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2022年浙江省宁波市中考数学试卷
一、选择题：本大题共12个小题，每题4分，共48分.在每题给出的四个选项中，只有一项为哪一项符合题目要求的.
1．〔4分〕在，，0，﹣2这四个数中，为无理数的是〔　　〕
A． B． C．0 D．﹣2
2．〔4分〕以下计算正确的选项是〔　　〕
A．a2+a3=a5 B．〔2a〕2=4a C．a2•a3=a5 D．〔a2〕3=a5
3．〔4分〕2022年2月13日，宁波舟山港45万吨原油码头首次挂靠全球最大油轮﹣﹣“泰欧〞轮，其中45万吨用科学记数法表示为〔　　〕
A．0.45×106吨 B．4.5×105吨 C．45×104吨 D．4.5×104吨
4．〔4分〕要使二次根式有意义，那么x的取值范围是〔　　〕
A．x≠3 B．x＞3 C．x≤3 D．x≥3
5．〔4分〕如下列图的几何体的俯视图为〔　　〕
A． B． C． D．
6．〔4分〕一个不透明的布袋里装有5个红球，2个白球，3个黄球，它们除颜色外其余都相同，从袋中任意摸出1个球，是黄球的概率为〔　　〕
A． B． C． D．
7．〔4分〕直线m∥n，将一块含30°角的直角三角板ABC按如图方式放置〔∠ABC=30°〕，其中A，B两点分别落在直线m，n上，假设∠1=20°，那么∠2的度数为〔　　〕
A．20° B．30° C．45° D．50°
8．〔4分〕假设一组数据2，3，x，5，7的众数为7，那么这组数据的中位数为〔　　〕
A．2 B．3 C．5 D．7
9．〔4分〕如图，在Rt△ABC中，∠A=90°，BC=2，以BC的中点O为圆心分别与AB，AC相切于D，E两点，那么的长为〔　　〕
A． B． C．π D．2π
10．〔4分〕抛物线y=x2﹣2x+m2+2〔m是常数〕的顶点在〔　　〕
A．第一象限 B．第二象限 C．第三象限 D．第四象限
11．〔4分〕如图，四边形ABCD是边长为6的正方形，点E在边AB上，BE=4，过点E作EF∥BC，分别交BD，CD于G，F两点．假设M，N分别是DG，CE的中点，那么MN的长为〔　　〕
A．3 B． C． D．4
12．〔4分〕一个大矩形按如图方式分割成九个小矩形，且只有标号为①和②的两个小矩形为正方形，在满足条件的所有分割中．假设知道九个小矩形中n个小矩形的周长，就一定能算出这个大矩形的面积，那么n的最小值是〔　　〕
A．3 B．4 C．5 D．6
二、填空题〔每题4分，总分值24分，将答案填在答题纸上〕
13．〔4分〕实数﹣8的立方根是．
14．〔4分〕分式方程=的解是．
15．〔4分〕如图，用同样大小的黑色棋子按如下列图的规律摆放：那么第⑦个图案有个黑色棋子．
16．〔4分〕如图，一名滑雪运发动沿着倾斜角为34°的斜坡，从A滑行至B，AB=500米，那么这名滑雪运发动的高度下降了米．〔参考数据：sin34°≈0.56，cos34°≈0.83，tan34°≈0.67〕
17．〔4分〕△ABC的三个顶点为A〔﹣1，﹣1〕，B〔﹣1，3〕，C〔﹣3，﹣3〕，将△ABC向右平移m〔m＞0〕个单位后，△ABC某一边的中点恰好落在反比例函数y=的图象上，那么m的值为．
18．〔4分〕如图，在菱形纸片ABCD中，AB=2，∠A=60°，将菱形纸片翻折，使点A落在CD的中点E处，折痕为FG，点F，G分别在边AB，AD上，那么cos∠EFG的值为．
三、解答题〔本大题共8小题，共78分.解容许写出文字说明、证明过程或演算步骤.〕
19．〔6分〕先化简，再求值：〔2+x〕〔2﹣x〕+〔x﹣1〕〔x+5〕，其中x=．
20．〔8分〕在4×4的方格纸中，△ABC的三个顶点都在格点上．
〔1〕在图1中画出与△ABC成轴对称且与△ABC有公共边的格点三角形〔画出一个即可〕；
〔2〕将图2中的△ABC绕着点C按顺时针方向旋转90°，画出经旋转后的三角形．
21．〔8分〕大黄鱼是中国特有的地方性鱼类，有“国鱼〞之称，由于过去滥捕等多种因素，大黄鱼资源已根本枯竭，目前，我市已培育出十余种大黄鱼品种，某鱼苗人工养殖基地对其中的四个品种“宁港〞、“御龙〞、“甬岱〞、“象山港〞共300尾鱼苗进行成活实验，从中选出成活率最高的品种进行推广，通过实验得知“甬岱〞品种鱼苗成活率为80%，并把实验数据绘制成以下两幅统计图〔局部信息未给出〕：
〔1〕求实验中“宁港〞品种鱼苗的数量；
〔2〕求实验中“甬岱〞品种鱼苗的成活数，并补全条形统计图；
〔3〕你认为应选哪一品种进行推广请说明理由．
22．〔10分〕如图，正比例函数y1=﹣3x的图象与反比例函数y2=的图象交于A、B两点．点C在x轴负半轴上，AC=AO，△ACO的面积为12．
〔1〕求k的值；
〔2〕根据图象，当y1＞y2时，写出x的取值范围．
23．〔10分〕2022年5月14日至15日，“一带一路〞国际合作顶峰论坛在北京举行，本届论坛期间，中国同30多个国家签署经贸合作协议，某厂准备生产甲、乙两种商品共8万件销往“一带一路〞沿线国家和地区．2件甲种商品与3件乙种商品的销售收入相同，3件甲种商品比2件乙种商品的销售收入多1500元．
〔1〕甲种商品与乙种商品的销售单价各多少元
〔2〕假设甲、乙两种商品的销售总收入不低于5400万元，那么至少销售甲种商品多少万件
24．〔10分〕在一次课题学习中，老师让同学们合作编题，某学习小组受赵爽弦图的启发，编写了下面这道题，请你来解一解：
如图，将矩形ABCD的四边BA、CB、DC、AD分别延长至E、F、G、H，使得AE=CG，BF=DH，连接EF，FG，GH，HE．
〔1〕求证：四边形EFGH为平行四边形；
〔2〕假设矩形ABCD是边长为1的正方形，且∠FEB=45°，tan∠AEH=2，求AE的长．
25．〔12分〕如图，抛物线y=x2+x+c与x轴的负半轴交于点A，与y轴交于点B，连结AB，点C〔6，〕在抛物线上，直线AC与y轴交于点D．
〔1〕求c的值及直线AC的函数表达式；
〔2〕点P在x轴正半轴上，点Q在y轴正半轴上，连结PQ与直线AC交于点M，连结MO并延长交AB于点N，假设M为PQ的中点．
①求证：△APM∽△AON；
②设点M的横坐标为m，求AN的长〔用含m的代数式表示〕．
26．〔14分〕有两个内角分别是它们对角的一半的四边形叫做半对角四边形．
〔1〕如图1，在半对角四边形ABCD中，∠B=∠D，∠C=∠A，求∠B与∠C的度数之和；
〔2〕如图2，锐角△ABC内接于⊙O，假设边AB上存在一点D，使得BD=BO，∠OBA的平分线交OA于点E，连结DE并延长交AC于点F，∠AFE=2∠EAF．求证：四边形DBCF是半对角四边形；
〔3〕如图3，在〔2〕的条件下，过点D作DG⊥OB于点H，交BC于点G，当DH=BG时，求△BGH与△ABC的面积之比．
2022年浙江省宁波市中考数学试卷
参考答案与试题解析
一、选择题：本大题共12个小题，每题4分，共48分.在每题给出的四个选项中，只有一项为哪一项符合题目要求的.
1．〔4分〕〔2022•宁波〕在，，0，﹣2这四个数中，为无理数的是〔　　〕
A． B． C．0 D．﹣2
【分析】分别根据无理数、有理数的定义即可判定选择项．
【解答】解：，0，﹣2是有理数，
是无理数，
应选：A．
【点评】此题主要考查了无理数的定义，注意带根号的要开不尽方才是无理数，无限不循环小数为无理数．如π，，0.8080080008…〔每两个8之间依次多1个0〕等形式．
2．〔4分〕〔2022•宁波〕以下计算正确的选项是〔　　〕
A．a2+a3=a5 B．〔2a〕2=4a C．a2•a3=a5 D．〔a2〕3=a5
【分析】根据积的乘方等于乘方的积，同底数幂的乘法底数不变指数相加，可得答案．
【解答】解：A、不是同底数幂的乘法指数不能相加，故A不符合题意；
B、积的乘方等于乘方的积，故B不符合题意；
C、同底数幂的乘法底数不变指数相加，故C符合题意；
D、幂的乘方底数不变指数相乘，故D不符合题意；
应选：C．
【点评】此题考查了幂的乘方与积的乘方，熟记法那么并根据法那么计算是解题关键．
3．〔4分〕〔2022•宁波〕2022年2月13日，宁波舟山港45万吨原油码头首次挂靠全球最大油轮﹣﹣“泰欧〞轮，其中45万吨用科学记数法表示为〔　　〕
A．0.45×106吨 B．4.5×105吨 C．45×104吨 D．4.5×104吨
【分析】科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数．确定n的值时，要看把原数变成a时，小数点移动了多少位，n的绝对值与小数点移动的位数相同．当原数绝对值＞1时，n是正数；当原数的绝对值＜1时，n是负数．
【解答】解：将45万用科学记数法表示为：4.5×105．
应选：B．
【点评】此题考查科学记数法的表示方法．科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数，表示时关键要正确确定a的值以及n的值．
4．〔4分〕〔2022•宁波〕要使二次根式有意义，那么x的取值范围是〔　　〕
A．x≠3 B．x＞3 C．x≤3 D．x≥3
【分析】二次根式有意义时，被开方数是非负数．
【解答】解：依题意得：x﹣3≥0，
解得x≥3．
应选：D．
【点评】考查了二次根式的意义和性质．概念：式子〔a≥0〕叫二次根式．性质：二次根式中的被开方数必须是非负数，否那么二次根式无意义．
5．〔4分〕〔2022•宁波〕如下列图的几何体的俯视图为〔　　〕
A． B． C． D．
【分析】根据从上边看得到的图形是俯视图，可得答案．
【解答】解：从上边看外边是正六边形，里面是圆，
应选：D．
【点评】此题考查了简单几何体的三视图，熟记常见几何体的三视图是解题关键．
6．〔4分〕〔2022•宁波〕一个不透明的布袋里装有5个红球，2个白球，3个黄球，它们除颜色外其余都相同，从袋中任意摸出1个球，是黄球的概率为〔　　〕
A． B． C． D．
【分析】让黄球的个数除以球的总个数即为所求的概率．
【解答】解：因为一共10个球，其中3个黄球，所以从袋中任意摸出1个球是黄球的概率是．
应选：C．
【点评】此题考查概率的根本计算，用到的知识点为：概率等于所求情况数与总情况数之比．
7．〔4分〕〔2022•宁波〕直线m∥n，将一块含30°角的直角三角板ABC按如图方式放置〔∠ABC=30°〕，其中A，B两点分别落在直线m，n上，假设∠1=20°，那么∠2的度数为〔　　〕
A．20° B．30° C．45° D．50°
【分析】根据平行线的性质即可得到结论．
【解答】解：∵直线m∥n，
∴∠2=∠ABC+∠1=30°+20°=50°，
应选D．
【点评】此题考查了平行线的性质，熟练掌握平行线的性质是解题的关键．
8．〔4分〕〔2022•宁波〕假设一组数据2，3，x，5，7的众数为7，那么这组数据的中位数为〔　　〕
A．2 B．3 C．5 D．7
【分析】根据众数的定义可得x的值，再依据中位数的定义即可得答案．
【解答】解：∵数据2，3，x，5，7的众数为7，
∴x=7，
那么这组数据为2、3、5、7、7，
∴中位数为5，
应选：C．
【点评】此题考查众数与中位数的意义．中位数是将一组数据从小到大〔或从大到小〕重新排列后，最中间的那个数〔最中间两个数的平均数〕，叫做这组数据的中位数．众数是数据中出现最多的一个数．
9．〔4分〕〔2022•宁波〕如图，在Rt△ABC中，∠A=90°，BC=2，以BC的中点O为圆心分别与AB，AC相切于D，E两点，那么的长为〔　　〕
A． B． C．π D．2π
【分析】连接OE、OD，由切线的性质可知OE⊥AC，OD⊥AB，由于O是BC的中点，从而可知OD是中位线，所以可知∠B=45°，从而可知半径r的值，最后利用弧长公式即可求出答案．
【解答】解：连接OE、OD，
设半径为r，
∵⊙O分别与AB，AC相切于D，E两点，
∴OE⊥AC，OD⊥AB，
∵O是BC的中点，
∴OD是中位线，
∴OD=AE=AC，
∴AC=2r，
同理可知：AB=2r，
∴AB=AC，
∴∠B=45°，
∵BC=2
∴由勾股定理可知AB=2，
∴r=1，
∴==
应选〔B〕
【点评】此题考查切线的性质，解题的关键是连接OE、OD后利用中位线的性质求出半径r的值，此题属于中等题型．
10．〔4分〕〔2022•宁波〕抛物线y=x2﹣2x+m2+2〔m是常数〕的顶点在〔　　〕
A．第一象限 B．第二象限 C．第三象限 D．第四象限
【分析】先根据抛物线的顶点式求出抛物线y=x2﹣2x+m2+2〔m是常数〕的顶点坐标，再根据各象限内点的坐标特点进行解答．
【解答】解：∵y=x2﹣2x+m2+2=〔x﹣1〕2+〔m2+1〕，
∴顶点坐标为：〔1，m2+1〕，
∵1＞0，m2+1＞0，
∴顶点在第一象限．
应选A．
【点评】此题考查的是二次函数的性质及各象限内点的坐标特点，根据题意得出抛物线的顶点坐标是解答此题的关键．
11．〔4分〕〔2022•宁波〕如图，四边形ABCD是边长为6的正方形，点E在边AB上，BE=4，过点E作EF∥BC，分别交BD，CD于G，F两点．假设M，N分别是DG，CE的中点，那么MN的长为〔　　〕
A．3 B． C． D．4
【分析】作辅助线，构建全等三角形，证明△EMF≌△CMD，那么EM=CM，利用勾股定理得：BD==6，EC==2，可得△EBG是等腰直角三角形，分别求EM=CM的长，利用勾股定理的逆定理可得△EMC是等腰直角三角形，根据直角三角形斜边中线的性质得MN的长．
【解答】解：连接FM、EM、CM，
∵四边形ABCD为正方形，
∴∠ABC=∠BCD=∠ADC=90°，BC=CD，
∵EF∥BC，
∴∠GFD=∠BCD=90°，EF=BC，
∴EF=BC=DC，
∵∠BDC=∠ADC=45°，
∴△GFD是等腰直角三角形，
∵M是DG的中点，
∴FM=DM=MG，FM⊥DG，
∴∠GFM=∠CDM=45°，
∴△EMF≌△CMD，
∴EM=CM，
过M作MH⊥CD于H，
由勾股定理得：BD==6，
EC==2，
∵∠EBG=45°，
∴△EBG是等腰直角三角形，
∴EG=BE=4，
∴BG=4，
∴DM=
∴MH=DH=1，
∴CH=6﹣1=5，
∴CM=EM==，
∵CE2=EM2+CM2，
∴∠EMC=90°，
∵N是EC的中点，
∴MN=EC=；
应选C．
【点评】此题考查了正方形的性质、三角形全等的性质和判定、等腰直角三角形的性质和判定、直角三角形斜边中线的性质、勾股定理的逆定理，属于根底题，此题的关键是证明△EMC是直角三角形．
12．〔4分〕〔2022•宁波〕一个大矩形按如图方式分割成九个小矩形，且只有标号为①和②的两个小矩形为正方形，在满足条件的所有分割中．假设知道九个小矩形中n个小矩形的周长，就一定能算出这个大矩形的面积，那么n的最小值是〔　　〕
A．3 B．4 C．5 D．6
【分析】根据题意结合正方形的性质得出只有表示出矩形的各边长才可以求出面积，进而得出符合题意的答案．
【解答】解：如下列图：设①的周长为：4x，③的周长为2y，④的周长为2b，即可得出①的边长以及③和④的邻边和，
设②的周长为：4a，那么②的边长为a，可得③和④中都有一条边为a，
那么③和④的另一条边长分别为：y﹣a，b﹣a，
故大矩形的边长分别为：b﹣a+x+a=b+x，y﹣a+x+a=y+x，
故大矩形的面积为：〔b+x〕〔y+x〕，其中b，x，y都为数，
故n的最小值是3．
应选：A．
【点评】此题主要考查了推理与论证，正确结合正方形面积表示出矩形各边长是解题关键．
二、填空题〔每题4分，总分值24分，将答案填在答题纸上〕
13．〔4分〕〔2022•宁波〕实数﹣8的立方根是　﹣2　．
【分析】利用立方根的定义即可求解．
【解答】解：∵〔﹣2〕3=﹣8，
∴﹣8的立方根是﹣2．
故答案﹣2．
【点评】此题主要考查了立方根的概念．如果一个数x的立方等于a，即x的三次方等于a〔x3=a〕，那么这个数x就叫做a的立方根，也叫做三次方根．
14．〔4分〕〔2022•宁波〕分式方程=的解是　x=1　．
【分析】分式方程去分母转化为整式方程，求出整式方程的解得到x的值，经检验即可得到分式方程的解．
【解答】解：去分母得：4x+2=9﹣3x，
解得：x=1，
经检验x=1是分式方程的解，
故答案为：x=1
【点评】此题考查了解分式方程，利用了转化的思想，解分式方程注意要检验．
15．〔4分〕〔2022•宁波〕如图，用同样大小的黑色棋子按如下列图的规律摆放：那么第⑦个图案有　19　个黑色棋子．
【分析】根据图中所给的黑色棋子的颗数，找出其中的规律，根据规律列出式子，即可求出答案．
【解答】解：第一个图需棋子1，
第二个图需棋子1+3，
第三个图需棋子1+3×2，
第四个图需棋子1+3×3，
…
第n个图需棋子1+3〔n﹣1〕=3n﹣2枚．
所以第⑦个图形有19颗黑色棋子．
故答案为：19；
【点评】此题考查了图形的变化类，是一道关于数字猜想的问题，关键是通过归纳与总结，得到其中的规律．
16．〔4分〕〔2022•宁波〕如图，一名滑雪运发动沿着倾斜角为34°的斜坡，从A滑行至B，AB=500米，那么这名滑雪运发动的高度下降了　280　米．〔参考数据：sin34°≈0.56，cos34°≈0.83，tan34°≈0.67〕
【分析】如图在Rt△ABC中，AC=AB•sin34°=500×0.56≈280m，可知这名滑雪运发动的高度下降了280m．
【解答】解：如图在Rt△ABC中，
AC=AB•sin34°=500×0.56≈280m，
∴这名滑雪运发动的高度下降了280m．
故答案为280
【点评】此题考查解直角三角形、坡度坡角问题、锐角三角函数等知识，解题的关键是熟练掌握锐角三角函数的定义，属于中考常考题型．
17．〔4分〕〔2022•宁波〕△ABC的三个顶点为A〔﹣1，﹣1〕，B〔﹣1，3〕，C〔﹣3，﹣3〕，将△ABC向右平移m〔m＞0〕个单位后，△ABC某一边的中点恰好落在反比例函数y=的图象上，那么m的值为　4或．
【分析】求得三角形三边中点的坐标，然后根据平移规律可得AB边的中点〔﹣1，1〕，BC边的中点〔﹣2，0〕，AC边的中点〔﹣2，﹣2〕，然后分两种情况进行讨论：一是AB边的中点在反比例函数y=的图象上，二是AC边的中点在反比例函数y=的图象上，进而算出m的值．
【解答】解：∵△ABC的三个顶点为A〔﹣1，﹣1〕，B〔﹣1，3〕，C〔﹣3，﹣3〕，
∴AB边的中点〔﹣1，1〕，BC边的中点〔﹣2，0〕，AC边的中点〔﹣2，﹣2〕，
∵将△ABC向右平移m〔m＞0〕个单位后，
∴AB边的中点平移后的坐标为〔﹣1+m，1〕，AC边的中点平移后的坐标为〔﹣2+m，﹣2〕．
∵△ABC某一边的中点恰好落在反比例函数y=的图象上，
∴﹣1+m=3或﹣2×〔﹣2+m〕=3．
∴m=4或m=〔舍去〕．
故答案为4或．
【点评】此题主要考查了反比例函数图象上点的坐标特点，关键是掌握反比例函数图象上的点〔x，y〕的横纵坐标的积是定值k，即xy=k．
18．〔4分〕〔2022•宁波〕如图，在菱形纸片ABCD中，AB=2，∠A=60°，将菱形纸片翻折，使点A落在CD的中点E处，折痕为FG，点F，G分别在边AB，AD上，那么cos∠EFG的值为．
【分析】作EH⊥AD于H，连接BE、BD，连接AE交FG于O，如图，利用菱形的性质得△BDC为等边三角形，∠ADC=120°，再在在Rt△BCE中计算出BE=CE=，接着证明BE⊥AB，设AF=x，利用折叠的性质得到EF=AF，FG垂直平分AE，∠EFG=∠AFG，所以在Rt△BEF中利用勾股定理得〔2﹣x〕2+〔〕2=x2，解得x=，接下来计算出AE，从而得到OA的长，然后在Rt△AOF中利用勾股定理计算出OF，再利用余弦的定义求解．
【解答】解：作EH⊥AD于H，连接BE、BD，连接AE交FG于O，如图，
∵四边形ABCD为菱形，∠A=60°，
∴△BDC为等边三角形，∠ADC=120°，
∵E点为CD的中点，
∴CE=DE=1，BE⊥CD，
在Rt△BCE中，BE=CE=，
∵AB∥CD，
∴BE⊥AB，
设AF=x，
∵菱形纸片翻折，使点A落在CD的中点E处，折痕为FG，点F，G分别在边AB，AD上，
∴EF=AF，FG垂直平分AE，∠EFG=∠AFG，
在Rt△BEF中，〔2﹣x〕2+〔〕2=x2，解得x=，
在Rt△DEH中，DH=DE=，HE=DH=，
在Rt△AEH中，AE==，
∴AO=，
在Rt△AOF中，OF==，
∴cos∠AFO==．
故答案为．
【点评】此题考查了折叠的性质：折叠是一种对称变换，它属于轴对称，折叠前后图形的形状和大小不变，位置变化，对应边和对应角相等．也考查了菱形的性质．
三、解答题〔本大题共8小题，共78分.解容许写出文字说明、证明过程或演算步骤.〕
19．〔6分〕〔2022•宁波〕先化简，再求值：〔2+x〕〔2﹣x〕+〔x﹣1〕〔x+5〕，其中x=．
【分析】原式利用平方差公式，以及多项式乘以多项式法那么计算，去括号合并得到最简结果，把x的值代入计算即可求出值．
【解答】解：原式=4﹣x2+x2+4x﹣5=4x﹣1，
当x=时，原式=6﹣1=5．
【点评】此题考查了整式的混合运算﹣化简求值，熟练掌握运算法那么是解此题的关键．
20．〔8分〕〔2022•宁波〕在4×4的方格纸中，△ABC的三个顶点都在格点上．
〔1〕在图1中画出与△ABC成轴对称且与△ABC有公共边的格点三角形〔画出一个即可〕；
〔2〕将图2中的△ABC绕着点C按顺时针方向旋转90°，画出经旋转后的三角形．
【分析】〔1〕根据成轴对称图形的概念，分别以边AC、BC所在的直线为对称轴作出图形即可；
〔2〕根据网格结构找出点A、B绕着点C按顺时针方向旋转90°后的对应点的位置，再与点C顺次连接即可．
【解答】解：如下列图．
【点评】此题考查了利用旋转变换作图，利用平移变换作图，熟练掌握网格结构准确找出对应点的位置是解题的关键．
21．〔8分〕〔2022•宁波〕大黄鱼是中国特有的地方性鱼类，有“国鱼〞之称，由于过去滥捕等多种因素，大黄鱼资源已根本枯竭，目前，我市已培育出十余种大黄鱼品种，某鱼苗人工养殖基地对其中的四个品种“宁港〞、“御龙〞、“甬岱〞、“象山港〞共300尾鱼苗进行成活实验，从中选出成活率最高的品种进行推广，通过实验得知“甬岱〞品种鱼苗成活率为80%，并把实验数据绘制成以下两幅统计图〔局部信息未给出〕：
〔1〕求实验中“宁港〞品种鱼苗的数量；
〔2〕求实验中“甬岱〞品种鱼苗的成活数，并补全条形统计图；
〔3〕你认为应选哪一品种进行推广请说明理由．
【分析】〔1〕求出“宁港〞品种鱼苗的百分比，乘以300即可得到结果；
〔2〕求出“甬岱〞品种鱼苗的成活数，补全条形统计图即可；
〔3〕求出三种鱼苗成活率，比较即可得到结果．
【解答】解：〔1〕根据题意得：300×〔1﹣30%﹣25%﹣25%〕=60〔尾〕，
那么实验中“宁港〞品种鱼尾有60尾；
〔2〕根据题意得：300×30%×80%=72〔尾〕，
那么实验中“甬岱〞品种鱼苗有72尾成活，补全条形统计图：
〔3〕“宁港〞品种鱼苗的成活率为×100%=85%；
“御龙〞品种鱼苗的成活率为×100%=74.6%；
“象山港〞品种鱼苗的成活率为×100%=80%，
那么“宁港〞品种鱼苗的成活率最高，应选“宁港〞品种进行推广．
【点评】此题考查了条形统计图，扇形统计图，弄清题中的数据是解此题的关键．
22．〔10分〕〔2022•宁波〕如图，正比例函数y1=﹣3x的图象与反比例函数y2=的图象交于A、B两点．点C在x轴负半轴上，AC=AO，△ACO的面积为12．
〔1〕求k的值；
〔2〕根据图象，当y1＞y2时，写出x的取值范围．
【分析】〔1〕过点A作AD垂直于OC，由AC=AO，得到CD=DO，确定出三角形ADO与三角形ACD面积，即可求出k的值；
〔2〕根据函数图象，找出满足题意x的范围即可．
【解答】解：〔1〕如图，过点A作AD⊥OC，
∵AC=AO，
∴CD=DO，
∴S△ADO=S△ACD=6，
∴k=﹣12；
〔2〕根据图象得：当y1＞y2时，x的范围为x＜﹣2或0＜x＜2．
【点评】此题考查了反比例函数与一次函数的交点问题，利用了数形结合的思想，熟练掌握各函数的性质是解此题的关键．
23．〔10分〕〔2022•宁波〕2022年5月14日至15日，“一带一路〞国际合作顶峰论坛在北京举行，本届论坛期间，中国同30多个国家签署经贸合作协议，某厂准备生产甲、乙两种商品共8万件销往“一带一路〞沿线国家和地区．2件甲种商品与3件乙种商品的销售收入相同，3件甲种商品比2件乙种商品的销售收入多1500元．
〔1〕甲种商品与乙种商品的销售单价各多少元
〔2〕假设甲、乙两种商品的销售总收入不低于5400万元，那么至少销售甲种商品多少万件
【分析】〔1〕可设甲种商品的销售单价x元，乙种商品的销售单价y元，根据等量关系：①2件甲种商品与3件乙种商品的销售收入相同，②3件甲种商品比2件乙种商品的销售收入多1500元，列出方程组求解即可；
〔2〕可设销售甲种商品a万件，根据甲、乙两种商品的销售总收入不低于5400万元，列出不等式求解即可．
【解答】解：〔1〕设甲种商品的销售单价x元，乙种商品的销售单价y元，依题意有
，
解得．
答：甲种商品的销售单价900元，乙种商品的销售单价600元；
〔2〕设销售甲种商品a万件，依题意有
900a+600〔8﹣a〕≥5400，
解得a≥2．
答：至少销售甲种商品2万件．
【点评】此题考查一元一次不等式及二元一次方程组的应用，解决此题的关键是读懂题意，找到符合题意的不等关系式及所求量的等量关系．
24．〔10分〕〔2022•宁波〕在一次课题学习中，老师让同学们合作编题，某学习小组受赵爽弦图的启发，编写了下面这道题，请你来解一解：
如图，将矩形ABCD的四边BA、CB、DC、AD分别延长至E、F、G、H，使得AE=CG，BF=DH，连接EF，FG，GH，HE．
〔1〕求证：四边形EFGH为平行四边形；
〔2〕假设矩形ABCD是边长为1的正方形，且∠FEB=45°，tan∠AEH=2，求AE的长．
【分析】〔1〕由矩形的性质得出AD=BC，∠BAD=∠BCD=90°，证出AH=CF，在Rt△AEH和Rt△CFG中，由勾股定理求出EH=FG，同理：EF=HG，即可得出四边形EFGH为平行四边形；
〔2〕在正方形ABCD中，AB=AD=1，设AE=x，那么BE=x+1，在Rt△BEF中，∠BEF=45°，得出BE=BF，求出DH=BE=x+1，得出AH=AD+DH=x+2，在Rtt△AEH中，由三角函数得出方程，解方程即可．
【解答】〔1〕证明：∵四边形ABCD是矩形，
∴AD=BC，∠BAD=∠BCD=90°，
∵BF=DH，
∴AH=CF，
在Rt△AEH中，EH=，
在Rt△CFG中，FG=，
∵AE=CG，
∴EH=FG，
同理：EF=HG，
∴四边形EFGH为平行四边形；
〔2〕解：在正方形ABCD中，AB=AD=1，
设AE=x，那么BE=x+1，
在Rt△BEF中，∠BEF=45°，
∴BE=BF，
∵BF=DH，
∴DH=BE=x+1，
∴AH=AD+DH=x+2，
在Rtt△AEH中，
tan∠AEH=2，
∴AH=2AE，
∴2+x=2x，
解得：x=2，
∴AE=2．
【点评】此题考查了矩形的性质、勾股定理、平行四边形的判定、正方形的性质、三角函数等知识；熟练掌握矩形的性质和勾股定理是解决问题的关键．
25．〔12分〕〔2022•宁波〕如图，抛物线y=x2+x+c与x轴的负半轴交于点A，与y轴交于点B，连结AB，点C〔6，〕在抛物线上，直线AC与y轴交于点D．
〔1〕求c的值及直线AC的函数表达式；
〔2〕点P在x轴正半轴上，点Q在y轴正半轴上，连结PQ与直线AC交于点M，连结MO并延长交AB于点N，假设M为PQ的中点．
①求证：△APM∽△AON；
②设点M的横坐标为m，求AN的长〔用含m的代数式表示〕．
【分析】〔1〕把C点坐标代入抛物线解析式可求得c的值，令y=0可求得A点坐标，利用待定系数法可求得直线AC的函数表达式；
〔2〕①在Rt△AOB和Rt△AOD中可求得∠OAB=∠OAD，在Rt△OPQ中可求得MP=MO，可求得∠MPO=∠MOP=∠AON，那么可证得△APM∽△AON；
②过M作ME⊥x轴于点E，用m可表示出AE和AP，进一步可表示出AM，利用△APM∽△AON可表示出AN．
【解答】解：
〔1〕把C点坐标代入抛物线解析式可得=9++c，解得c=﹣3，
∴抛物线解析式为y=x2+x﹣3，
令y=0可得x2+x﹣3=0，解得x=﹣4或x=3，
∴A〔﹣4，0〕，
设直线AC的函数表达式为y=kx+b〔k≠0〕，
把A、C坐标代入可得，解得，
∴直线AC的函数表达式为y=x+3；
〔2〕①∵在Rt△AOB中，tan∠OAB==，在RtAOD中，tan∠OAD==，
∴∠OAB=∠OAD，
∵在Rt△POQ中，M为PQ的中点，
∴OM=MP，
∴∠MOP=∠MPO，且∠MOP=∠AON，
∴∠APM=∠AON，
∴△APM∽△AON；
②如图，过点M作ME⊥x轴于点E，那么OE=EP，
∵点M的横坐标为m，
∴AE=m+4，AP=2m+4，
∵tan∠OAD=，
∴cos∠EAM=cos∠OAD=，
∴=，
∴AM=AE=，
∵△APM∽△AON，
∴=，即=，
∴AN=．
【点评】此题为二次函数的综合应用，涉及待定系数法、三角函数的定义、相似三角形的判定和性质、等腰三角形的性质、直角三角形的性质及方程思想等知识．在〔1〕中注意函数图象上的点的坐标满足函数解析式，以及待定系数法的应用，在〔2〕①中确定出两对对应角相等是解题的关键，在〔2〕②中用m表示出AP的长是解题的关键，注意利用相似三角形的性质．此题考查知识点较多，综合性较强，难度较大．
26．〔14分〕〔2022•宁波〕有两个内角分别是它们对角的一半的四边形叫做半对角四边形．
〔1〕如图1，在半对角四边形ABCD中，∠B=∠D，∠C=∠A，求∠B与∠C的度数之和；
〔2〕如图2，锐角△ABC内接于⊙O，假设边AB上存在一点D，使得BD=BO，∠OBA的平分线交OA于点E，连结DE并延长交AC于点F，∠AFE=2∠EAF．求证：四边形DBCF是半对角四边形；
〔3〕如图3，在〔2〕的条件下，过点D作DG⊥OB于点H，交BC于点G，当DH=BG时，求△BGH与△ABC的面积之比．
【分析】〔1〕根据题意得出∠B=∠D，∠C=∠A，代入∠A+∠B+∠C+∠D=360°求出即可；
〔2〕求出△BED≌△BEO，根据全等得出∠BDE=∠BOE，连接OC，设∠EAF=α，那么∠AFE=2∠EAF=2α，求出∠EFC=180°﹣2α，∠AOC=180°﹣2α，即可得出等答案；
〔3〕过点O作OM⊥BC于M，求出∠ABC+∠ACB=120°，求出∠OBC=∠OCB=30°，根据直角三角形的性质得出BC=2BM=BO=BD，求出△DBG∽△CBA，根据相似三角形的性质得出即可．
【解答】解：〔1〕在半对角四边形ABCD中，∠B=∠D，∠C=∠A，
∵∠A+∠B+∠C+∠D=360°，
∴3∠B+3∠C=360°，
∴∠B+∠C=120°，
即∠B与∠C的度数和为120°；
〔2〕证明：∵在△BED和△BEO中
∴△BED≌△BEO，
∴∠BDE=∠BOE，
∵∠BCF=∠BOE，
∴∠BCF=∠BDE，
连接OC，
设∠EAF=α，那么∠AFE=2∠EAF=2α，
∴∠EFC=180°﹣∠AFE=180°﹣2α，
∵OA=OC，
∴∠OAC=∠OCA=α，
∴∠AOC=180°﹣∠OAC﹣∠OCA=180°﹣2α，
∴∠ABC=∠AOC=∠EFC，
∴四边形DBCF是半对角四边形；
〔3〕解：过点O作OM⊥BC于M，
∵四边形DBCF是半对角四边形，
∴∠ABC+∠ACB=120°，
∴∠BAC=60°，
∴∠BOC=2∠BAC=120°，
∵OB=OC，
∴∠OBC=∠OCB=30°，
∴BC=2BM=BO=BD，
∵DG⊥OB，
∴∠HGB=∠BAC=60°，
∵∠DBG=∠CBA，
∴△DBG∽△CBA，
∴=〔〕2=，
∵DH=BG，BG=2HG，
∴DG=3HG，
∴=，
∴=．
【点评】此题考查了相似三角形的性质和判定，全等三角形的性质和判定等知识点，能灵活运用性质进行推理是解此题的关键，难度偏大．