意得：AD=4a，BE=3a，根据全等可得DC=BE=3a，根据勾股定理可得〔4a〕2+〔3a〕2=252，再解即可．
解答：
〔1〕证明：由题意得：AC=BC，∠ACB=90°，AD⊥DE，BE⊥DE，
∴∠ADC=∠CEB=90°，
∴∠ACD+∠BCE=90°，∠ACD+∠DAC=90°，
∴∠BCE=∠DAC，
在△ADC和△CEB中，
，
∴△ADC≌△CEB〔AAS〕；

〔2〕解：由题意得：AD=4a，BE=3a，
由〔1〕得：△ADC≌△CEB，
∴DC=BE=3a，
在Rt△ACD中：AD2+CD2=AC2，
∴〔4a〕2+〔3a〕2=252，
∵a＞0，
解得a=5，
答：砌墙砖块的厚度a为5cm．

点评：
此题主要考查了全等三角形的应用，以及勾股定理的应用，关键是正确找出证明三角形全等的条件．
25．〔8分〕〔2022•西宁〕2022年西宁市教育局建立了“西宁招考信息网〞，实现了“网上二填报三公开三查询〞，标志着西宁中考迈出网络化管理第一步，在全市第二次模拟考试实战演练后，通过网上查询，某校数学教师对本班数学成绩〔成绩取整数，总分值为120分〕作了统计分析，绘制成频数分布步和频数分布直方图，请你根据图表提供的信息，解答以下问题：
频数分布表：
分组
频数
频率
60＜x≤72
2
0.04
72＜≤84
8
0.16
84＜x≤96
20
a
96＜x≤108
16
0.32
108＜x≤120
b
0.08
合计
50
1
〔1〕频数分布表中a=　0.4　，b=　4　；
〔2〕补全频数分布直方图；
〔3〕为了鼓励学生，教师准备从超过108分的学生中选2人介绍学习经验，那么取得118分的小红和112分的小明同时被选上的概率是多少请用列表法或画树形图加以说明，并列出所有可能的结果．
考点：
频数〔率〕分布直方图；频数〔率〕分布表；列表法与树状图法．菁优网版权所有
专题：
图表型．
分析：
〔1〕根据频率之和为1与频数之和等于50分别列式计算即可求出a、b；
〔2〕根据b的值补全统计图即可；
〔3〕设另外两个人分别是A、B，然后画出树状图，再根据概率公式进行计算即可得解．
解答：
解：〔1〕a=1﹣0.04﹣0.16﹣0.32﹣0.08=1﹣0.6=0.4，
b=50﹣2﹣8﹣20﹣16=50﹣46=4；
故答案为：0.4，4；

〔2〕补全统计图如下列图；

〔3〕设另外两个人分别是A、B，
根据题意画出树状图如下：

所有可能出现的结果是：〔小明，小红〕，〔小明、A〕，〔小明，B〕，〔小红，小明〕，〔小红，A〕，〔小红，B〕，
〔A，小明〕，〔A，小红〕，〔A，B〕，〔B，小明〕，〔B，小红〕，〔B，A〕，
由此可见，共有12种可能出现的结果，这些结果出现的可能性相等，其中抽到小明、小红两名学生的结果有2种，
所以，P〔恰好抽到小明，小红〕==．

点评：
此题考查读频数分布直方图的能力和利用统计图获取信息的能力；利用统计图获取信息时，必须认真观察、分析、研究统计图，才能作出正确的判断和解决问题．
26．〔10分〕〔2022•西宁〕 如图，AB是⊙O的直径，点C，D是半圆O的三等分点，过点C作⊙O的切线交AD的延长线于点E，过点D作DF⊥AB于点F，交⊙O于点H，连接DC，AC．
〔1〕求证：∠AEC=90°；
〔2〕试判断以点A，O，C，D为顶点的四边形的形状，并说明理由；
〔3〕假设DC=2，求DH的长．
考点：
切线的性质；等边三角形的判定与性质；菱形的判定与性质；解直角三角形．菁优网版权所有
分析：
〔1〕连接OC，根据EC与⊙O切点C，那么∠OCE=90°，由题意得==，∠DAC=∠CAB，即可证明AE∥OC，那么∠AEC+∠OCE=180°，从而得出∠AEC=90°；
〔2〕四边形AOCD为菱形．由〔1〕得=，那么∠DCA=∠CAB可证明四边形AOCD是平行四边形，再由OA=OC，即可证明平行四边形AOCD是菱形〔一组邻边相等的平行四边形是菱形〕；
〔3〕连接OD．根据四边形AOCD为菱形，得△OAD是等边三角形，那么∠AOD=60°，再由DH⊥AB于点F，AB为直径，在Rt△OFD中，根据sin∠AOD=，求得DH的长．
解答：
解：〔1〕连接OC，
∵EC与⊙O切点C，
∴OC⊥EC，
∴∠OCE=90°，
∵点CD是半圆O的三等分点，
∴==，
∴∠DAC=∠CAB，
∵OA=OC，
∴∠CAB=∠OCA，
∴∠DAC=∠OCA，
∴AE∥OC〔内错角相等，两直线平行〕
∴∠AEC+∠OCE=180°，
∴∠AEC=90°；
〔2〕四边形AOCD为菱形．
理由是：
∵=，
∴∠DCA=∠CAB，
∴CD∥OA，
又∵AE∥OC，
∴四边形AOCD是平行四边形，
∵OA=OC，
∴平行四边形AOCD是菱形〔一组邻边相等的平行四边形是菱形〕；
〔3〕连接OD．
∵四边形AOCD为菱形，
∴OA=AD=DC=2，
∵OA=OD，
∴OA=OD=AD=2，
∴△OAD是等边三角形，
∴∠AOD=60°，
∵DH⊥AB于点F，AB为直径，
∴DH=2DF，
在Rt△OFD中，sin∠AOD=，
∴DF=ODsin∠AOD=2sin60°=，
∴DH=2DF=2．

点评：
此题考查了切线的性质、等边三角形的判定和性质、菱形的判定和性质以及解直角三角形，是中学阶段的重点内容．
27．〔10分〕〔2022•西宁〕今年5月1日起实施 青海省保障性住房准入分配退出和运营管理实施细那么 规定：公共租赁住房和廉租住房并轨运行〔以下简称并轨房〕，方案10年内解决低收入人群住房问题．第x年〔x为正整数〕投入使用的并轨房面积为y百万平方米，且y与x的函数关系式为y=﹣x+5．由于物价上涨等因素的影响，每年单位面积租金也随之上调．假设每年的并轨房全部出租完，预计第x年投入使用的并轨房的单位面积租金z与时间x满足一次函数关系如下表：
时间x〔单位：年，x为正整数〕
1
2
3
4
5
…
单位面积租金z〔单位：元/平方米〕
50
52
54
56
58

〔1〕求出z与x的函数关系式；
〔2〕设第x年政府投入使用的并轨房收取的租金为W百万元，请问政府在第几年投入使用的并轨房收取的租金最多，最多为多少百万元
考点：
二次函数的应用．菁优网版权所有
分析：
〔1〕设z与x的一次函数关系为z=kx+b〔k≠0〕，然后任取两组数据，利用待定系数法求一次函数解析式解答即可；
〔2〕根据租金=单位面积租金×面积列式整理得到W与x的关系式，再整理成顶点式形式，然后根据二次函数的最值问题解答．
解答：
解：〔1〕设z与x的一次函数关系为z=kx+b〔k≠0〕，
∵x=1时，z=50，x=2时，z=52，
∴，
解得，
∴z与x的函数关系式为z=2x+48；

〔2〕由题意得，W=yz=〔﹣x+5〕〔2x+48〕，
=﹣x2+2x+240，
=﹣〔x2﹣6x+9〕+3+240，
=﹣〔x﹣3〕2+243，
∵﹣＜0，
∴当x=3时，W有最大值为243，
答：政府在第3年投入使用的并轨房收取的租金最多，最多为243百万元．
点评：
此题考查了二次函数的应用，〔2〕读懂题目信息，列出W关于x的函数关系式并整理成顶点式形式是解题的关键．
28．〔12分〕〔2022•西宁〕如图，抛物线y=﹣x2+x﹣2交x轴于A，B两点〔点A在点B的左侧〕，交y轴于点C，分别过点B，C作y轴，x轴的平行线，两平行线交于点D，将△BDC绕点C逆时针旋转，使点D旋转到y轴上得到△FEC，连接BF．
〔1〕求点B，C所在直线的函数解析式；
〔2〕求△BCF的面积；
〔3〕在线段BC上是否存在点P，使得以点P，A，B为顶点的三角形与△BOC相似假设存在，求出点P的坐标；假设不存在，请说明理由．
考点：
二次函数综合题．菁优网版权所有
分析：
〔1〕根据坐标轴上点的坐标特征可得点B，C的坐标，再根据待定系数法可得点B，C所在直线的函数解析式；
〔2〕根据勾股定理可得BC的长，根据旋转的性质和三角形面积公式即可求解；
〔3〕存在．分两种情况讨论：①过A作AP1⊥x轴交线段BC于点P1，那么△BAP1∽△BOC；②过A作AP2⊥BC，垂足点P2，过点P2作P2Q⊥x轴于点Q．那么△BAP2∽△BCO；依此讨论即可求解．
解答：
解：〔1〕当y=0时，﹣x2+x﹣2=0，
解得x1=2，x2=4，
∴点A，B的坐标分别为〔2，0〕，〔4，0〕，
当x=0时，y=﹣2，
∴C点的坐标分别为〔0，﹣2〕，
设直线BC的解析式为y=kx+b〔k≠0〕，
那么，
解得．
∴直线BC的解析式为y=x﹣3；

〔2〕∵CD∥x轴，BD∥y轴，
∴∠ECD=90°，
∵点B，C的坐标分别为〔4，0〕，〔0，﹣2〕，
∴BC===2，
∵△FEC是由△BDC绕点C逆时针旋转得到，
∴△BCF的面积=BC•FC=×2×2=10；

〔3〕存在．
分两种情况讨论：
①过A作AP1⊥x轴交线段BC于点P1，那么△BAP1∽△BOC，
∵点A的坐标为〔2，0〕，
∴点P1的横坐标是2，
∵点P1在点BC所在直线上，
∴y=x﹣2=×2﹣2=﹣1，
∴点P1的坐标为〔2，﹣1〕；
②过A作AP2⊥BC，垂足点P2，过点P2作P2Q⊥x轴于点Q．
∴△BAP2∽△BCO，
∴=，=
∴=，
解得AP2=，
∵=，
∴AP2•BP=CO•BP2，
∴×4=2BP2，
解得BP2=，
∵AB•QP2=AP2•BP2，
∴2QP2=×，
解得QP2=，
∴点P2的纵坐标是﹣，
∵点P2在BC所在直线上，
∴x=
∴点P2的坐标为〔，﹣〕，
∴满足条件的P点坐标为〔2，﹣1〕或〔，﹣〕．

点评：
考查了二次函数综合题，涉及的知识点为：坐标轴上点的坐标特征，待定系数法可求直线的函数解析式，勾股定理可，旋转的性质，三角形面积，分类思想，相似三角形的性质，综合性较强，有一定的难度．