山西省2020年中考物理模拟试题五含解析.docx

2020年山西省中考物理模拟试题（五）一、选择题：本大题共10小题，每小题3分，共30分在每小题给出的四个选项中，只有一个是符合题目要求的1在下列数据中，最接近生活实际的是（）A家用电吹风功率约为500WB一个正规篮球的直径约为1dmC一支新2B铅笔的质量约为400gD人体感到最舒适的温度约是10【答案】A【解析】A、家用电吹风功率约为500W左右，故A符合实际；B、一个正规篮球的直径约为24.6cm，故B不符合实际；C、一支新2B铅笔的质量约是10g，故C不符合实际；D、人体正常体温在37左右，感觉舒适的温度在23左右。故D不符合实际。选A。2某同学利用图装置分别将敲音叉、弹钢琴、吹长笛和划玻璃时发出的声音信号输入计算机，在显示器上观察到下图所示四种声音的波形。根据波形图和相关知识判断，下列说法错误的是（）A三种声音的音调和响度相同B声音是长笛的笛管振动产生的C四个声音在15空气中的速度相同D波形是噪音的波形【答案】B【解析】A、由图象可知，相同时间内，振动的次数相同，振动的幅度相同，即的频率相同，响度相同，故A正确；B、管乐器的声音是由管内空气柱振动，所以声音是笛管中空气柱振动产生的，故B错误；C、声音的传播速度与介质的种类和介质的温度有关，声音在15空气中的速度相同，故C正确；D，从物理学角度，凡是无规则振动产生的声音都属于噪音，由波形图，该发声体振动无规律，属于噪音，故D正确。选B。3下列物态变化中，属于凝固现象的是（）A春天，白雾弥漫B夏天，大雨滂沱C秋天，霜打枝头D冬天，千里冰封【答案】D【解析】A、春天，白雾弥漫，雾是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象；B、夏天，大雨磅礴，雨是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象；C、秋天，霜打枝头，霜是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小冰晶，属于凝华现象；D、冬天，千里冰封，冰是水凝固成的，属于凝固现象。选D。4下列现象中，能用光的反射解释的是（）A叉鱼B激光引导掘进方向C看到地上物体D凸透镜会聚光线【答案】C【解析】A、鱼在水中，而人在船上，则来自鱼的光线需要从水中射向空气中进入人眼，此时光线就会发生折射，折射光线进入人眼，人看到的是鱼的虚像，由于虚像的位置比鱼的位置要高，所以我们要瞄准看到的鱼的下方去叉；与题意不符；B、由图可知，激光引导掘进方向是利用了光的直线传播，由于光是沿直线传播的，所以光引导的掘进方向也是直的；与题意不符；C、看到地上物体是由于光的反射，反射光线进入眼睛。符合题意；D、凸透镜会聚光线是由于光的折射。与题意不符；选C。5关于家庭电路和安全用电，下列说法中正确的是（）A家庭电路中必须安装保险丝或空气开关B在未断开电源开关的情况下更换灯泡C我国家庭电路的电压值为380VD使用试电笔时，手指不能碰到笔尾的金属帽，以免触电【答案】A【解析】A、家庭电路中必须要有保险丝或空气开关，这样在电流过大时可自动切断电源，对电路起到保护作用，此选项正确；B、在未断开电源开关的情况下更换灯泡，灯泡处仍带电，容易发生触电事故，此选项错误；C、我国家庭电路的电压值为220V，动力用电的电压为380V，此选项错误；D、如果手不接触笔尾金属体，无论笔尖金属体接触火线还是零线，氖管都不发光，不能正确辨别火线和零线，此选项错误。选A。6小红在做“探究凸透镜成像的规律“的实验中，在光屏上得到了烛焰清晰的缩小的像。小红保持凸透镜的位置不变，将光屏和蜡烛的位置互换，这时，她在光屏上可以看到（）A正立、放大的像B正立、缩小的像C倒立、缩小的像D倒立、放大的像【答案】D【解析】由凸透镜成像规律可知，当u2f，fv2f，成倒立、缩小的实像；若将蜡烛和光屏位置互换，则fu2f时，成倒立、放大的实像，光屏距凸透镜即像距v2f。选D。7如图所示的各类杠杆中，属于费力杠杆的是（）A起子B道钉撬C筷子D钢丝钳【答案】C【解析】A、起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；B、道钉撬在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。C、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；D、钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；选C。8下列措施中能增强通电螺线管磁性的是（）A减小螺线管的电流B减少螺线管的匝数C在螺线管内插入铁芯D改变螺线管的电流方向【答案】C【解析】A、在相同条件下，减小螺线管的电流，磁性减弱，不符合题意；B、在相同条件下，减少螺线管的匝数，磁性减弱，不符合题意；C、在相同条件下，插入铁芯，磁性增强，符合题意；D、改变电流的方向，只能改变通电螺线管的磁极，不符合题意。选C。9未煮过的汤圆沉在水底，煮熟后漂浮在水面上，则此时汤圆（）A受到的浮力等于重力，排开水的体积比未煮过的小B受到的浮力大于重力，排开水的体积比未煮过的小C受到的浮力大于重力，排开水的体积比未煮过的大D受到的浮力等于重力，排开水的体积比未煮过的大【答案】D【解析】（1）汤圆煮熟后漂浮在水面上，根据物体漂浮条件可知，受到的浮力等于重力，故BC错误；（2）未煮过的汤圆沉在水底，说明重力大于浮力，煮熟后漂浮在水面上，受到的浮力等于重力，而汤圆的重力不变，汤圆所受浮力变大，根据F浮水gV排可知，此时汤圆排开水的体积比未煮过的大。故A错误，D正确。选D。10有两个电路元件A和B，流过元件的电流与其两端电压的关系如图。下列说法不正确的是（）AA的电阻值为5B元件B是定值电阻CA和B串联，电路中电流为0.4A时，电源电压是4.5VDA和B并联在电压为2.5V的电源两端，B的电功率是1W【答案】B【解析】A、由图象可知，当UA1.0V时，IA0.2A，由I可得，甲的电阻为：RA5，故A正确；B、由图象可知，B的电流与电压不成正比，则元件B不是定值电阻，故B错误；C、A和B串联，电路中电流为0.4A时，由于串联电路中各处的电流相等，则通过A、B的电流都为0.4A，由图象可知，此时A、B两端的电压分别为：UA2.0V，UB2.5V，则电源电压UUA+UB2.0V+2.5V4.5V，故C正确；D、A和B并联在电压为2.5V的电源两端，由于并联电路各支路两端的电压相等，则B两端的电压为UB2.5V，由图象可知，此时通过B的电流为0.4A，则B的电功率：PBUBIB2.5V0.4A1W，故D正确。选B。二、实验探究（本大题共5个小题，11小题4分，12小题4分，13小题8分，14小题6分，15小题2分，共24分）11某物理兴趣小组的同学用如图甲所示的装置来研究水的沸腾。（1）如图乙中A、B所示，其中_图是水沸腾时的气泡变化情况：当水温升到90时每隔1min记录一次水的温度，在实验中记录的数据如下表。时间/min0123456789101112温度/90919293949596979898989898（2）在图丙中以时间为横轴，以温度为纵轴，根据表格中的数据作出水的沸腾图象。（3）在这次实验中，发现从开始加热到沸腾的这段时间过长，为了缩短实验的时间，可以采取的措施是_。【答案】（1）A；（2）见下图；（3）减小水的质量或提高水的初温或加大火焰。【解析】（1）从图乙可以看出，A中气泡在上升过程中体积逐渐变大，所以是沸腾时的现象；B图中气泡在上升过程中体积逐渐减小，所以是沸腾前的现象。（2）根据表格数据进行描点，然后用平滑曲线把所有点连接起来。如下图所示：（3）液体从加热到沸腾需要的时间的长短与很多因素有关：水量的多少、水温的高低、火力的大小、是用酒精灯的外焰还是内焰加热等等，故为了缩短实验的时间，可以采取的措施是：减小水的质量；提高水的初温；加大火焰等。12探究测长方体合金块的密度时，小组同学从天平（带砝码）、弹簧秤、刻度尺、量筒、烧杯、水和细线中选用了所需的实验器材，设计出了一种方法（见下表）。现请你从上列器材中选择必要的实验器材，参照方法一，至少设计出两种方法。主要实验器材实验的主要步骤和应用测量的物理量合金块密度的表达式方法一天平、量筒、水1天平测出合金块的m2测出量筒内水的体积V13测出合金块浸没在水中时合金和水的总体积V2方法二_方法三_【答案】方法二：天平（含砝码）、刻度尺；天平测出合金块的m；用刻度尺测出测量出合金块的长和宽、高，求出它的体积V；方法三：天平（含砝码）、量筒、烧杯、水和细线；1用细线拴住合金块，用弹簧秤测出合金块的重力G；2将合金块完全浸没水中，用弹簧秤测出合金块浸没水中的重力G；。【解析】依据公式可知，需要测量的物理量是质量和体积。质量可以通过天平测出，关键在于如何选择适当的器材测出长方体小金属块的体积。分析可知，解决问题的关键在于测金属块的体积，所以我们可以考虑以下两种方案：一是用刻度尺测量出长方体金属块的长和宽、高，求出它的体积；选用的器材为：天平（含砝码）、刻度尺，实验步骤：1天平测出合金块的质量m；2用刻度尺测出测量出合金块的长和宽、高，求出它的体积V；数据处理：根据密度计算公式计算出物体的密度；二是使用量筒、水、细线，采用排水法来进行测量。选用的器材：弹簧秤、烧杯、水和细线。实验步骤：1用细线拴住合金块，用弹簧秤测出合金块的重力G；2将合金块完全浸没水中，用弹簧秤测出合金块浸没水中的重力G。数据处理：合金块的质量m，合金块受到的浮力F浮GG，合金块的体积等于排开水的体积，即：VV排，合金块的密度：。13小明用如图甲所示的实物图测量额定电压为2.5V，额定功率约为1W的小灯泡的电功率（所用器材均能满足实验需要）。（1）请根据实验目的和相关条件，用笔画线代替导线把图甲中的实钩电路连接完整（要求：滑片P向左移动时灯变亮）；（2）连接电路时，开关要_（选填“断开”或“闭合”）；（3）在实验过程中，移动滑动变阻器的滑片P的同时，眼睛应注视_；A电压表示数 B电流表示数 C滑动变阻器的滑片 D电源是否损坏（4）实验时，小明发现无论怎样调节滑动变阻器的滑片P，两电表的指针始终处于乙图的位置，出现这种情况的原因可能是_；A电灯L损坏 B电流表短路 C电压表断路 D开关S损坏（5）故障排除后，小明按实验步骤正确进行实验，并记录了多组数据，根据数据描绘出了小灯泡的U一I图象，如图丙所示，则小灯泡的额定功率为_W；小明所用滑动变阻器的规格是_。A“5 1A”B“10 2A”C“25 1A”D“30 2A”【答案】（1）见下图；（2）断开；（3）A；（4）A；（5）0.75； C。【解析】（1）滑片向左移动灯变亮，灯泡与滑动变阻器应串联，且滑动变阻器接左下接线柱，把灯泡与滑动变阻器串联接入电路，实物电路图如图所示（2）在连接电路时，开关应处于断开状态；（3）测量小灯泡的额定电功率，应使灯泡两端的电压等于额定电压，所以在实验中，移动滑片的同时，眼睛应注视电压表示数，A正确；（4）闭合开关电流表无示数，电压表有示数原因是电压表并联的部分断路，即可能是电灯L损坏，故选A；（5）由图丙知，灯泡的额定电压为2.5V，由图3知，当U2.5V时，I0.3A，则灯泡的实际功率PUI2.5V0.3A0.75W；灯泡正常发光时，变阻器两端的电压U滑3V2.5V0.5V；由图象知，当灯泡两端电压最小时，变阻器的阻值最大，可知此时U滑3V0.5V2.5V；此时电路中的电流为0.1A，则滑动变阻器的阻值R滑25，所以滑动变阻器的规格是“25，1A”，故C正确。14兴趣小组观察发现，热水夏天冷却慢、冬天冷却快。这是什么原因呢？亦晨和童谣同学做出如下猜想：猜想一：液体的冷却快慢可能与气温（室温）有关；猜想二：液体的冷却快慢可能还与液体种类有关；（1）为了验证猜想一：深思熟虑后，两个人向两只完全相同的_（敞口瓶子/带塞子的瓶子）中倒入质量、_相同的热水，分别放置于通风的室内和通风的空调制冷的室内，每隔5分钟记录一次水的温度，直至水温不变。这样选取瓶子的依据是_。（2）如图所示，是亦晨同学根据其中一只容器测得的数据做出的图象，可以发现热水冷却时温度变化的特点是_。亦晨和童谣进一步分析得出，液体冷却快慢由_（液体的初温/低温环境的温度/液体和低温环境的温度差）决定。（3）根据亦晨和童谣的研究结果，请列举日常生活的应用：_。【答案】（1）带塞子的瓶子；初温；控制变量法；（2）先快后慢；液体和低温环境的温度差；（3）将一杯同样烧开的水放在冰箱冷藏室冷却比在室内冷却降温要快。【解析】（1）为了验证猜想一，即液体的冷却快慢可能与气温（室温）有关，由控制变量法，要控制其它因素相同，为避免蒸发对液体质量的影响，则两个人向两只完全相同的带塞子的瓶子中倒入质量、初温相同的热水，分别放置于通风的室内和通风的空调制冷的室内，每隔5分钟记录一次水的温度，直至水温不变。这样选取瓶子的依据是控制变量法；（2）由亦晨同学根据其中一只容器测得的数据做出的图象，可以发现热水冷却时温度变化的特点是先快后慢；亦晨和童谣进一步分析得出，液体冷却快慢由液体和低温环境的温度差决定；（3）日常生活的应用：将一杯同样烧开的水放在冰箱冷藏室冷却比在室内冷却降温要快。15通过阅读，小明知道了1791年意大利物理学家伏特发明了最早的电池伏打电池。在老师的帮助下，小明自制了一个如图所示的伏打电池，但是不能确定哪个金属片是正极。请你帮他设计实验并进行判断。（1）写出你选用的实验仪器：_。（2）简述操作方法、实验现象和结论：_。【答案】（1）电压表和导线；（2）将电压表的正接线柱与银片相连，再把与锌片相连的导线与电压表的负接线柱进行试触，若电压表指针正向偏转，说明与电压表正接线柱连接的银片是伏打电池的正极；若电压表反向偏转，锌片是电池的正极。【解析】由电流表、电压表和二极管的连接方法知，电流必须从正接线柱流入，从负接线柱流出，故可把电压表、电流表或发光二极管接在伏打电池两极，观察指针的偏转方向或发光二极管是否发光，从而确定出电池的正负极；方案一：（1）选用的器材：电压表和导线；（2）探究的方法：将电压表的正接线柱与银片相连，再把与锌片相连的导线与电压表的负接线柱进行试触，若电压表指针正向偏转，说明与电压表正接线柱连接的银片是伏打电池的正极；若电压表反向偏转，锌片是电池的正极；方案二：（1）选用的器材：电流表和导线；（2）探究的方法：将电流表的正接线柱与银片相连，再把与锌片相连的导线与电流表的负接线柱进行试触，若电流表指针正向偏转，说明与电流表正接线柱连接的银片是伏打电池的正极；若电流表反向偏转，锌片是电池的正极；方案三：（1）选用的器材：发光二极管和导线；（2）探究的方法：将发光二极管的正接线柱与银片相连，再把锌片与发光二极管的负接线柱相连，若发光二极管发光，说明与发光二极管正接线柱连接的银片是伏打电池的正极；若发光二极管不发光，锌片是电池的正极。三、综合应用（本大题共9小题，16小题2分，17小题2分，18小题2分，19小题3分，20小题2分，21小题4分，22小题4分，23小题4分，24小题3分，共26分）161820年，_在课堂上做实验时终于发现：当导线中通过电流时，它下方的磁针发生了偏转。这个发现令他极为兴奋，他怀着极大的兴趣又继续做了许多实验，终于证实_，在世界上第一个发现了电与磁之间的联系。【答案】奥斯特；电流的周围存在着磁场。【解析】丹麦的物理学家奥斯特做的著名的奥斯特实验通过当导线中通过电流时，它旁边的磁针发生偏转，证实了：电流的周围存在着磁场。17小明给妈妈的透明茶壶添水后，放在桌子上，如图所。妈妈看到后问：“怎么才加了半壶水？”小明说：“我担心再多加一点，水就从细细的壶嘴溢出来了。”妈妈说：“你试试加点水看看。”于是小明反复加了几次水后明白了：茶壶的壶嘴和壶身组成_，壶嘴和壶身中的水面具有_的特点，所以不必担心再加少许水会溢出来。【答案】连通器；高度总是相同的。【解析】茶壶的壶嘴和壶身构成了一个连通器，当里面的水不流动时，壶嘴的水面和壶身的水面保持相平。18我国国产航母顺利完成首次海试任务，国产航母的排水量是6.5万吨，则航母在海水中受到的最大浮力为_N（海水1103kg/m3），该航母可以搭载4045架歼一15型舰载机，当舰载机起飞后航母受到的浮力将_（选填“增大”“减小”或“不变”）。【答案】6.5108；减小。【解析】航母在海水中受到的最大浮力：F浮G排m排g65000103kg10N/kg6.5108N；舰载机起飞后，航母仍漂浮，浮力等于重力，但自重减小，因此航母所受浮力减小。19在疫情期间，小明戴上口罩准备出门，他想看看口罩有没有戴好，于是他站在竖直的平面镜前1m处，则他与镜中“自己”的距离是_m，平面镜成的像是_（选填“虚”或“实”）像，当他再远离平面镜0.5m，他在镜中的像的大小将会_（选填“变大”、“变小”或“不变”）。【答案】1；虚；不变。【解析】在疫情期间，小明戴上口罩准备出门，他想看看口罩有没有戴好，于是他站在竖直的平面镜前1m处，平面镜所成的像和物体各对应点到平面镜间距离相等，所以，由他到平面镜的距离为1m可得镜中所成的像与平面镜之间的距离为1m，则他与镜中“自己”的距离2m；平面镜成像原理是光的反射，是由于反射光线的反向延长线会聚点，所以小明在镜中成的像是虚像；因为平面镜所成的像和物体形状、大小相同，当他远离平面镜0.5m，他在镜中像的大小将不会改变。20如图所示，一个小球从高处下落到竖直放置的弹簧上并压缩弹簧向下做减速运动，忽略空气阻力，画出小球所受的重力G和弹力F。【答案】见解析【解析】忽略空气阻力，小球从高处下落到竖直放置的弹簧上并压缩弹簧向下做减速运动，此时小球共受到重力和弹力两个力的作用，过小球重心分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条有向线段，用G和F表示，且GF，如图所示：21阅读短文，回答问题。汽车发动机发动机是汽车的动力源。汽油机以汽油为燃料，使活塞在气缸中往复运动，一个工作循环经历进气、压缩、做功和排气四个冲程，汽油机的性能和汽缸排量有关。汽缸排量指活塞一个冲程中活塞在气缸内通过的容积，它取决于活塞的面积和活塞上下运动的距离（冲程长度）。如果发动机有若干个气缸，所有气缸“工作容积”之和称为发动机排量，实际汽车往往采用多缸发动机。如图所示发动机有4个汽缸（图中标注1，2，3，4），通过连杆把4个汽缸的活塞连在一根曲轴上。各个汽缸的做功过程错开，在飞轮转动的过程中，都有一根汽缸在做功，其他三个汽缸分别在吸气、压缩和排气冲程。（1）若一个汽缸排量为V，燃气对活塞的平均压强为p，则一个做功冲程中燃气对活塞所做的功为_（用字母表示）。（2）若汽车发动机以恒定功率输出，在爬坡的时候减慢车速，目的是_。（3）当发动机转速为3000r/min时，则发动机每个工作循环所需要的时间为_s；（4）四缸发动机中1号汽缸在做功冲程中，4号汽缸所处的冲程是_。A吸气 B压缩 C做功 D排气【答案】（1）pV；（2）增大牵引力；（3）0.04；（4）A。【解析】（1）在做功冲程，活塞移动的距离为L，发动机的单缸排量VSL，燃气对活塞所做的功：WFLpSLpV。（2）根据PFv可知，功率一定时，速度越小，牵引力越大，故降低速度是为了增大牵引力。（3）在发动机中，飞轮转2周完成一个工作循环，所以发动机转速为3000r/min时，完成1500个工作循环，每个工作循环所需要的时间为ts0.04s。（4）四汽缸发动机，各个汽缸的做功过程错开，在飞轮转动的每半周里，都有一个汽缸在做功，其他三个汽缸分别在吸气、压缩和排气冲程，据此可知四缸发动机中1号汽缸在做功冲程中，4号汽缸所处的是吸气冲程，故选A。22讨论下面的问题，并发表你的观点。（1）匀速行驶的汽车，关闭发动机后在水平公路上减速行驶。有人说，这时汽车在水平方向上是不受力的。他的说法对吗？为什么？（2）“神舟”系列飞船降落到地面前，为什么要打开一个巨大的降落伞？【答案】见解析【解析】（1）他的说法不对；因为汽车做减速运动，运动状态发生改变，说明汽车在水平方向受到摩擦力的作用；（2）在打开降落伞前飞船以很大的速度降落，打开巨大的降落伞后，可以增大向上的空气阻力，使飞船下降的速度减小，起到保护飞船的作用。温馨提示：23、24小题，解答过程要有必要的文字说明、公式和演算步骤，只写最后结果不得分。23如图甲所示是电动蛙式打夯机，是利用冲击和冲击振动来夯实、平整场地的机械，由电动机、皮带轮、偏心块、夯架、夯锤等组成，如图乙所示。启动电动机，在旋转着的偏心块离心力作用下，夯架绕后轴上下摆动，当夯架向下摆动时夯锤就夯击土层，向上摆动时使打夯机前移，故每夯击一次，机身即向前移动一次。下表是某型号电动蛙式打夯机的部分参数（设夯锤夯击土层的能量全部用于夯实土层）。电动机功率3kW夯锤夯土层的能量400J/次夯锤着地面积600cm2前进速度813m/min夯击次数120次/min（1）若打夯机以10m/min的平均速度沿直线前进，则10min前进了_米。（2）为了估算某次夯锤夯击土层时的冲击力，小明将重为4N、底面积为1cm2的圆柱体竖直平放在被夯击土层上，则圆柱体对土层的压强为_；若土层被压下的深度与夯锤夯击的深度相同，则此次夯击时的平均冲击力为_牛。（3）施工时，若打夯机前移消耗的能量为200J/次，则打夯机将电能转化为机械能的效率是多少？【答案】（1）100；（2）4104Pa；2.4103；（3）打夯机将电能转化为机械能的效率是40%。【解析】（1）由v可得，10min前进的距离：svt10m/min10min100m；（2）因水平面上物体的压力和自身的重力相等，所以，圆柱体对土层的压强：p4104Pa，由题意知，夯锤夯击时对土层的压强等于圆柱体对土层的压强，则夯击时的平均冲击力：FpS4104Pa600104m22.4103N；（3）打夯机工作1min时，获得的机械能：W有（400+200）J/次120次7.2104J，由P可得，消耗的电能：W总W电Pt3000W60s1.8105J；打夯机将电能转化为机械能的效率：100%100%40%。24多功能养生壶具有精细烹饪、营养量化等功能，深受市场认可和欢迎。图乙是某品牌养生壶简化电路图。水1103kg/m3，c水4.2103J/（kg），g10N/kg项目参数电源电压（V）220低温档功率（W）275中档功率（W）550高档功率（W）1100容积（L）1（1）开关S1、S2处于什么状态，养生壶为高温档，说明判断依据；（2）求R1的阻值；（3）在标准大气压下，使用高温档将初温是12的一壶水烧开，若养生壶高温档加热效率为80%，求烧开一壶水需要的时间。【答案】（1）当开关S1闭合，S2接B时，为高温档；因为此时电阻R1、R2并联，电路中的总电阻最小，总功率最大；（2）电阻R1的阻值是88；（3）水吸收的热量为3.696105J，烧开一壶水需要的时间为420s。【解析】（1）由电路图可知，当开关S1闭合，S2接B时，电阻R1、R2并联，电路中的总电阻最小，由P可知，总功率最大，所以此时养生壶为高温档。（2）由电路图可知，当开关S1断开，S2接A时，电阻R1、R2串联，电路中的总电阻最大，由P可知，总功率最小，此时为低温档；当S2接A，S1闭合时，R2被短路，只有电阻R1接入电路，养生壶处于中温档。由PUI得，正常工作时通过R1的电流：I12.5A，由I得，R1的阻值：R188。（3）由可得，水的质量：m水V1103kg/m31103m31kg，水吸收的热量：Q吸c水m（tt0）4.2103J/（kg）1kg（10012）3.696105J，由100%得，消耗的电能：W4.62105J，由P得，烧开一壶水需要的时间：t420s。15