2022高考生物(新课标)大一轮复习配套检测-第五单元-遗传的基本规律15.docx

课时作业课时作业(十五十五)(A 卷卷 自由组合定律基础自由组合定律基础)一、选择题一、选择题 1.(2022江苏)下列关于遗传试验和遗传规律的叙述，正确的是 ()A.非等位基因之间自由组合，不存在相互作用 B.杂合子与纯合子基因组成不同，性状表现也不同 C.孟德尔奇异设计的测交方法只能用于检测 F1的基因型 D.F2的 31 性状分别比确定依靠于雌雄配子的随机结合 解析 A 项中非等位基因不愿定就是能自由组合的，位于同源染色体上的非等位基因不能自由组合。基因和基因之间的相互作用与基因的位置没有明显关系。杂合子和纯合子基因组成的确不同，但在某种状况下会表现出相同的性状，如当完全显性时 AA、Aa 的性状表现相同。孟德尔设计的测交方法是为了测定 F1产生的配子类型。在理解了测交方法之后可以用于检测显性性状个体的基因型及 F1产生配子的种类等。F2中 31 的性状分别比与雌雄配子的随机结合亲热相关，在孟德尔的一对相对性状的遗传试验假说中明确提出过。答案 D 2.(2021天津)大鼠的毛色由独立遗传的两对等位基因把握。用黄色大鼠与黑色大鼠进行杂交试验，结果如下图。据图推断，下列叙述正确的是 ()A.黄色为显性性状，黑色为隐性性状 B.F1与黄色亲本杂交，后代有两种表现型 C.F1和 F2中灰色大鼠均为杂合体 D.F2黑色大鼠与米色大鼠杂交，其后代中毁灭米色大鼠的概率为 1/4 解析 两对等位基因杂交，F2中灰色比例最高，所以灰色为双显性状，米色最少为双隐性状，黄色、黑色为单显性，A 项错误；F1为双杂合子(AaBb)，与黄色亲本(假设为 aaBB)杂交，后代为两种表现型，B 项正确；F2毁灭性状分别，体色由两对等位基因把握，则灰色大鼠中有 1/9 的为纯合体(AABB)，其余为杂合，C 项错误；F2中黑色大鼠中纯合子(AAbb)所占比例为 1/3，与米色(aabb)杂交不会产生米色大鼠，杂合子(Aabb)所占比例为 2/3，与米色大鼠(aabb)交配，产生米色大鼠的概率为 2/31/2=1/3，D 项错误。答案 B 3.某二倍体植物宽叶(M)对窄叶(m)为显性，高茎(D)对矮茎(d)为显性，红花(R)对白花(r)为显性。基因 M、m 与基因 R、r 在 2 号染色体上，基因 D、d 在 4 号染色体上。假如用此植物验证遗传定律，下列说法错误的是 ()A.验证基因的分别定律，统计叶形、株高或花色都可以 B.验证基因的自由组合定律，统计叶形和花色或株高和花色都可以 C.验证孟德尔遗传定律，需要统计一个较大的试验样本 D.验证基因的自由组合定律可以用纯合矮茎红花植株和纯合高茎白花植株杂交，F1测交或自交 解析 该植物的叶形、株高、花色分别由一对等位基因把握，都可以用来验证基因分别定律；叶形和花色基因位于一对同源染色体上，不能用来验证基因的自由组合定律；验证孟德尔遗传定律，需要统计的试验样本应足够大，以避开偶然因素的影响；验证基因的自由组合定律可以用基因位于非同源染色体上的两纯合亲本杂交，再让 F1测交或自交。答案 B 4.如图表示不同基因型豌豆体细胞中的两对基因及其在染色体上的位置，这两对基因分别把握两对相对性状，其中两种基因型的豌豆杂交，子代四种表现型的比例为 3311，这两种豌豆分别为 ()A.甲、乙 B.甲、甲 C.甲、丁 D.丙、丁 解析 甲植株(AaBb)与丁植株(Aabb)杂交，子代表现型比例为 3311。答案 C 5.(2021海南)人类有多种血型系统，MN 血型和 Rh 血型是其中的两种。MN 血型由常染色体上的 1 对等位基因 M、N 把握，M 血型的基因型为 MM，N 血型的基因型为 NN，MN 血型的基因型 MN；Rh 血型由常染色体上的另 1 对等位基因 R 和 r 把握，RR 和 Rr 表现为 Rh 阳性，rr 表现为 Rh 阴性，这两对等位基因自由组合。若某对夫妇中，丈夫和妻子的血型均为 MN 型-Rh 阳性，且已生出 1 个血型为 MN 型-Rh 阴性的儿子，则再生 1 个血型为 MN 型-Rh 型阳性女儿的概率是 ()A.3/8 B.3/16 C.1/8 D.1/16 解析 由题中已生出 1 个血型为 MN 型-Rh 阴性(MNrr)的儿子可知，父母的基因型均为 MNRr。两对性状分别考虑，后代为杂合子 MN 的概率为 1/2，Rh 阳性(RR 和 Rr)的概率为 3/4，题目还要求生 1 个女儿，其在后代中的概率为 1/2，综上为 1/23/41/2=3/16。答案 B 6.(2022海南)基因型为 AaBbDdEeGgHhKk 的个体自交，假定这 7 对等位基因自由组合，则下列有关其子代叙述正确的是 ()A.1 对等位基因杂合、6 对等位基因纯合的个体毁灭的概率为 5/64 B.3 对等位基因杂合、4 对等位基因纯合的个体毁灭的概率为 35/128 C.5 对等位基因杂合、2 对等位基因纯合的个体毁灭的概率为 67/256 D.6 对等位基因纯合的个体毁灭的概率与 6 对等位基因杂合的个体毁灭的概率不同 解析 1 对等位基因杂合、6 对等位基因纯合的个体毁灭的概率=C172/4(1/4+1/4)(1/4+1/4)(1/4+1/4)(1/4+1/4)(1/4+1/4)(1/4+1/4)=7/128，A 项错误；3 对等位基因杂合、4 对等位基因纯合的个体毁灭的概率=C372/42/42/4(1/4+1/4)(1/4+1/4)(1/4+1/4)(1/4+1/4)=35/128，B项正确；5 对等位基因杂合、2 对等位基因纯合的个体毁灭的概率=C572/42/42/42/42/4(1/4+1/4)(1/4+1/4)=21/128，C 项错误；6 对等位基因纯合的个体毁灭的概率=C172/4(1/4+1/4)(1/4+1/4)(1/4+1/4)(1/4+1/4)(1/4+1/4)(1/4+1/4)=7/128，6 对等位基因杂合的个体毁灭的概率=C172/42/42/42/42/42/4(1/4+1/4)=7/128，相同，D 项错误。答案 B 7.(2022山东)某遗传病的遗传涉及非同源染色体上的两对等位基因。已知-1 基因型为 AaBB，且-2 与-3 婚配的子代不会患病。依据以下系谱图，正确的推断是 ()A.-3 的基因型确定为 AABb B.-2 的基因型确定为 aaBB C.-1 的基因型可能为 AaBb 或 AABb D.-2 与基因型为 AaBb 的女性婚配，子代患病的概率为 3/16 解析 该遗传病是由两对等位基因共同把握的，依据题干信息 AaBB 个体表现正常，-2 个体含有 B 基因，表现患病，推断当个体基因型中同时含有 A 和 B 基因时个体表现正常，当个体基因型中只含有 A 或 B 时，或不含有显性基因时个体表现为患病；-2 和-3 婚配的子代不会患病，说明其子代基因型为唯一，且同时含有 A 和 B，结合-2、-3 的表现型，可判定-2 和-3的基因型为 aaBB 和 AAbb，-1 和-2 的基因型为 AaBb；-2 与基因型为 AaBb 的个体婚配，则子代患病的概率为 3/16(A_bb)+3/16(aaB_)+1/16(aabb)=7/16。答案 B 8.已知玉米子粒黄色对红色为显性，非甜对甜为显性。纯合的黄色甜玉米与红色非甜玉米杂交得到 F1，F1自交或测交，预期结果错误的是 ()A.自交结果中黄色非甜与红色甜比例为 91 B.自交结果中与亲本相同的表现型所占子代的比例为 5/8 C.自交结果中黄色和红色的比例为 31，非甜与甜比例为 31 D.测交结果中红色非甜所占子代的比例为 1/4 解析 假设玉米子粒黄色与红色由基因 A、a 把握，非甜与甜由基因 B、b 把握。纯合的黄色甜玉米(AAbb)与红色非甜玉米(aaBB)杂交，F1的基因型为 AaBb，F1自交结果中与亲本相同的表现型所占子代的比例为 3/41/42=3/8。答案 B 9.已知玉米某两对基因依据自由组合规律遗传，其子代基因型及比值如图所示，则亲本基因型为 ()A.DDSS DDSs B.DdSs DdSs C.DdSs DDSs D.DdSS DDSs 解析 题图中 D(d)基因后代只有两种基因型，即 DD 和 Dd，且比例为 11 则亲代基因型为 DD和 Dd，S(s)基因后代有三种基因型，即 SS、Ss、ss，且比例为 121，所以亲代基因型都是杂合子，C 选项正确。答案 C 10.如图表示基因在染色体上的分布状况，其中不遵循基因自由组合定律的相关基因是 ()解析 基因自由组合定律争辩的是不同对同源染色体上基因的遗传规律，而图示中 A-a 与 D-d基因位于同一对同源染色体上，故不遵循基因的自由组合定律。答案 A 二、非选择题二、非选择题 11.(2022福建)人类对遗传的认知逐步深化：(1)在孟德尔豌豆杂交试验中，纯合的黄色圆粒(YYRR)与绿色皱粒(yyrr)的豌豆杂交，若将 F2中黄色皱粒豌豆自交，其子代中表现型为绿色皱粒的个体占_。进一步争辩发觉 r 基因的碱基序列比 R 基因多了 800 个碱基对，但 r 基因编码的蛋白质(无酶活性)比 R 基因编码的淀粉支酶少了末端 61 个氨基酸，推想 r 基因转录的 mRNA 提前毁灭_。试从基因表达的角度，解释在孟德尔“一对相对性状的杂交试验”中，所观看的 7 种性状的 F1中显性性状得以体现，隐性性状不体现的缘由是_。(2)摩尔根用灰身长翅(BBVV)与黑身残翅(bbvv)的果蝇杂交，将 F1中雌果蝇与黑身残翅雄果蝇进行测交，子代毁灭四种表现型，比例不为 1111，说明 F1中雌果蝇产生了_种配子。试验结果不符合自由组合定律，缘由是这两对等位基因不满足该定律“_”这一基本条件。(3)格里菲思用于转化试验的肺炎双球菌中，S 型菌有 S、S、S等多种类型，R 型菌是由 S型突变产生。利用加热杀死的 S与 R 型菌混合培育，毁灭了 S 型菌，有人认为 S 型菌毁灭是由于 R 型菌突变产生的，但该试验中毁灭的 S 型菌全为_，否定了这种说法。(4)沃森和克里克构建了 DNA 双螺旋结构模型，该模型用_解释 DNA 分子的多样性，此外，_的高度精确性保证了 DNA 遗传信息的稳定传递。解析 在孟德尔豌豆杂交试验中纯合的黄色圆粒(YYRR)与绿色皱粒(yyrr)的豌豆杂交，则其 F2中的黄色皱粒的基因型为 1/3YYrr 和 2/3Yyrr，则它们自交，其子代中表现型为绿色皱粒(yyrr)的个体 yy(2/31/4)rr(1)=1/6。进一步争辩发觉 r 基因的碱基序列比 R 基因多了 800 个碱基对，但 r 基因编码的蛋白质(无酶活性)比 R 基因编码的淀粉支酶少了末端 61 个氨基酸，由此可以推想 r 基因转录的 mRNA 提前毁灭了终止密码(子)。从基因表达的角度，隐性性状不体现的缘由可能是显性基因表达，隐性基因不转录，或隐性基因不翻译，或隐性基因编码的蛋白质无活性、或活性低。(2)摩尔根用灰身长翅(BBVV)与黑身残翅(bbvv)的果蝇杂交，将 F1中雌果蝇测交，子代有 4 种表现型，可以确定 F1中的雌果蝇产生了 4 种配子。但结果不符合自由组合定律，缘由是这两对等位基因不满足该定律“非同源染色体上非等位基因”的这一基本条件。(3)由于突变存在不定向性，所以，该试验中毁灭的 S 型菌全为 S，就说明不是突变产生的，从而否定了前面的说法。(4)沃森和克里克构建了 DNA 双螺旋结构模型，该模型用碱基对排列挨次的多样性解释 DNA 分子的多样性，此外，碱基互补配对的高度精确性保证了 DNA 遗传信息稳定传递。答案 (1)1/6 终止密码(子)显性基因表达，隐性基因不转录，或隐性基因不翻译，或隐性基因编码的蛋白质无活性、或活性低(2)4 非同源染色体上非等位基因(3)S(4)碱基对排列挨次的多样性 碱基互补配对 12.(2022安徽)香味性状是优质水稻品种的重要特性之一。(1)香稻品种甲的香味性状受隐性基因(a)把握，其香味性状的表现是由于_，导致香味物质累积。(2)水稻香味性状与抗病性状独立遗传。抗病(B)对感病(b)为显性。为选育抗病香稻新品种，进行一系列杂交试验。其中，无香味感病与无香味抗病植株杂交的统计结果如图所示，则两个亲本的基因型是_。上述杂交的子代自交，后代群体中能稳定遗传的有香味抗病植株所占比例为_。(3)用纯合无香味植株作母本与香稻品种甲进行杂交，在 F1中间或发觉某一植株具有香味性状。请对此现象给出合理解释：_；_。(4)单倍体育种可缩短育种年限。离体培育的花粉经脱分化形成_，最终发育成单倍体植株，这表明花粉具有发育成完整植株所需要的_。若要获得二倍体植株，应在_时期用秋水仙素进行诱导处理。解析 (1)a 为隐性基因，因此若要表现为有香味性状，必需使 a 基因纯合(即为 aa)，参与香味物质代谢的某种酶缺失，从而导致香味物质累积。(2)依据杂交子代抗病感病=11，无香味有香味=31，可知亲本的基因型为：Aabb、AaBb，从而推知子代 F1的类型有：1/8AABb、1/8AAbb、1/4AaBb、1/4Aabb、1/8aaBb、1/8aabb，其中只有 1/4AaBb、1/8aaBb 自交才能获得能稳定遗传的有香味抗病植株(aaBB)，可获得的比例为 1/41/41/4+1/811/4=3/64。(3)正常状况 AA 与 aa 杂交，所得子代为 Aa(无香味)，某一雌配子形成时，若 A 基因突变为 a 基因或含 A 基因的染色体片段缺失，则可能毁灭某一植株具有香味性状。(4)花药离体培育过程中，花粉先经脱分化形成愈伤组织，通过再分化形成单倍体植株，此过程体现了花粉细胞的全能性，其根本缘由是花粉细胞中含有把握该植株个体发育所需的全部遗传信息；形成的单倍体植株需在幼苗期用确定浓度的秋水仙素处理才可形成二倍体植株。答案 (1)a 基因纯合，参与香味物质代谢的某种酶缺失(2)Aabb、AaBb 3/64(3)某一雌配子形成时，A 基因突变为 a 基因 某一雌配子形成时，含 A 基因的染色体片段缺失(4)愈伤组织 全部遗传信息 幼苗 13.(2022大纲全国)现有 4 个小麦纯合品种，即抗锈病无芒、抗锈病有芒、感锈病无芒和感锈病有芒。已知抗锈病对感锈病为显性，无芒对有芒为显性，且这两对相对性状各由一对等位基因把握。若用上述 4 个品种组成两个杂交组合，使其 F1均为抗锈病无芒，且这两个杂交组合的 F2的表现型及其数量比完全全都。回答问题：(1)为实现上述目的，理论上，必需满足的条件有：在亲本中把握这两对相对性状的两对等位基因必需位于_上，在形成配子时非等位基因要_，在受精时雌雄配子要_，而且每种合子(受精卵)的存活率也要_。那么，这两个杂交组合分别是_和_。(2)上述两个杂交组合的全部 F2植株自交得到 F3种子，1 个 F2植株上所结的全部 F3种子种在一起，长成的植株称为 1 个 F3株系。理论上，在全部 F3株系中，只表现出一对性状分别的株系有4 种，那么，在这 4 种株系中，每种株系植株的表现型及其数量比分别是_、_、_和_。解析 (1)若抗锈病与感锈病、无芒与有芒分别受 A/a、B/b 这两对等位基因把握，再依据题干信息可知 4 个纯合亲本的基因型可分别表示为 AABB、AAbb、aaBB、aabb，若要使两个杂交组合产生的 F1与 F2均相同，则两个亲本组合只能是 AABB(抗锈病无芒)aabb(感锈病有芒)、AAbb(抗锈病有芒)aaBB(感锈病无芒)，得 F1均为 AaBb，这两对等位基因须位于两对同源染色体上，非同源染色体上的非等位基因自由组合，才能使两组杂交的 F2完全全都，同时受精时雌雄配子要随机结合，形成的受精卵的存活率也要相同。(2)依据上面的分析可知，F1为 AaBb，F2植株将毁灭 9 种不同的基因型：AABB、AaBB、AABb、AaBb、AAbb、Aabb、aaBB、aaBb、aabb，可见 F2自交最终可得到 9 个 F3株系，其中基因型AaBB、AABb、Aabb、aaBb 中有一对基由于杂合子，自交后该对基因打算的性状会发生性状分别，依次是抗锈病无芒感锈病无芒=31、抗锈病无芒抗锈病有芒=31、抗锈病有芒感锈病有芒=31、感锈病无芒感锈病有芒=31。答案 (1)非同源染色体 自由组合 随机结合 相等 抗锈病无芒感锈病有芒 抗锈病有芒感锈病无芒(2)抗锈病无芒抗锈病有芒=31 抗锈病无芒感锈病无芒=31 感锈病无芒感锈病有芒=31 抗锈病有芒：感锈病有芒=31 14.(2022海南)某种植物的表现型有高茎和矮茎、紫花和白花，其中紫花和白花这对相对性状由两对等位基因把握，这两对等位基因中任意一对为隐性纯合则表现为白花。用纯合的高茎白花个体与纯合的矮茎白花个体杂交，F1表现为高茎紫花，F1自交产生 F2，F2有 4 种表现型：高茎紫花 162 株，高茎白花 126 株，矮茎紫花 54 株，矮茎白花 42 株。请回答：(1)依据此杂交试验结果可推想，株高受_对等位基因把握，依据是_。在 F2中矮茎紫花植株的基因型有_种，矮茎白花植株的基因型有_种。(2)假如上述两对相对性状自由组合，则理论上 F2中高茎紫花、高茎白花、矮茎紫花和矮茎白花这 4 种表现型的数量比为_。解析 (1)依据 F2中高茎矮茎=(162+126)(54+42)=31，可知株高是受一对等位基因把握；假设紫花和白花受 A、a 和 B、b 两对基因把握，高茎和矮茎受基因 D、d 把握，依据题干可知，紫花基因型为 A_B_、白花基因型为 A_bb、aaB_、aabb。依据纯合白花和纯合白花杂交毁灭紫花(A_B_)，可知亲本纯合白花的基因型是 AAbb 和 aaBB，故 F1的基因型为 AaBbDd，因此 F2的矮茎紫花植株基因型有：AABBdd、AABbdd、AaBBdd、AaBbdd 四种，矮茎白花植株的基因型有：AAbbdd、Aabbdd、aaBBdd、aaBbdd、aabbdd 五种。(2)F1的基因型为 AaBbDd，A 和 B 一起考虑，D 和 d 基因单独考虑分别求出相应的表现型比例，然后相乘即可。即 AaBb 自交，后代紫花(A_B_)白花(A_bb、aaB_、aabb)=97，Dd 自交，后代高茎矮茎=31，因此理论上 F2中高茎紫花、高茎白花、矮茎紫花和矮茎白花=272197。答案 一 F2中高茎矮茎=31 4 5(2)272197(B 卷卷 自由组合定律拓展自由组合定律拓展)一、选择题一、选择题 1.科研人员为探究某种鲤鱼体色的遗传，做了如下试验：用黑色鲤鱼和红色鲤鱼杂交，F1全为黑鲤，F1自交结果如下表所示。依据试验结果，下列推想错误的是 ()杂交组 F2总数 F2性状的分别状况 黑鲤 红鲤 黑鲤红鲤 1 1 699 1 592 107 14.881 2 1 546 1 450 96 15.101 A.鲤鱼体色中的黑色是显性性状 B.鲤鱼的体色由细胞核中的基因把握 C.鲤鱼体色的遗传遵循自由组合规律 D.F1与隐性亲本杂交，后代中黑鲤和红鲤的比例为 11 解析 由题干“用黑色鲤鱼和红色鲤鱼杂交，F1全为黑鲤”可知黑色为显性性状，A 选项正确。由表格的试验结果推想：鲤鱼的体色是由位于细胞核的两对等位基因(假设为 A、a 和 B、b)把握的，B 选项正确。黑鲤基因型为 A_B_、A_bb 和 aaB_，红鲤基因型为 aabb，符合孟德尔的基因自由组合规律，C 选项正确。F1与隐性亲本(红鲤)杂交(AaBbaabb)，后代中黑鲤与红鲤的比例为 31，D 选项错误。答案 D 2.报春花的花色有白花和黄色两种，白色(只含白色素)和黄色(含黄色锦葵色素)是由两对等位基因(A 和 a，B 和 b)共同把握，两对等位基因独立遗传，显性基因 A 把握以白色素为前体物质合成黄色锦葵色素的代谢过程，但当显性基因B存在时可抑制A基因的表达(如图所示)。现选择AABB和 aabb 两个品种进行杂交，得到 F1，F1自交得到 F2，则下列说法不正确的是 ()A.黄色植株的基因型是 AAbb 或 Aabb B.F1的表现型是白色 C.F2中黄色白色的比例是 35 D.F2中的白色个体的基因型种类是 7 种 解析 依据题意，至少有一个A且不能有B存在时才表现出黄色。故开黄花的个体基因型为AAbb和 Aabb，A 选项正确。AABB 与 aabb 杂交，F1为 AaBb，表现型是白色，B 选项正确。F1自交得到 F2的基因型为 A_B_、A_bb、aaB_、aabb，比例是 9331，有 A 而且无 B 的占 3，其余的为 13，所以 C 选项的答案是 313，C 选项错误。F2中占 13 的白色的基因型为 AABB、AABb、AaBB、AaBb、aaBB、aaBb、aabb，共 7 种，D 选项正确。答案 C 3.荠菜的果实外形有三角形和卵圆形两种，该性状的遗传涉及两对等位基因，分别用 A、a 和 B、b 表示。为探究荠菜果实外形的遗传规律，进行了杂交试验(如图)。下列相关分析不正确的是 ()A.依据 F2表现型及比例可推断，荠菜果实外形的遗传遵循自由组合定律 B.图中亲本的基因型应分别为 AABB 和 aabb C.F1测交后代的表现型及比例为三角形果实卵圆形果实=31 D.F2三角形果实中能稳定遗传的个体应占 1/16 解析 该题考查自由组合定律的内容及变式。从 F2中三角形卵圆形=30120151，应为 9331 的变式，所以 F1的基因型确定为 AaBb，P 为 AABB 和 aabb，F1测交后代为三角形卵圆形=31，而 F2中三角形果实中能稳定遗传的个体应占 1/5。答案 D 4.与家兔毛型有关的两对基因(A、a 与 B、b)中，只要其中一对隐性基因纯合就能毁灭力克斯毛型，否则为一般毛型。若只考虑上述两对基因对毛型的影响，用已知基因型为 aaBB 和 AAbb 的家兔为亲本杂交，得到 F1，F1彼此交配获得 F2。下列叙述不正确的是 ()A.F2毁灭不同表现型的缘由可能是 F1减数分裂过程中发生了基因重组的现象 B.若上述两对基因位于两对同源染色体上，则 F2与亲本毛型相同的个体占 7/16 C.若 F2力克斯毛型兔有 5 种基因型，则上述与毛型相关的两对基因确定可以自由组合 D.若要从 F2力克斯毛型兔中筛选出双隐性纯合子，可接受分别与亲本杂交的方法 解析 F1减数分裂过程中发生基因重组会导致 F2毁灭不同表现型；若两对基因自由组合，F2中只有其因型为 A_B_与亲本毛型不同，则与亲本毛型相同的个体占 7/16；若 F2力克斯毛型兔有 5种基因型，则上述与毛型相关的两对基因可能在两对同源染色体上，可自由组合，也可能在一对同源染色体上，发生了交叉互换。答案 C 5.番茄的花色和叶的宽窄分别由一对等位基因把握，且两对基因中某一对基因纯合时会使受精卵致死。现用红色窄叶植株自交，子代的表现型及其比例为红色窄叶红色宽叶白色窄叶白色宽叶=6231。下列有关表述正确的是()A.这两对基因位于一对同源染色体上 B.这两对相对性状中显性性状分别是红色和宽叶 C.把握花色的基因具有隐性纯合致死效应 D.自交后代中纯合子所占比例为 1/6 解析 依据红色窄叶植株自交后代表现型比例为 6231 可知，这两对等位基因位于两对同源染色体上，其遗传遵循基因的自由组合定律；由子代中红色白色=21、窄叶宽叶=31，可知红色、窄叶为显性性状，且把握花色的显性基因纯合致死；子代中只有白色窄叶和白色宽叶中有纯合子，所占比例为 2/12，即 1/6。答案 D 6.将纯合的野鼠色小鼠与棕色小鼠杂交，F1代全部表现为野鼠色。F1个体间相互交配，F2代表现型及比例为野鼠色黄色黑色棕色=9331。若 M、N 为把握相关代谢途径的显性基因，据此推想最合理的代谢途径是 ()解析 由 F1的表现型可知：野鼠色为显性，棕色为隐性。F1雌雄个体间相互交配，F2毁灭野鼠色黄色黑色棕色=9331，说明双显性为野鼠色，双隐性为棕色，M_N_为野鼠色，mmnn 为棕色，只具有 M 或 N(M_nn 或 mmN_)表现为黄色或黑色，A 符合题意。答案 A 7.小鸡羽毛的着色，必需有色素产生并沉积，否则为白色毛。已知鸡羽毛的毛色由位于常染色体上的两对独立遗传的基因把握。在一个位点上，显性基因可产生色素，隐性基因则不产生色素；在另一位点上，显性基因阻挡色素的沉积，隐性基因则可使色素沉积。假如表现型为白色的鸡(两位点均为隐性纯合)和另一种表现型为白色的鸡(两位点均为显性纯合)进行杂交，F1与隐性个体测交后代羽毛着色的概率为 ()A.0 B.1/4 C.1/2 D.3/4 解析 假设产生色素的基因对为 A、a，阻挡色素沉积的基因对为 B、b，羽毛着色的鸡的基因型为 A_bb。基因型为 AABB 与 aabb 的个体杂交得到的 F1与隐性个体测交后代中 Aabb 占 1/4。答案 B 8.甜瓜的长蔓与短蔓为一对相对性状(由两对独立遗传的基因 A 和 a，B 和 b 把握)，下表是甲、乙、丙三个不同纯合品系的甜瓜杂交组合试验：依据杂交试验结果推断，若短蔓甲短蔓乙，则 F1自交后代的表现型及比例为()A.全为长蔓 B.全为短蔓 C.长蔓短蔓=31 D.长蔓短蔓=97 解析 由组合可知，长蔓的基因型为 A_B_，短蔓的基因型为 A_bb、aaB_、aabb，短蔓甲的基因型为 aaBB 或 AAbb，短蔓乙的基因型为 AAbb 或 aaBB，而甲、乙属于不同品系，基因型不同，所以短蔓甲短蔓乙得到的 F1的基因型为 AaBb，F1自交后代的表现型及比例为长蔓短蔓=97。答案 D 9.某植物花瓣的大小受一对等位基因 A、a 把握，基因型 AA 的植株表现为大花瓣，Aa 的为小花瓣，aa 的为无花瓣。花瓣颜色受另一对等位基因 R、r 把握，基因型为 RR 和 Rr 的花瓣是红色，rr 的为黄色，两对基因独立遗传。若基因型为 AaRr 的亲本自交，则下列有关推断错误的是 ()A.子代共有 9 种基因型 B.子代共有 4 种表现型 C.子代有花瓣植株中，AaRr 所占的比例约为 1/3 D.子代的全部植株中，纯合子约占 1/4 解析 此题运用拆分法求解，AaAa 后代有 3 种基因型，3 种表现型；RrRr 后代有 3 种基因型，2 种表现型。故 AaRr 自交后代有 33=9 种基因型，有 5 种表现型，由于无花瓣无所谓红色、黄色，A 项正确、B 项错误。子代有花瓣植株占 12/16=3/4，其中，AaRr(4/16)所占的比例约为 1/3。子代的全部植株中，纯合子占 4/16=1/4。答案 B 10.人体肤色的深浅受 A、a 和 B、b 两对基因把握(A、B 把握深色性状)。基因 A 和 B 把握皮肤深浅的程度相同，基因 a 和 b 把握皮肤深浅的程度相同。一个基因型为 AaBb 的人与一个基因型为 AaBB 的人结婚，下列关于其子女皮肤颜色深浅的描述中，不正确的是 ()A.子女可产生四种表现型 B.肤色最浅的孩子的基因型是 aaBb C.与亲代 AaBB 表现型相同的有 1/4 D.与亲代 AaBb 皮肤颜色深浅一样的有 3/8 解析 由题意可知，人体肤色由深到浅的基因型是 AABB、AaBB(AABb)、AaBb(AAbb、aaBB)、Aabb(aaBb)、aabb。AaBbAaBB1/8AABB+1/8AABb+1/4AaBB+1/4AaBb+1/8aaBB+1/8aaBb。从结果可以看出，有四种表现型。肤色最浅的基因型是 aaBb。与亲代 AaBB 表现型相同的有1/8+1/4=3/8。与亲代 AaBb 皮肤颜色深浅一样的有 1/4+1/8=3/8。答案 C 二、非选择题二、非选择题 11.(2021福建)甘蓝型油菜花色性状由三对等位基因把握，三对等位基因分别位于三对同源染色体上。花色表现型与基因型之间的对应关系如表。表现型 白花 乳白花 黄花 金黄花 基因型 AA _ _ Aa_ _ aaB_ _ _?aa_ _ D _ Aabbdd 请回答：(1)白花(AABBDD)黄花(aaBBDD)，F1基因型是_，F1测交后代的花色表现型及其比例是_。(2)黄花(aaBBDD)金黄花，F1自交，F2中黄花基因型有_种，其中纯合个体占黄花的比例是_。(3)甘蓝型油菜花色有观赏价值，欲同时获得四种花色表现型的子一代，可选择基因型为_的个体自交，理论上子一代比例最高的花色表现型是_。解析 (1)AABBDDaaBBDD 的后代基因型为 AaBBDD，其测交后代的基因型为 1AaBbDd 和1aaBbDd，对比表格可知其表现型及比例为乳白花黄花=11。(2)黄花(aaBBDD)金黄花(aabbdd)，F1基因型为 aaBbDd，其自交后代基因型有 9 种，表现型是黄花(9aaB_D_、3aaB_dd、3aabbD_)和金黄花(1aabbdd)，故 F2中黄花基因型有 8 种，其中纯合个体占黄花的比例是 3/15=1/5。(3)欲同时获得四种花色表现型的子一代，则亲代需同时含 A 和 a、B 和 b、D 和 d，故可选择基因型为 AaBbDd 的个体自交，子代白花的比例是 1/4、乳白花的比例是 1/2、黄花的比例是 1/43/43/4+1/43/41/4+1/41/43/4=15/64、金黄花的比例是 1/41/41/4=1/64，故理论上子一代比例最高的花色表现型是乳白花。答案 (1)AaBBDD 乳白花黄花=11(2)8 1/5(3)AaBbDd 乳白花 12.(2022山东)果蝇的灰体(E)对黑檀体(e)为显性；短刚毛和长刚毛是一对相对性状，由一对等位基因(B，b)把握。这两对基因位于常染色体上且独立遗传。用甲、乙、丙三只果蝇进行杂交试验，杂交组合、F1表现型及比例如下：(1)依据试验一和试验二的杂交结果，推断乙果蝇的基因型可能为_或_。若试验一的杂交结果能验证两对基因 E、e 和 B、b 的遗传遵循自由组合定律，则丙果蝇的基因型应为_。(2)试验二的 F1中与亲本果蝇基因型不同的个体所占的比例为_。(3)在没有迁入迁出、突变和选择等条件下，一个由纯合果蝇组成的大种群个体间自由交配得到F1，F1中灰体果蝇 8 400 只，黑檀体果蝇 1 600 只。F1中 e 的基因频率为_，Ee 的基因型频率为_。亲代群体中灰体果蝇的百分比为_。(4)灰体纯合果蝇与黑檀体果蝇杂交，在后代群体中毁灭了一只黑檀体果蝇。毁灭该黑檀体果蝇的缘由可能是亲本果蝇在产生配子过程中发生了基因突变或染色体片段缺失。现有基因型为 EE，Ee 和 ee 的果蝇可供选择，请完成下列试验步骤及结果猜想，以探究其缘由。(注：一对同源染色体都缺失相同片段时胚胎致死；各型配子活力相同)试验步骤：用该黑檀体果蝇与基因型为_的果蝇杂交，获得 F1；F1自由交配，观看、统计 F2表现型及比例。结果猜想：.假如 F2表现型及比例为_，则为基因突变；.假如 F2表现型及比例为_，则为染色体片段缺失。解析 依据试验一中灰体黑檀体=11，短刚毛长刚毛=11，得知甲乙的基因型可能为 EeBbeebb 或者 eeBbEebb。同理由试验二的杂交结果，推断乙和丙的基因型应为 eeBbEeBb，所以乙果蝇的基因型可能为 EeBb 或 eeBb。若试验一的杂交结果能验证两对基因 E、e 和 B、b 的遗传遵循自由组合定律，则甲乙的基因型可能为 EeBbeebb，乙的基因型为 EeBb，则丙果蝇的基因型应为 eeBb。(2)试验二亲本基因型为 eeBbEeBb，F1中与亲本果蝇基因型相同的个体所占的比例为 1/21/2+1/21/2=1/2，所以基因型不同的个体所占的比例为 1/2。(3)一个由纯合果蝇组成的大种群中，假如 EE 基因型频率为 n，则 ee 的基因型频率为 1-n，则其产生雌雄配子中 E和e 的比例为 n(1-n)，自由交配得到 F1中黑檀体果蝇基因型比例=n2=1 600/(1 600+8 400)，故 n=40%。在没有迁入迁出、突变和选择等条件下，每一代中 e 的基因频率是不变的，所以为 40%，F1中 Ee 的基因型频率为 2n(1-n)=48%，亲代群体中灰体果蝇的百分比为 60%。(4)由题意知，毁灭该黑檀体果蝇的缘由假如是亲本果蝇在产生配子过程中发生了基因突变，则此黑檀体果蝇的基因型为 ee，假如是染色体片段缺失，该黑檀体果蝇的基因型为 e。选用 EE 基因型果蝇杂交图如下：选用 Ee 基因型果蝇杂交关系如下图。答案 (1)EeBb eeBb(注：两空可颠倒)eeBb(2)1/2 (3)40%48%60%(4)答案一：EE.灰体黑檀体=31.灰体黑檀体=41 答案二：Ee.灰体黑檀体=79.灰体黑檀体=78 13.(2022 四川)小鼠的皮毛颜色由常染色体上的两对基因把握，其中 A/a 把握灰色物质合成，B/b把握黑色物质合成。两对基因把握有色物质合成关系如下图：(1)选取三只不同颜色的纯合小鼠(甲灰鼠，乙白鼠，丙黑鼠)进行杂交，结果如下：试验组 亲本组合 F1 F2 试验一 甲乙 全为灰鼠 9 灰鼠3 黑鼠4 白鼠 试验二 乙丙 全为黑鼠 3 黑鼠1 白鼠 两对基因(A/a 和 B/b)位于_对染色体上，小鼠乙的基因型为_。试验一的 F2代中白鼠共有_种基因型，灰鼠中杂合体占的比例为_。图中有色物质 1 代表_色物质，试验二的 F2代中黑鼠的基因型为_。(2)在纯合灰鼠群体的后代中偶然发觉一只黄色雄鼠(丁)，让丁与纯合黑鼠杂交，结果如下：试验组 亲本组合 F1 F2 试验三 丁纯合黑鼠 1 黄鼠1 灰鼠 F1黄鼠随机交配：3 黄鼠1 黑鼠 F1灰鼠随机交配：3 灰鼠1 黑鼠 据此推想：小鼠丁的黄色性状是由_突变产生的，该突变属于_性突变。为验证上述推想，可用试验三 F1代的黄鼠与灰鼠杂交。若后代的表现型及比例为_，则上述推想正确。用三种不同颜色的荧光，分别标记小鼠丁精原细胞的基因 A、B 及突变产生的新基因，观看其分裂过程，发觉某个次级精母细胞有 3 种不同颜色的 4 个荧光点，其缘由是_。解析 (1)由试验一可知，两对基因把握的 F2为 9331 的变式(934)，符合自由组合定律，故 A/a 和 B/b 是位于非同源染色体上的两对基因。而且 A_B_为灰色，A_bb、aabb 为白色，aaBB 为黑色(A/a 把握灰色物质合成，B/b 把握黑色物质合成)。有色物质 1 为黑色，基因为 B，有色物质2为灰色，基因为A。F1 AaBb为灰色可证明推论，亲本中甲应当为AABB，乙为aabb(甲和乙为 AAbb，aaBB 性状与题意不符合)。由两对相对性状杂交试验可知 F2中白鼠基因型为 Aabb、AAbb 和 aabb 三种。灰鼠中 AABBAaBBAABbAaBb=1224。除了 AABB 外皆为杂合子，杂合子比例为 8/9。由解析可知有色物质 1 是黑色，试验二中，丙为纯合子，F1全为黑色，丙为 aaBB，F1为 aaBb，F2中 aaB_(aaBB、aaBb)aabb=31。(2)试验三中丁与纯合黑鼠(aaBB)杂交，后代有两种性状，说明丁为杂合子，且杂交后代中有灰色个体，说明新基因相对于 A 为显性(本解析中用 A1表示)。结合 F1F2未毁灭白鼠可知，丁不含b 基因，其基因型为 A1ABB。若推论正确，则 F1中黄鼠基因型为 A1aBB，灰鼠为 AaBB。杂交后代基因型及比例为 A1ABBA1aBBAaBBaaBB=1111，表现型及其比例为黄灰黑=211。在减数第一次分裂过程中联会后，同源染色体分别，非同源染色体自由组合。次级精母细胞进行减数其次次分裂，姐妹染色单体分别。由于姐妹染色单体是由同一条染色体通过复制而来的，若不发生交叉互换基因两两相同，应当是 4 个荧光点，2 种颜色。毁灭第三种颜色应当是发生交叉互换的结果。答案 (1)2 aabb 3 8/9 黑 aaBB、aaBb(2)A 显 黄鼠灰鼠黑鼠=211 基因 A 与新基因所在同源染色体的非姐妹染色单体之间发生了交叉互换(C 卷卷 自由组合定律综合自由组合定律综合)一、选择题一、选择题 1.现有-四个纯种果蝇