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物理试题第9题中B选项中 改为
豫南九校2022—2021学年上期其次次联考
高三物理答案
一．选择题（本大题共12小题，每小题4分，共48分，在每小题后给出的四个选项中，第1-8小题只有一个选项正确，第9-12小题中有多个选项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．）
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
答案
Ｃ
Ｂ
Ａ
C
Ｄ
Ｂ
Ｄ
Ａ
ＢＤ
ＢＣＤ
BD
ＢＣ
解析：
1．答案：C．解析：铜球在较小倾角斜面上的运动状况，发觉铜球做的是匀变速直线运动，且铜球加速度随斜面倾角的增大而增大，倾角最大的状况就是90°时，这时物体做自由落体运动，由此得出的结论是自由落体运动是一种匀变速直线运动．故选项C正确．
２．答案：B．解析：物体开头向正方向做匀减速直线运动到零，然后反向做匀加速直线运动．位移-时间图线的切线斜率表示瞬时速度，可知瞬时速度先减小后反向增大，另外反向运动时加速度大于原来的加速度，所以运动相同距离所用时间短．故B正确，A、C、D错误．故选B．
３．答案：A．解析：小物块P水平方向只受最大静摩擦力，供应向心力，所以向心加速度，而，ABC三轮边缘的线速度大小相同，所以，所以：：=2：3：6；由可知，，所以：：=2：3：6，故正确答案为A。
４．答案：C．解析：以Ａ点为坐标原点，ＡＯ为y轴，垂直于AO为x轴建立坐标系，分解速度和加速度，则在x轴上做初速度为，加速度为和匀减速直线运动，末速度刚好为零，运动时间为，在y轴上做初速度为，加速度为的匀加速直线运动，末速度为，利用平均速度公式得位移关系
OA：OC==3：1．
５．答案：D．解析：对人的运动过程分析可知，人在加速下蹲的过程中，有向下的加速度，处于失重状态，此时人对传感器的压力小于人的重力的大小；在减速下蹲的过程中，加速度方向向上，处于超重状态，此时人对传感器的压力大于人的重力的大小，所以D正确．故选D．
６．答案：B．解析：经过最高点的铁水要紧压模型内壁，临界状况是重力恰好供应向心力，依据牛顿其次定律，有：mg=m 解得：v= ，管状模型转动时边缘的线速度与支承轮转动时边缘的线速度相等，所以支承轮的最小角速度ω=， 故B正确，ACD错误,故选B正确．
７．答案：D．解析：滑块沿斜面对上运动时，加速度大小为a1＝g(sin 37°＋μcos 37°)＝10 m/s2，滑块经t1＝0．6 s速度即减为零．因此1．2 s时是向下经过B点．下滑时加速度大小为a2＝g(sin 37°－μcos 37°)＝2 m/s2，物体上滑的最大距离：x=v²/2a=36/20=1．8m。再次经过B点时，下滑的距离：x1=a1t²/2=2×0．36/2=0．36m．所以B点到A点距离为：Δx=x-x1=1．44m．（留意题中问的不是物块运动的距离）故答案为 D．
８．答案:A.解析：相等时间内重物下落的距离是工件运动距离的2倍，因此，重物的加速度也是工件加速度的2倍，设绳子上的拉力为F，依据牛顿其次定律，解得，工件加速度，所以A正确.
９．答案：BD．解析：依据万有引力供应向心力， 得： 当轨道半径r取月球半径R时，卫星的最大运行速度为，卫星的最小周期为，A错误B正确；
已知月球质量为，半径为R．引力常量为G，忽视月球自转的影响，依据万有引力等于重力： ①
在月球上以初速度v0竖直上抛一个物体，物体落回到抛出点所用时间t=＝,C错误；在月球上以初速度v0竖直上抛一个物体，物体上升的最大高度h= ②
由以上两式解得：h=,D正确；所以正确答案BD。
１０．答案：BCD．解析：以B为争辩对象受力分析，水平方向受力平衡：Fcos30°=cos30°，得：=F，竖直方向受力平衡，则：Fsin30°+sin30°=g，得：F=g，故A错误；以A为争辩对象受力分析，竖直方向：g+sin30°=sin60°，水平方向：sin30°=sin60°，联立得：＝，故D正确；以ABC整体为争辩对象受力分析，竖直方向：+Fsin30°=（M++）g，可见小于（M++）g，故B正确；水平方向：=Fcos30°=gcos30°=，故C正确．正确答案为BCD．
１１．答案BD．解析：A项、内拉力朝前，位移向前，故物体做直线运动，故A错误； B项中、内，物体做加速度不断减小的加速运动，依据牛顿其次定律，有，摩擦力不变，故拉力不断减小，故B正确；C项、在时间内，物体匀速前进，合力为零，故合外力做功为零，故C错误； D项、在时间内，物体匀速前进，拉力做正功，故拉力的功率不为零，故D正确；故选BD正确．
１２．答案：BC．解析：在小车向右运动的过程中将受到弹簧向左的弹力作用做加速度渐渐增大的减速运动，若小车撞击弹簧时的速度v0较小，弹簧上的弹力小于，小车速度即减为零，随后被弹簧，此过程中只有动能与弹性势能之间相互转化，因此最终弹回的速度v等于v0，故选项A错误；若小车撞击弹簧时的速度v0较大，在其速度还未减为零，弹簧上的弹力已增至，由于直杆的质量不行忽视，所以小车连续做加速度增大的减速运动，弹簧连续被压缩，弹力大于后，直杆向右做加速运动，当两者速度相等时，弹簧被压缩至最短，故选项D错误；选项C正确；当小车速度减为零时，小车反向被弹簧，弹簧弹力减小，直杆最终也不再在槽内移动，因此依据功能关系有：x＝，即直杆在槽内移动的距离为：x＝，故BC正确．
二．试验题：（本题2小题，每小题8分，共16分）
１３．答案：（1）0.80 （2分） 0.78 或0.8者不得分
（2）①平衡摩擦力时，轨道倾角过大 （2分）
②平衡摩擦力不够，或未平衡摩擦力 （2分）
没有将长木板的末端抬高或抬高不够．也同样给分
③未满足小车质量远远大于砂、桶总质量 （2分）
解答：（1）打点计时器的打点周期为0.02s，所以相邻两记数点间的时间间隔为：T=5×0.02=0.1s．
依据逐差法有：a==-0.80m/s2，负号表示与运动方向相反．
（2）①A图象表明在小车的拉力为0时，小车的加速度大于0，说明合外力大于0，说明平衡摩擦力过渡，即平衡摩擦力时，轨道倾角过大．
②B图象说明在拉力大于0时，物体的加速度为0，说明合外力为0，即绳子的拉力被摩擦力平衡了，即没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，也就是没有将长木板的末端抬高或抬高不够．
③该试验中当小车的质量远大于砂、桶总质量时，才能近似认为细线对小车的拉力大小等于砝码盘和砝码的总重力大小，随着F的增大，即随着钩码质量增大，渐渐的钩码质量不再比小车质量小的多，因此会毁灭较大误差，图象会产生偏折现象．
１４．答案：（1）1.020 （2分）
写成1.02 1.0200的不给分．
（2）4 （4.0或4.00也正确） （ 2分）
（3）gH, （2分）
写成gh 的不给分．
（4） 小球上升过程中受到空气阻力的作用，速度越大，所受阻力也越大；（2分）
只写小球上升过程中受到空气阻力的作用 给1分．
三、计算题（本题共4小题，36分．解答时写出必要的解题步骤和单位．）
１５．解析：(1)小黑板擦向上缓慢移动，处于平衡状态，它的受力如图
水平方向：FN－Fsin θ＝0 （1分）
竖直方向：Fcos θ－mg－Ff＝0 （1分）
又Ff＝μFN （1分）
所以μ＝． （1分）
同样得分．
(2) 小黑板擦可看成质点，它向下滑落的过程与黑板间无摩擦，它做自由落体运动．
由运动学公式
得， （2分）
即v＝＝ m/s． （1分）
或者利用机械能守恒：由于只受重力，所以机械能守恒．得：
mgh＝mv2 所以得v＝＝m/s .同样得分．
１６．解析：（1）要保持木板相对斜面静止，木板要受到沿斜面对上的静摩擦力F与使木板下滑的重力分力平衡，即 （2分）
依据作用力与反作用力的性质可知，人受到木板对他沿斜面对下的静摩擦力，所以人受到的合力为，由牛顿其次定律得
解得，方向沿斜面对下 （2分）
（没写方向或方向写错的扣1分）
（2）要保持人相对于斜面的位置不变，即人处于平衡状态，F为人脚受到的静摩擦力且沿斜面对上，因此木板受到沿斜面对下的静摩擦力，对人有
， （2分）
木板受到的合力为，由牛顿其次定律得
解得，方向沿斜面对下 （2分）
（没写方向或方向写错的扣1分）
１７．解析：（1）设飞镖从B平抛运动到D 的时间为t1，从B点抛出的初速度为v1,小孩和飞镖的总质量为M，则有
（1分）
（1分）
（1分）
由以上三式解得
代入数据得=8m/s （1分）
(2) 设推出飞镖从B平抛运动到D 的时间为t2，从B点抛出的初速度为v2，则有
（1分）
（1分）
代入数据得W=40J （1分）
（3）因BC方向的速度不变，则从B到靶的时间t2不变,竖直方向的位移也仍为R，则靶上的击中点确定是与靶心O在同一高度上，则垂直于BC的水平位移确定小于等于R，因此有
（1分）
以上两式可得
代入数据得v≤m/s （1分）
１８．解析:⑴设开头时弹簧压缩的长度为得： （1分）
设当物体A刚刚离开地面时，弹簧的伸长量为,得： （1分）
当物体A刚离开地面时，物体B上升的距离以及物体C沿斜面下滑的距离为：
= （1分）
⑵物体A刚刚离开地面时，以B为争辩对象，物体B受到重力mg、弹簧的弹力k、细线的拉力三个力的作用，设C的质量为，物体B的加速度为a，依据牛顿其次定律，
对B有： （1分）
对C有： （1分）
（1分）
（1分）
由上述公式整理得得：
当B获得最大速度时，有：
由以式子可解得 （1分）
（3）由于=，弹簧处于压缩状态和伸长状态时的弹性势能相等，弹簧弹力做功为零，且物体A刚刚离开地面时，B、C两物体的速度相等，设为，
对于B由动能定理得 （1分）
对于C由动能定理得 （1分）
整理得 （1分）
（或对BC系统由能量守恒得： 同样得3分）
由以上式子，解得： （1分）
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