资源描述
一、选择题(此题包括12个小题，每题4分，共48分)
1．以下说法正确的选项是( )
A．酸和醇发生的反响一定是酯化反响
B．酯化反响中一般是羧酸脱去羧基中的羟基，醇脱去羟基上的氢原子
C．浓H2SO4在酯化反响中只起催化剂的作用
D．欲使酯化反响生成的酯别离并提纯，可以将弯导管伸入饱和Na2CO3溶液的液面下，再用分液漏斗别离
解析：酸和醇发生的反响不一定是酯化反响，如乙醇和氢溴酸在加热条件下发生的是取代反响；酯化反响中一般是羧酸脱去羧基中的羟基，醇脱去羟基上的氢原子；浓H2SO4在酯化反响中起催化剂和吸水剂的作用；酯化反响不能将弯导管伸入饱和Na2CO3溶液的液面下，否那么会发生倒吸．
答案：B
2．用括号中的试剂除去各组中的杂质，不正确的选项是( )
A．苯中的甲苯(溴水)
B．乙醇中的水(新制CaO)
C．乙醛中的乙酸(NaOH)
D．乙酸乙酯中的乙酸(饱和Na2CO3溶液)
解析：除去苯中的甲苯，用KMnO4酸性溶液，然后分液．
答案：A
3．(2022·陕西高考)以下各组中的反响，属于同一反响类型的是( )
A．由溴丙烷水解制丙醇，由丙烯与水反响制丙醇
B．由甲苯硝化制对硝基甲苯；由甲苯氧化制苯甲酸
C．由氯代环己烷消去制环己烯；由丙烯加溴制1,2二溴丙烷
D．由乙酸和乙醇制乙酸乙酯；由苯甲酸乙酯水解制苯甲酸和乙醇
解析：溴丙烷水解制丙醇属于取代反响，丙烯与水反响制丙醇属于加成反响，A错误；甲苯硝化制对硝基甲苯属于取代反响，由甲苯氧化制苯甲酸属于氧化反响，B错误；氯代环己烷消去制环己烯属于消去反响，而丙烯加溴制1,2二溴丙烷属于加成反响，C错误；选项D中的两个反响均属于取代反响．
答案：D
4．某有机物A的结构简式为通八达 ，其同分异构体属于酚
类的有( )
A．2种 B．3种
C．4种 D．5种
解析：有机物A的分子式为C7H8O，属于酚类的结构有
三种．
答案：B
5．以下各有机物在不同条件下，既能发生水解反响，又能发生消去反响，还能发生酯化反响的是( )
解析：能发生水解的有A、C、D；能发生消去的有B、C、D；能发生酯化的有A、B、C.
答案：C
6．维生素A的结构简式如下，关于它的说法正确的选项是( )
A．维生素A是一种醇
B．维生素A的一个分子中含有三个键
C．维生素A的一个分子中有32个氢原子
D．维生素A不能使溴的CCl4溶液退色
解析：此有机物中有和—OH两种官能团，所以维生素A是一种醇，分子中含有5个，共有30个氢原子．
答案：A
7．在同温同压下，某有机物和过量Na反响得到V1 L氢气，另一份等量的有机物和足量的NaHCO3反响得V2 L二氧化碳，假设V1＝V2≠0，那么有机物可能是( )
A．B．HOOC—COOH
C．HOCH2CH2OH D．CH3COOH
解析：由于钠既能与羟基反响生成氢气，又能与羧基反响生成氢气；而与NaHCO3反响的有机物只能是含羧基的有机物，而1 mol的羧基能与1 mol的NaHCO3反响放出1 mol的CO2气体，而要生成1 mol的H2那么需2 mol的羟基或羧基，符合题意的分子中应含有羧基和羟基．
答案：A
8．实验室制得乙酸乙酯1 mL后，沿器壁参加紫色石蕊试液0.5 mL，这时石蕊试液将存在于饱和碳酸钠溶液层与乙酸乙酯层之间(整个过程不振荡)．对可能出现的现象，以下表达中正确的选项是( )
A．石蕊层仍为紫色，有机层为无色
B．石蕊层为三层环，由上而下是红、紫、蓝色
C．石蕊层为两层环，上层为紫色，下层为蓝色
D．石蕊层为三层环，由上而下是蓝、紫、红色
解析：由于整个过程不振荡，液体分为三层，上层因乙酸乙酯中溶有乙酸而显红色，中层石蕊仍为紫色，下层因Na2CO3溶液呈碱性而显蓝色．
答案：B
9．某物质可能含有：a.甲酸、b.乙酸、c.甲醇、d.甲酸甲酯四种物质中的一种或几种，在鉴别时有以下现象：①可发生银镜反响；②参加新制Cu(OH)2悬浊液，沉淀不溶解；③与含酚酞的NaOH溶液共热，发现溶液中红色逐渐变浅至无色．以下表达中，正确的选项是( )
A．a、b、c、d都有
B．一定无a，一定有b，可能有c、d
C．有c和d
D．一定有d，可能有c，一定无a、b
解析：可发生银镜反响说明有机物分子中含有醛基，参加新制Cu(OH)2悬浊液后沉淀不溶解，那么无甲酸、乙酸，肯定有甲酸甲酯，可能有甲醇．
答案：D
10．(2022·石家庄高二检测)以下含溴化合物中的溴原子，在适当的条件下，都能被羟基(—OH)所取代(均可看成是水解反响)，所得产物能跟碳酸氢钠溶液反响的是( )
解析：选项中化合物中溴原子被—OH取代后得到—COOH的只有
.
答案：A
11．(2022·无锡高二联考)莽草酸是一种合成治疗禽流感药物达菲的原料，鞣酸存在于苹果、生石榴等植物中．以下关于这两种有机化合物的说法正确的选项是( )
A．两种酸都能与溴水反响
B．两种酸遇三氯化铁溶液都显色
C．鞣酸分子与莽草酸分子相比多了两个碳碳双键
D．等物质的量的两种酸与足量碳酸钠反响消耗碳酸钠的量相同
解析：莽草酸分子结构中含有、—COOH和醇羟基，而鞣酸分子结构中含有
—COOH和酚羟基，根据官能团具有的化学性质判断，二者都能与溴水反响．
答案：A
12．酸性：>H2CO3>，综合考虑反响物的转化率和原料本钱等因素，将转变为的最正确方法是( )
A．与稀H2SO4共热后，参加足量的NaOH溶液
B．与稀H2SO4共热后，参加足量的Na2CO3溶液
C．与足量的NaOH溶液共热后，再通入足量CO2
D．与足量的NaOH溶液共热后，再参加适量H2SO4
答案：C
二、非选择题(此题包括4个小题，共52分)
13．(10分)(2022·东城模拟)有机物A的结构简式为，它可通过不同化学反响分别制得B、C和D三种物质．
(1)B中含氧官能团的名称是________．
(2)A―→C的反响类型是________；A～D中互为同分异构体的是________．
(3)由A生成B的化学方程式是______________________________________．
解析：(1)根据B的结构可知，B中含有醛基和羧基两种含氧官能团．
(2)比较C、A的结构知，A发生消去反响后可得C.
(3)A发生催化氧化反响可得B：
答案：(1)醛基、羧基
(2)消去反响 CD
14．(2022·长沙一中高二月考)(12分)有机物A可由葡萄糖发酵得到，也可从酸牛奶中提取．纯洁的A为无色黏稠液体，易溶于水．为研究A的组成与结构，进行了如下实验：
实验步骤
解释或实验结论
(1)称取A 9.0 g，升温使其汽化，测其密度是相同条件下H2的45倍．
(1)A的相对分子质量为：________.
(2)将此9.0 g A在足量纯O2中充分燃烧，并使其产物依次缓缓通过浓硫酸、碱石灰，发现两者分别增重5.4 g和13.2 g
(2)A的分子式为：________.
(3)另取A 9.0 g，跟足量的NaHCO3粉末反响，生成2.24 L CO2(标准状况)，假设与足量金属钠反响那么生成2.24 L H2(标准状况)．
(3)用结构简式表示A中含有的官能团：________、________.
(4)A的核磁共振氢谱如以下列图：
(4)A中含有________种氢原子．
(5)综上所述，A的结构简式________.
解析：(1)M(A)＝2×45＝90.
(2)n(A)＝＝0.1 mol，
n(H2O)＝＝0.3 mol，
n(CO2)＝＝0.3 mol.
那么有机物A分子中碳原子数：＝3
氢原子数：×2＝6
氧原子数：＝3
故A的分子式为C3H6O3
(3)0.1 mol A能与足量NaHCO3反响产生0.1 mol CO2，故A分子结构中有一个－COOH.又因0.1 mol A与足量Na反响产生0.1 mol H2，结合A的分子式C3H6O3判断，A的分子结构中含有一个－OH.
(4)由A的核磁共振氢谱可知，A分子中结构中有4种类型的氢原子．且数目比为1∶1∶1∶3，故A的结构简式为.
答案：(1)90(2)C3H6O3(3)－COOH－OH
(4)4 (5)
15．(16分)碳、氢、氧3种元素组成的有机物A，相对分子质量为152，其分子中C、H原子个数比为1∶1，含氧元素的质量分数为31.58%.A遇FeCl3溶液显紫色，其苯环上的一氯取代物有两种，请答复以下问题：
(1)A的分子式是____________________．
(2)假设A能与NaHCO3溶液反响，A的结构简式为____________________；写出A与NaHCO3溶液反响的化学方程式___________________________________．
(3)如A可以发生如下列图转化关系，D的分子式为C10H12O3，A与C反响的化学方程式
________________________________________________________________________
________________________________________________________________________.
(4)甲、乙两装置均可用作实验室由C制取B的装置，乙图采用甘油浴加热(甘油沸点290℃，熔点18.17℃)，当甘油温度到达反响温度时，将盛有C和浓硫酸混合液的烧瓶放入甘油中，很快到达反响温度．甲、乙两装置相比较，乙装置有哪些优点__________．
解析：(1)有机物A的分子中氧原子数为＝3，设其分子式为CaHaO3，那么13a＋16×3＝152，解得a＝8，故A的分子式为C8H8O3.
(2)A能与NaHCO3溶液反响，说明A的分子中含有—COOH，又因A遇FeCl3溶液显紫色，其苯环上的一氯取代物有两种，故A的结构简式为
(3)A的分子式为C8H8O3，与C在浓H2SO4的作用下发生酯化反响生成C10H12O3的酯，故C的分子式C2H6O，即C为CH3CH2OH.
(4)对照甲、乙两套装置可知，装置乙采用甘油浴加热，可使反响物受热均匀，便于控制温度到170℃，减少副反响的发生．
答案：(1)C8H8O3
(4)有利于控制温度，受热均匀，减少副反响的发生
16．(14分)(2022·徐州模拟)`H是一种香料，可用以下列图的设计方案合成．
：①在一定条件下，有机物有以下转化关系：
②烃A和等物质的量的HCl在不同的条件下发生加成反响，既可以生成只含有一个甲基的B，也可以生成含有两个甲基的F.
(1)D的结构简式为__________________________．
(2)烃A→B的化学反响方程式是________________________________________．
(3)F→G的化学反响类型为________．
(4)E＋G→H的化学反响方程式________________________________________．
(5)H有多种同分异构体，其中含有一个羧基，且其一氯代物有两种的是________________．(用结构简式表示)
解析：由图示的转化关系和题中信息可知A应为
CH3CH===CH2，B为CH3CH2CH2Cl，F为
，那么C、D、E、G的结构简式可分别推出．
(1)D应为丙醛CH3CH2CHO.
(2)A→B的反响是在H2O2条件下发生加成反响．
(3)F→G的反响是卤代烃的水解反响，属于取代反响．
(4)E为丙酸，G为2丙醇，生成H的反响为酯化反响．
(5)H属于酯类，与6个碳原子的饱和一元羧酸为同分异构体，因烃基上的氢原子只有
两种不同的化学环境，故其结构简式为
答案：(1)CH3CH2CHO
(2)CH3CH===CH2＋HClCH3CH2CH2Cl
(3)取代反响(或水解反响)
(4)CH3CH2COOH＋CH3CH(OH)CH3
CH3CH2COOCH(CH3)2＋H2O
展开阅读全文
浙ICP备2021020529号-1 | 浙B2-20240490 
