2022年湖北省孝感市中考数学试卷解析.docx

2022年湖北省孝感市中考数学试卷
一、精心选一选，相信自己的判断！〔本大题共10小题，每题3分，共30分．在每题给出的四个选项中只有一项为哪一项符合题目要求的，不涂、错涂或涂的代号超过一个，一律得0分〕
1．〔3分〕〔2022•孝感〕以下各数中，最小的数是〔　　〕

A．
﹣3
B．
|﹣2|
C．
〔﹣3〕2
D．
2×103
2．〔3分〕〔2022•孝感〕一个正多边形的每个外角等于60°，那么这个正多边形是〔　　〕

A．
正五边形
B．
正六边形
C．
正七边形
D．
正八边形
3．〔3分〕〔2022•孝感〕以下运算正确的选项是〔　　〕

A．
a+2a=3a2
B．
3a3•2a2=6a6
C．
a8÷a2=a4
D．
〔2a〕3=8a3
4．〔3分〕〔2022•孝感〕如图是一个几何体的三视图，那么这个几何体是〔　　〕

A．
正方体
B．
长方体
C．
三棱柱
D．
三棱锥
5．〔3分〕〔2022•孝感〕今年，我省启动了“关爱留守儿童工程〞．某村小为了了解各年级留守儿童的数量，对一到六年级留守儿童数量进行了统计，得到每个年级的留守儿童人数分别为10，15，10，17，18，20．对于这组数据，以下说法错误的选项是〔　　〕

A．
平均数是15
B．
众数是10
C．
中位数是17
D．
方差是
6．〔3分〕〔2022•孝感〕在平面直角坐标系中，把点P〔﹣5，3〕向右平移8个单位得到点P1，再将点P1绕原点旋转90°得到点P2，那么点P2的坐标是〔　　〕

A．
〔3，﹣3〕
B．
〔﹣3，3〕
C．
〔3，3〕或〔﹣3，﹣3〕
D．
〔3，﹣3〕或〔﹣3，3〕
7．〔3分〕〔2022•孝感〕以下命题：
①平行四边形的对边相等；
②对角线相等的四边形是矩形；
③正方形既是轴对称图形，又是中心对称图形；
④一条对角线平分一组对角的平行四边形是菱形．
其中真命题的个数是〔　　〕

A．
1
B．
2
C．
3
D．
4
8．〔3分〕〔2022•孝感〕如图，△AOB是直角三角形，∠AOB=90°，OB=2OA，点A在反比例函数y=的图象上．假设点B在反比例函数y=的图象上，那么k的值为〔　　〕

A．
﹣4
B．
4
C．
﹣2
D．
2
9．〔3分〕〔2022•孝感〕x=2﹣，那么代数式〔7+4〕x2+〔2+〕x+的值是〔　　〕

A．
0
B．

C．
2+
D．
2﹣
10．〔3分〕〔2022•孝感〕如图，二次函数y=ax2+bx+c〔a≠0〕的图象与x轴交于A，B两点，与y轴交于点C，且OA=OC．那么以下结论：
①abc＜0；②＞0；③ac﹣b+1=0；④OA•OB=﹣．
其中正确结论的个数是〔　　〕

A．
4
B．
3
C．
2
D．
1
二、细心填一填，试试自己的身手！〔本大题共6小题，每题3分，共18分．请将结果直接填写在答题卡相应位置上〕
11．〔3分〕〔2022•孝感〕分式方程=的解是．
12．〔3分〕〔2022•孝感〕分解因式：〔a﹣b〕2﹣4b2=．
13．〔3分〕〔2022•孝感〕圆锥的侧面积等于60πcm2，母线长10cm，那么圆锥的高是cm．
14．〔3分〕〔2022•孝感〕某市为提倡节约用水，采取分段收费．假设每户每月用水不超过20m3，每立方米收费2元；假设用水超过20m3，超过局部每立方米加收1元．小明家5月份交水费64元，那么他家该月用水m3．
15．〔3分〕〔2022•孝感〕观察以下等式：12=1，1+3=22，1+3+5=32，1+3+5+7=42，…，那么1+3+5+7+…+2022=．
16．〔3分〕〔2022•孝感〕如图，四边形ABCD是矩形纸片，AB=2．对折矩形纸片ABCD，使AD与BC重合，折痕为EF；展平后再过点B折叠矩形纸片，使点A落在EF上的点N，折痕BM与EF相交于点Q；再次展平，连接BN，MN，延长MN交BC于点G．有如下结论：
①∠ABN=60°；②AM=1；③QN=；④△BMG是等边三角形；⑤P为线段BM上一动点，H是BN的中点，那么PN+PH的最小值是．
其中正确结论的序号是．
三、用心做一做，显显自己的能力！〔本大题共8小题，总分值72分．解答写在答题卡上〕
17．〔6分〕〔2022•孝感〕计算：2cos30°﹣|﹣1|+〔〕﹣1．
18．〔8分〕〔2022•孝感〕我们把两组邻边相等的四边形叫做“筝形〞．如图，四边形ABCD是一个筝形，其中AB=CB，AD=CD．对角线AC，BD相交于点O，OE⊥AB，OF⊥CB，垂足分别是E，F．求证OE=OF．
19．〔9分〕〔2022•孝感〕2022年1月，市教育局在全市中小学中选取了63所学校从学生的思想品德、学业水平、学业负担、身心开展和兴趣特长五个维度进行了综合评价．评价小组在选取的某中学七年级全体学生中随机抽取了假设干名学生进行问卷调查，了解他们每天在课外用于学习的时间，并绘制成如下不完整的统计图．
根据上述信息，解答以下问题：
〔1〕本次抽取的学生人数是；扇形统计图中的圆心角α等于；补全统计直方图；
〔2〕被抽取的学生还要进行一次50米跑测试，每5人一组进行．在随机分组时，小红、小花两名女生被分到同一个小组，请用列表法或画树状图求出她俩在抽道次时抽在相邻两道的概率．
20．〔8分〕〔2022•孝感〕如图，一条公路的转弯处是一段圆弧〔〕．
〔1〕用直尺和圆规作出所在圆的圆心O；〔要求保存作图痕迹，不写作法〕
〔2〕假设的中点C到弦AB的距离为20m，AB=80m，求所在圆的半径．
21．〔9分〕〔2022•孝感〕某服装公司招工广告承诺：熟练工人每月工资至少3000元．每天工作8小时，一个月工作25天．月工资底薪800元，另加计件工资．加工1件A型服装计酬16元，加工1件B型服装计酬12元．在工作中发现一名熟练工加工1件A型服装和2件B型服装需4小时，加工3件A型服装和1件B型服装需7小时．〔工人月工资=底薪+计件工资〕
〔1〕一名熟练工加工1件A型服装和1件B型服装各需要多少小时
〔2〕一段时间后，公司规定：“每名工人每月必须加工A，B两种型号的服装，且加工A型服装数量不少于B型服装的一半〞．设一名熟练工人每月加工A型服装a件，工资总额为W元．请你运用所学知识判断该公司在执行规定后是否违背了广告承诺
22．〔10分〕〔2022•孝感〕关于x的一元二次方程：x2﹣〔m﹣3〕x﹣m=0．
〔1〕试判断原方程根的情况；
〔2〕假设抛物线y=x2﹣〔m﹣3〕x﹣m与x轴交于A〔x1，0〕，B〔x2，0〕两点，那么A，B两点间的距离是否存在最大或最小值假设存在，求出这个值；假设不存在，请说明理由．
〔友情提示：AB=|x2﹣x1|〕
23．〔10分〕〔2022•孝感〕如图，AB为⊙O的直径，P是BA延长线上一点，PC切⊙O于点C，CG是⊙O的弦，CG⊥AB，垂足为D．
〔1〕求证：∠PCA=∠ABC；
〔2〕过点A作AE∥PC，交⊙O于点E，交CD于点F，连接BE．假设sin∠P=，CF=5，求BE的长．
24．〔12分〕〔2022•孝感〕在平面直角坐标系中，抛物线y=﹣x2+bx+c与x轴交于点A，B，与y轴交于点C，直线y=x+4经过A，C两点．
〔1〕求抛物线的解析式；
〔2〕在AC上方的抛物线上有一动点P．
①如图1，当点P运动到某位置时，以AP，AO为邻边的平行四边形第四个顶点恰好也在抛物线上，求出此时点P的坐标；
②如图2，过点O，P的直线y=kx交AC于点E，假设PE：OE=3：8，求k的值．
2022年湖北省孝感市中考数学试卷
参考答案与试题解析
一、精心选一选，相信自己的判断！〔本大题共10小题，每题3分，共30分．在每题给出的四个选项中只有一项为哪一项符合题目要求的，不涂、错涂或涂的代号超过一个，一律得0分〕
1．〔3分〕〔2022•孝感〕以下各数中，最小的数是〔　　〕

A．
﹣3
B．
|﹣2|
C．
〔﹣3〕2
D．
2×103
考点：
有理数大小比较．菁优网版权所有
分析：
根据正数都大于0，负数都小于0，两个负数比较大小，其绝对值大的反而小，即可解答．
解答：
解：∵|﹣2|=2，〔﹣3〕2=9，2×103=2000，
∴﹣3＜2＜9＜2000，
∴最小的数是﹣2，
应选：A．
点评：
此题考查了有理数的大小比较的应用，注意：正数都大于0，负数都小于0，两个负数比较大小，其绝对值大的反而小．
2．〔3分〕〔2022•孝感〕一个正多边形的每个外角等于60°，那么这个正多边形是〔　　〕

A．
正五边形
B．
正六边形
C．
正七边形
D．
正八边形
考点：
多边形内角与外角．菁优网版权所有
分析：
多边形的外角和等于360°，因为所给多边形的每个外角均相等，故又可表示成60°n，列方程可求解．
解答：
解：设所求正n边形边数为n，
那么60°•n=360°，
解得n=6．
故正多边形的边数是6．
应选B．
点评：
此题考查根据多边形的外角和求多边形的边数，解答时要会根据公式进行正确运算、变形和数据处理．
3．〔3分〕〔2022•孝感〕以下运算正确的选项是〔　　〕

A．
a+2a=3a2
B．
3a3•2a2=6a6
C．
a8÷a2=a4
D．
〔2a〕3=8a3
考点：
同底数幂的除法；合并同类项；幂的乘方与积的乘方；单项式乘单项式．菁优网版权所有
分析：
根据合并同类项，可判断A；根据单项式的乘法，可判断B；根据同底数幂的除法，可判断C；根据积的乘方，可判断D．
解答：
解：A、不是同类项不能合并，故A错误；
B、单项式乘单项式系数乘系数，同底数的幂相乘，单独出现的字母连同指数作为积的因式，故B错误；
C、同底数幂的除法底数不变指数相减，故C错误；
D、积的乘方等于乘方的积，故D正确；
应选：D．
点评：
此题考查了同底数幂的除法，熟记法那么并根据法那么计算是解题关键．
4．〔3分〕〔2022•孝感〕如图是一个几何体的三视图，那么这个几何体是〔　　〕

A．
正方体
B．
长方体
C．
三棱柱
D．
三棱锥
考点：
由三视图判断几何体．菁优网版权所有
分析：
主视图、左视图、俯视图是分别从物体正面、左面和上面看，所得到的图形．
解答：
解：根据主视图和左视图为矩形是柱体，根据俯视图是正方形可判断出这个几何体应该是长方体．
应选：B．
点评：
此题考查由三视图判断几何体，由三视图想象几何体的形状，首先，应分别根据主视图、俯视图和左视图想象几何体的前面、上面和左侧面的形状，然后综合起来考虑整体形状．
5．〔3分〕〔2022•孝感〕今年，我省启动了“关爱留守儿童工程〞．某村小为了了解各年级留守儿童的数量，对一到六年级留守儿童数量进行了统计，得到每个年级的留守儿童人数分别为10，15，10，17，18，20．对于这组数据，以下说法错误的选项是〔　　〕

A．
平均数是15
B．
众数是10
C．
中位数是17
D．
方差是
考点：
方差；加权平均数；中位数；众数．菁优网版权所有
分析：
根据方差、众数、平均数和中位数的计算公式和定义分别进行解答即可．
解答：
解：平均数是：〔10+15+10+17+18+20〕÷6=15；
10出现了2次，出现的次数最多，那么众数是10；
把这组数据从小到大排列为10，10，15，17，18，20，
最中间的数是〔15+17〕÷2=16，那么中位数是16；
方差是：[2〔10﹣15〕2+〔15﹣15〕2+〔17﹣15〕2+〔18﹣15〕2+〔20﹣15〕2]==．
那么以下说法错误的选项是C．
应选：C．
点评：
此题考查了方差、众数、平均数和中位数的定义．用到的知识点：一组数据中出现次数最多的数据叫做这组数据的众数．将一组数据按照从小到大〔或从大到小〕的顺序排列，如果数据的个数是奇数，那么处于中间位置的数就是这组数据的中位数；如果这组数据的个数是偶数，那么中间两个数据的平均数就是这组数据的中位数．平均数是指在一组数据中所有数据之和再除以数据的个数．一般地设n个数据，x1，x2，…xn的平均数为，那么方差S2=[〔x1﹣〕2+〔x2﹣〕2+…+〔xn﹣〕2]．
6．〔3分〕〔2022•孝感〕在平面直角坐标系中，把点P〔﹣5，3〕向右平移8个单位得到点P1，再将点P1绕原点旋转90°得到点P2，那么点P2的坐标是〔　　〕

A．
〔3，﹣3〕
B．
〔﹣3，3〕
C．
〔3，3〕或〔﹣3，﹣3〕
D．
〔3，﹣3〕或〔﹣3，3〕
考点：
坐标与图形变化-旋转；坐标与图形变化-平移．菁优网版权所有
专题：
分类讨论．
分析：
首先利用平移的性质得出点P1的坐标，再利用旋转的性质得出符合题意的答案．
解答：
解：∵把点P〔﹣5，3〕向右平移8个单位得到点P1，
∴点P1的坐标为：〔3，3〕，
如下列图：将点P1绕原点逆时针旋转90°得到点P2，那么其坐标为：〔﹣3，3〕，
将点P1绕原点顺时针旋转90°得到点P3，那么其坐标为：〔3，﹣3〕，
故符合题意的点的坐标为：〔3，﹣3〕或〔﹣3，3〕．
应选：D．

点评：
此题主要考查了坐标与图形的变化，正确利用图形分类讨论得出是解题关键．
7．〔3分〕〔2022•孝感〕以下命题：
①平行四边形的对边相等；
②对角线相等的四边形是矩形；
③正方形既是轴对称图形，又是中心对称图形；
④一条对角线平分一组对角的平行四边形是菱形．
其中真命题的个数是〔　　〕

A．
1
B．
2
C．
3
D．
4
考点：
命题与定理．菁优网版权所有
分析：
根据平行四边形的性质对①进行判断；根据矩形的判定方法对②进行判断；根据正方形的性质对③进行判断；根据菱形的判定方法对④进行判断．
解答：
解：平行四边形的对边相等，所以①正确；
对角线相等的平行四边形是矩形，所以②错误；
正方形既是轴对称图形，又是中心对称图形，所以③正确；
一条对角线平分一组对角的平行四边形是菱形，所以④正确．
应选C．
点评：
此题考查了命题与定理：判断一件事情的语句，叫做命题．许多命题都是由题设和结论两局部组成，题设是事项，结论是由事项推出的事项，一个命题可以写成“如果…那么…〞形式．有些命题的正确性是用推理证实的，这样的真命题叫做定理．
8．〔3分〕〔2022•孝感〕如图，△AOB是直角三角形，∠AOB=90°，OB=2OA，点A在反比例函数y=的图象上．假设点B在反比例函数y=的图象上，那么k的值为〔　　〕

A．
﹣4
B．
4
C．
﹣2
D．
2
考点：
反比例函数图象上点的坐标特征；相似三角形的判定与性质．菁优网版权所有
分析：
要求函数的解析式只要求出B点的坐标就可以，过点A，B作AC⊥x轴，BD⊥x轴，分别于C，D．根据条件得到△ACO∽△ODB，得到：===2，然后用待定系数法即可．
解答：
解：过点A，B作AC⊥x轴，BD⊥x轴，分别于C，D．
设点A的坐标是〔m，n〕，那么AC=n，OC=m，
∵∠AOB=90°，
∴∠AOC+∠BOD=90°，
∵∠DBO+∠BOD=90°，
∴∠DBO=∠AOC，
∵∠BDO=∠ACO=90°，
∴△BDO∽△OCA，
∴==，
∵OB=2OA，
∴BD=2m，OD=2n，
因为点A在反比例函数y=的图象上，那么mn=1，
∵点B在反比例函数y=的图象上，B点的坐标是〔﹣2n，2m〕，
∴k=﹣2n•2m=﹣4mn=﹣4．
应选A．

点评：
此题考查了反比例函数图象上点的坐标特征，相似三角形的判定和性质，求函数的解析式的问题，一般要转化为求点的坐标的问题，求出图象上点的横纵坐标的积就可以求出反比例函数的解析式．
9．〔3分〕〔2022•孝感〕x=2﹣，那么代数式〔7+4〕x2+〔2+〕x+的值是〔　　〕

A．
0
B．

C．
2+
D．
2﹣
考点：
二次根式的化简求值．菁优网版权所有
分析：
未知数的值已给出，利用代入法即可求出．
解答：
解：把x=2﹣代入代数式〔7+4〕x2+〔2+〕x+得：

=〔7+4〕〔7﹣4〕+4﹣3+
=49﹣48+1+
=2+．
应选C．
点评：
此题考查二次根式的化简求值，关键是代入后利用平方差公式进行计算．
10．〔3分〕〔2022•孝感〕如图，二次函数y=ax2+bx+c〔a≠0〕的图象与x轴交于A，B两点，与y轴交于点C，且OA=OC．那么以下结论：
①abc＜0；②＞0；③ac﹣b+1=0；④OA•OB=﹣．
其中正确结论的个数是〔　　〕

A．
4
B．
3
C．
2
D．
1
考点：
二次函数图象与系数的关系．菁优网版权所有
专题：
数形结合．
分析：
由抛物线开口方向得a＜0，由抛物线的对称轴位置可得b＞0，由抛物线与y轴的交点位置可得c＞0，那么可对①进行判断；根据抛物线与x轴的交点个数得到b2﹣4ac＞0，加上a＜0，那么可对②进行判断；利用OA=OC可得到A〔﹣c，0〕，再把A〔﹣c，0〕代入y=ax2+bx+c得ac2﹣bc+c=0，两边除以c那么可对③进行判断；设A〔x1，0〕，B〔x2，0〕，那么OA=﹣x1，OB=x2，根据抛物线与x轴的交点问题得到x1和x2是方程ax2+bx+c=0〔a≠0〕的两根，利用根与系数的关系得到x1•x2=，于是OA•OB=﹣，那么可对④进行判断．
解答：
解：∵抛物线开口向下，
∴a＜0，
∵抛物线的对称轴在y轴的右侧，
∴b＞0，
∵抛物线与y轴的交点在x轴上方，
∴c＞0，
∴abc＜0，所以①正确；
∵抛物线与x轴有2个交点，
∴△=b2﹣4ac＞0，
而a＜0，
∴＜0，所以②错误；
∵C〔0，c〕，OA=OC，
∴A〔﹣c，0〕，
把A〔﹣c，0〕代入y=ax2+bx+c得ac2﹣bc+c=0，
∴ac﹣b+1=0，所以③正确；
设A〔x1，0〕，B〔x2，0〕，
∵二次函数y=ax2+bx+c〔a≠0〕的图象与x轴交于A，B两点，
∴x1和x2是方程ax2+bx+c=0〔a≠0〕的两根，
∴x1•x2=，
∴OA•OB=﹣，所以④正确．
应选B．
点评：
此题考查了二次函数图象与系数的关系：对于二次函数y=ax2+bx+c〔a≠0〕，二次项系数a决定抛物线的开口方向和大小：当a＞0时，抛物线向上开口；当a＜0时，抛物线向下开口；一次项系数b和二次项系数a共同决定对称轴的位置：当a与b同号时〔即ab＞0〕，对称轴在y轴左； 当a与b异号时〔即ab＜0〕，对称轴在y轴右．〔简称：左同右异〕；常数项c决定抛物线与y轴交点：抛物线与y轴交于〔0，c〕；抛物线与x轴交点个数由△决定：△=b2﹣4ac＞0时，抛物线与x轴有2个交点；△=b2﹣4ac=0时，抛物线与x轴有1个交点；△=b2﹣4ac＜0时，抛物线与x轴没有交点．
二、细心填一填，试试自己的身手！〔本大题共6小题，每题3分，共18分．请将结果直接填写在答题卡相应位置上〕
11．〔3分〕〔2022•孝感〕分式方程=的解是．
考点：
解分式方程．菁优网版权所有
专题：
方程思想．
分析：
观察可得最简公分母是x〔x+3〕，方程两边乘最简公分母，可以把分式方程转化为整式方程求解．
解答：
解：方程的两边同乘x〔x+3〕，得
x+3=5x，
解得x=．
检验：把x=代入x〔x+3〕=≠0．
∴原方程的解为：x=．
故答案为：x=．
点评：
考查了解分式方程，注意：
〔1〕解分式方程的根本思想是“转化思想〞，把分式方程转化为整式方程求解．
〔2〕解分式方程一定注意要验根．
12．〔3分〕〔2022•孝感〕分解因式：〔a﹣b〕2﹣4b2=　〔a+b〕〔a﹣3b〕　．
考点：
因式分解-运用公式法．菁优网版权所有
分析：
直接利用平方差公式分解因式得出即可．
解答：
解：〔a﹣b〕2﹣4b2
=〔a﹣b+2b〕〔a﹣b﹣2b〕
=〔a+b〕〔a﹣3b〕．
故答案为：〔a+b〕〔a﹣3b〕．
点评：
此题主要考查了公式法分解因式，熟练应用平方差公式是解题关键．
13．〔3分〕〔2022•孝感〕圆锥的侧面积等于60πcm2，母线长10cm，那么圆锥的高是　8　cm．
考点：
圆锥的计算．菁优网版权所有
专题：
计算题．
分析：
设圆锥的底面圆的半径为r，利用圆锥的侧面展开图为一扇形，这个扇形的弧长等于圆锥底面的周长，扇形的半径等于圆锥的母线长和扇形面积公式得到•2π•r•10=60π，解得r=6，然后根据勾股定理计算圆锥的高．
解答：
解：设圆锥的底面圆的半径为r，
根据题意得•2π•r•10=60π，
解得r=6，
所以圆锥的高==8〔cm〕．
故答案为8．
点评：
此题考查了圆锥的计算：圆锥的侧面展开图为一扇形，这个扇形的弧长等于圆锥底面的周长，扇形的半径等于圆锥的母线长．
14．〔3分〕〔2022•孝感〕某市为提倡节约用水，采取分段收费．假设每户每月用水不超过20m3，每立方米收费2元；假设用水超过20m3，超过局部每立方米加收1元．小明家5月份交水费64元，那么他家该月用水　28　m3．
考点：
一元一次方程的应用．菁优网版权所有
分析：
20立方米时交40元，题中五月份交水费64元，即已经超过20立方米，所以在64元水费中有两局部构成，列方程即可解答．
解答：
解：设该用户居民五月份实际用水x立方米，
故20×2+〔x﹣20〕×3=64，
故x=28．
故答案是：28．
点评：
此题考查了一元一次方程的应用．解题关键是要读懂题目的意思，根据题目给出的条件，找出适宜的等量关系列出方程，再求解．
15．〔3分〕〔2022•孝感〕观察以下等式：12=1，1+3=22，1+3+5=32，1+3+5+7=42，…，那么1+3+5+7+…+2022=　1016064　．
考点：
规律型：数字的变化类．菁优网版权所有
分析：
根据1=12；1+3=22；1+3+5=32；1+3+5+7=42；…，可得1+3+5+…+〔2n﹣1〕=n2，据此求出1+3+5+…+2022的值是多少即可．
解答：
解：因为1=12；1+3=22；1+3+5=32；1+3+5+7=42；…，
所以1+3+5+…+2022
=1+3+5+…+〔2×1008﹣1〕
=10082
=1016064
故答案为：1016064．
点评：
此题主要考查了探寻数列规律问题，注意观察总结规律，并能正确的应用规律，解答此题的关键是判断出：1+3+5+…+〔2n﹣1〕=n2．
16．〔3分〕〔2022•孝感〕如图，四边形ABCD是矩形纸片，AB=2．对折矩形纸片ABCD，使AD与BC重合，折痕为EF；展平后再过点B折叠矩形纸片，使点A落在EF上的点N，折痕BM与EF相交于点Q；再次展平，连接BN，MN，延长MN交BC于点G．有如下结论：
①∠ABN=60°；②AM=1；③QN=；④△BMG是等边三角形；⑤P为线段BM上一动点，H是BN的中点，那么PN+PH的最小值是．
其中正确结论的序号是　①④⑤　．
考点：
几何变换综合题．菁优网版权所有
分析：
①首先根据EF垂直平分AB，可得AN=BN；然后根据折叠的性质，可得AB=BN，据此判断出△ABN为等边三角形，即可判断出∠ABN=60°．
②首先根据∠ABN=60°，∠ABM=∠NBM，求出∠ABM=∠NBM=30°；然后在Rt△ABM中，根据AB=2，求出AM的大小即可．
③首先根据EF∥BC，QN是△MBG的中位线，可得QN=BG；然后根据BG=BM=，求出QN的长度即可．
④根据∠ABM=∠MBN=30°，∠BNM=∠BAM=90°，推得∠MBG=∠BMG=∠BGM=60°，即可推得△BMG是等边三角形．
⑤首先根据△BMG是等边三角形，点N是MG的中点，判断出BN⊥MG，即可求出BN的大小；然后根据P与Q重合时，PN+PH=PN+PE=EN，据此求出PN+PH的最小值是多少即可．
解答：
解：如图1，连接AN，，
∵EF垂直平分AB，
∴AN=BN，
根据折叠的性质，可得
AB=BN，
∴AN=AB=BN．
∴△ABN为等边三角形．
∴∠ABN=60°，∠PBN=60°÷2=30°，
即结论①正确；

∵∠ABN=60°，∠ABM=∠NBM，
∴∠ABM=∠NBM=60°÷2=30°，
∴AM=，
即结论②不正确．

∵EF∥BC，QN是△MBG的中位线，
∴QN=BG；
∵BG=BM=，
∴QN=，
即结论③不正确．

∵∠ABM=∠MBN=30°，∠BNM=∠BAM=90°，
∴∠BMG=∠BNM﹣∠MBN=90°﹣30°=60°，
∴∠MBG=∠ABG﹣∠ABM=90°﹣30°=60°，
∴∠BGM=180°﹣60°﹣60°=60°，
∴∠MBG=∠BMG=∠BGM=60°，
∴△BMG为等边三角形，
即结论④正确．

∵△BMG是等边三角形，点N是MG的中点，
∴BN⊥MG，
∴BN=BG•sin60°=，
P与Q重合时，PN+PH的值最小，
∵P是BM的中点，H是BN的中点，
∴PH∥MG，
∵MG⊥BN，
∴PH⊥BN，
又∵PE⊥AB，
∴PH=PE，
∴PN+PH=PN+PE=EN，
∵EN==，
∴PN+PH=，
∴PN+PH的最小值是，
即结论⑤正确．
故答案为：①④⑤．
点评：
〔1〕此题主要考查了几何变换综合题，考查了分析推理能力，考查了空间想象能力，考查了数形结合方法的应用，要熟练掌握．
〔2〕此题还考查了等边三角形的判定和性质的应用，以及矩形的性质和应用，要熟练掌握．
〔3〕此题还考查了折叠的性质和应用，以及余弦定理的应用，要熟练掌握．
三、用心做一做，显显自己的能力！〔本大题共8小题，总分值72分．解答写在答题卡上〕
17．〔6分〕〔2022•孝感〕计算：2cos30°﹣|﹣1|+〔〕﹣1．
考点：
实数的运算；负整数指数幂；特殊角的三角函数值．菁优网版权所有
专题：
计算题．
分析：
原式第一项利用特殊角的三角函数值计算，第二项利用绝对值的代数意义化简，最后一项利用负整数指数幂法那么计算即可得到结果．
解答：
解：原式=2×﹣+1+2=3．
点评：
此题考查了实数的运算，熟练掌握运算法那么是解此题的关键．
18．〔8分〕〔2022•孝感〕我们把两组邻边相等的四边形叫做“筝形〞．如图，四边形ABCD是一个筝形，其中AB=CB，AD=CD．对角线AC，BD相交于点O，OE⊥AB，OF⊥CB，垂足分别是E，F．求证OE=OF．
考点：
全等三角形的判定与性质．菁优网版权所有
专题：
证明题；新定义．
分析：
欲证明OE=OF，只需推知BD平分∠ABC，所以通过全等三角形△ABD≌△CBD〔SSS〕的对应角相等得到∠ABD=∠CBD，问题就迎刃而解了．
解答：
证明：∵在△ABD和△CBD中，，
∴△ABD≌△CBD〔SSS〕，
∴∠ABD=∠CBD，
∴BD平分∠ABC．
又∵OE⊥AB，OF⊥CB，
∴OE=OF．
点评：
此题考查了全等三角形的判定与性质．在应用全等三角形的判定时，要注意三角形间的公共边和公共角，必要时添加适当辅助线构造三角形．
19．〔9分〕〔2022•孝感〕2022年1月，市教育局在全市中小学中选取了63所学校从学生的思想品德、学业水平、学业负担、身心开展和兴趣特长五个维度进行了综合评价．评价小组在选取的某中学七年级全体学生中随机抽取了假设干名学生进行问卷调查，了解他们每天在课外用于学习的时间，并绘制成如下不完整的统计图．
根据上述信息，解答以下问题：
〔1〕本次抽取的学生人数是　30　；扇形统计图中的圆心角α等于　144°　；补全统计直方图；
〔2〕被抽取的学生还要进行一次50米跑测试，每5人一组进行．在随机分组时，小红、小花两名女生被分到同一个小组，请用列表法或画树状图求出她俩在抽道次时抽在相邻两道的概率．
考点：
列表法与树状图法；扇形统计图；利用频率估计概率．菁优网版权所有
分析：
〔1〕根据题意列式求值，根据相应数据画图即可；
〔2〕根据题意列表，然后根据表中数据求出概率即可．
解答：
解：〔1〕6÷20%=30，〔30﹣3﹣7﹣6﹣2〕÷30×360=12÷30×26=144°，
答：本次抽取的学生人数是30人；扇形统计图中的圆心角α等于144°；
故答案为：30，144°；
补全统计图如下列图：

〔2〕根据题意列表如下：
设竖列为小红抽取的跑道，横排为小花抽取的跑道，
小红 小花
1
2
3
4
5
1

〔2，1〕
〔3，1〕
〔4，1〕
〔5，1〕
2
〔1，2〕

〔3，2〕
〔4，2〕
〔5，2〕
3
〔1，3〕
〔2，3〕

〔4，3〕
〔5，3〕
4
〔1，4〕
〔2，4〕
〔3，4〕

〔5，4〕
5
〔1，5〕
〔2，5〕
〔3，5〕
〔4，5〕

记小红和小花抽在相邻两道这个事件为A，
∴．

点评：
此题考查了列表法和树状图法求概率，频数分布直方图，扇形统计图，正确的识图是解题的关键．
20．〔8分〕〔2022•孝感〕如图，一条公路的转弯处是一段圆弧〔〕．
〔1〕用直尺和圆规作出所在圆的圆心O；〔要求保存作图痕迹，不写作法〕
〔2〕假设的中点C到弦AB的距离为20m，AB=80m，求所在圆的半径．
考点：
作图—复杂作图；勾股定理；垂径定理的应用．菁优网版权所有
专题：
作图题．
分析：
〔1〕连结AC、BC，分别作AC和BC的垂直平分线，两垂直平分线的交点为点O，如图1；
〔2〕连接OA，OC，OC交AB于D，如图2，根据垂径定理的推论，由C为的中点得到OC⊥AB，AD=BD=AB=40，那么CD=20，设⊙O的半径为r，在Rt△OAD中利用勾股定理得到r2=〔r﹣20〕2+402，然后解方程即可．
解答：
解：〔1〕如图1，

点O为所求；
〔2〕连接OA，OC，OC交AB于D，如图2，
∵C为的中点，
∴OC⊥AB，
∴AD=BD=AB=40，
设⊙O的半径为r，那么OA=r，OD=OD﹣CD=r﹣20，
在Rt△OAD中，∵OA2=OD2+BD2，
∴r2=〔r﹣20〕2+402，解得r=50，
即所在圆的半径是50m．

点评：
此题考查了作图﹣复杂作图：复杂作图是在五种根本作图的根底上进行作图，一般是结合了几何图形的性质和根本作图方法；解决此类题目的关键是熟悉根本几何图形的性质，结合几何图形的根本性质把复杂作图拆解成根本作图，逐步操作．也考查了勾股定理和垂径定理．
21．〔9分〕〔2022•孝感〕某服装公司招工广告承诺：熟练工人每月工资至少3000元．每天工作8小时，一个月工作25天．月工资底薪800元，另加计件工资．加工1件A型服装计酬16元，加工1件B型服装计酬12元．在工作中发现一名熟练工加工1件A型服装和2件B型服装需4小时，加工3件A型服装和1件B型服装需7小时．〔工人月工资=底薪+计件工资〕
〔1〕一名熟练工加工1件A型服装和1件B型服装各需要多少小时
〔2〕一段时间后，公司规定：“每名工人每月必须加工A，B两种型号的服装，且加工A型服装数量不少于B型服装的一半〞．设一名熟练工人每月加工A型服装a件，工资总额为W元．请你运用所学知识判断该公司在执行规定后是否违背了广告承诺
考点：
一次函数的应用；二元一次方程组的应用；一元一次不等式的应用．菁优网版权所有
分析：
〔1〕设熟练工加工1件A型服装需要x小时，加工1件B型服装需要y小时，根据“一名熟练工加工1件A型服装和2件B型服装需4小时，加工3件A型服装和1件B型服装需7小时〞，列出方程组，即可解答．
〔2〕当一名熟练工一个月加工A型服装a件时，那么还可以加工B型服装〔25×8﹣2a〕件．从而得到W=﹣8a+3200，再根据“加工A型服装数量不少于B型服装的一半〞，得到a≥50，利用一次函数的性质，即可解答．
解答：
解：〔1〕设熟练工加工1件A型服装需要x小时，加工1件B型服装需要y小时．
由题意得：，
解得：
答：熟练工加工1件A型服装需要2小时，加工1件B型服装需要1小时．
〔2〕当一名熟练工一个月加工A型服装a件时，那么还可以加工B型服装〔25×8﹣2a〕件．
∴W=16a+12〔25×8﹣2a〕+800，
∴W=﹣8a+3200，
又∵a≥，
解得：a≥50，
∵﹣8＜0，
∴W随着a的增大那么减小，
∴当a=50时，W有最大值2800．
∵2800＜3000，
∴该服装公司执行规定后违背了广告承诺．
点评：
此题考查了一次函数的应用，解决此题的关键是关键题意列出方程组和一次函数解析式，利用一次函数的性质解决实际问题．
22．〔10分〕〔2022•孝感〕关于x的一元二次方程：x2﹣〔m﹣3〕x﹣m=0．
〔1〕试判断原方程根的情况；
〔2〕假设抛物线y=x2﹣〔m﹣3〕x﹣m与x轴交于A〔x1，0〕，B〔x2，0〕两点，那么A，B两点间的距离是否存在最大或最小值假设存在，求出这个值；假设不存在，请说明理由．
〔友情提示：AB=|x2﹣x1|〕
考点：
抛物线与x轴的交点；根的判别式．菁优网版权所有
分析：
〔1〕根据根的判别式，可得答案；
〔2〕根据根与系数的关系，可得A、B间的距离，根据二次函数的性质，可得答案．
解答：
解：〔1〕△=[﹣〔m﹣3〕]2﹣4〔﹣m〕=m2﹣2m+9=〔m﹣1〕2+8，
∵〔m﹣1〕2≥0，
∴△=〔m﹣1〕2+8＞0，
∴原方程有两个不等实数根；
〔2〕存在，
由题意知x1，x2是原方程的两根，
∴x1+x2=m﹣3，x1•x2=﹣m．
∵AB=|x1﹣x2，
∴AB2=〔x1﹣x2〕2=〔x1+x2〕2﹣4x1x2
=〔m﹣3〕2﹣4〔﹣m〕=〔m﹣1〕2+8，
∴当m=1时，AB2有最小值8，
∴AB有最小值，即AB==2
点评：
此题考查了抛物线与x轴的交点，利用了根的判别式，根据根与系数的关系，利用完全平方公式得出二次函数是解题关键，又利用了二次函数的性质．
23．〔10分〕〔2022•孝感〕如图，AB为⊙O的直径，P是BA延长线上一点，PC切⊙O于点C，CG是⊙O的弦，CG⊥AB，垂足为D．
〔1〕求证：∠PCA=∠ABC；
〔2〕过点A作AE∥PC，交⊙O于点E，交CD于点F，连接BE．假设sin∠P=，CF=5，求BE的长．
考点：
切线的性质；勾股定理；解直角三角形．菁优网版权所有
分析：
〔1〕连接OC，由PC切⊙O于点C，得到OC⊥PC，于是得到∠PCA+∠OCA=90°，由AB为⊙O的直径，得到∠ABC+∠OAC=90°，由于OC=OA，证得∠OCA=∠OAC，于是得到结论；
〔2〕由AE∥PC，得到∠PCA=∠CAF根据垂径定理得到，于是得到∠ACF=∠ABC，由于∠PCA=∠ABC，推