2025高考物理全国乙卷押题含解析.pdf

试卷第 1 页，共 7 页 一、一、选择选择题题(本题共本题共 8 小题，每小题小题，每小题 6 分，共分，共 4 48 分。在每小题给出的四个选项中，第分。在每小题给出的四个选项中，第14 题只有一项符合题目要求，第题只有一项符合题目要求，第 58 题有多项符合题目要求。全部选对的得题有多项符合题目要求。全部选对的得 6分，选对但不全的得分，选对但不全的得 3 分，有选错的得分，有选错的得 0 分。分。2022024 4高考物理高考物理全国乙卷押题全国乙卷押题)1用甲、乙两种单色光分别照射锌板，逸出的光电子的最大初动能分别为k、3k2。已知乙光的频率是甲光频率的65，则锌板的逸出功为（）Ak B32k C2k D52k 22021 年 2 月，天问一号火星探测器被火星捕获，经过系列变轨后从“调相轨道”进入“停泊轨道”，为着陆火星做准备。如图所示，阴影部分为探测器在不同轨道上绕火星运行时与火星的连线每秒扫过的面积，下列说法正确的是（）A图中两阴影部分的面积相等 B从“调相轨道”进入“停泊轨道”探测器周期变大 C从“调相轨道”进入“停泊轨道”探测器机械能变小 D探测器在点的加速度小于在点的加速度 3某中学生将一质量约为7kg的铅球举起放在肩膀处的位置，将其用力丢出，铅球先上升大约0.8m后开始下降，最后落在距离他8m的位置。则他对铅球做的总功最有可能是（）A100J B300J C600J D1200J 4如图所示，A、B为两个对称的圆锥的顶点，相距 2l、圆锥的底面半径为 l，C 点为圆锥底面圆周上的一点（图中未画出），O点为 AB连线的中点，D点为 OB连线的中点。现把两个电荷量都是 Q的正点电荷分别置于 A、B两点。该空间为真空，静电力常量为 k。则下列说法正确的是（）A圆周上各点的电场强度的方向都平行于 AB 连线 B圆周上 C 点的电场强度大小为22 C在 OB 连线上各点的电场强度都一定大于 C点的电场强度 D将另一个带负电的检验电荷 q从 C 点沿 CO、OD 的折线路径移动到 D点的过程中，其电势能一定逐渐减小 试卷第 2 页，共 7 页 5研究“蹦极”运动时，安装在人身上的传感器可测量人在不同时刻所处位置离出发点的距离及下落瞬时速度。设人及所携设备的总质量为60kg，弹性绳原长为10m。如图（a）所示，人从蹦极台由静止下落，根据传感器测到的数据，便得到了比较精确的速度位移图像（图像）。但因工作失误导致 图像纵轴上所标数据在保管过程中丢失，如图（b）所示。已知蹦极地点的重力加速度 g 为9.8m/s2，不计空气阻力，下列说法正确的是（）A纵轴上最小一格为1m/s B=0到=10m之间的图像为抛物线的一部分 C人下落到最大速度的过程中，弹性绳对人所做功为1140J D因为=0m到=26m之间的图像切线斜率先减小后增大，以该过程中人的加速度先减小后增大 6安装在我国空间站的霍尔推进器是用于维持空间站的运行轨道，其部分原理图如图。在很窄的圆环空间内有沿半径向外的磁场 B1，其磁感强度大小处处相等，同时加有垂直圆环平面的匀强磁场 B2和匀强电场 E（图中均未画出），B1与 B2的磁感应强度大小相等。若电子恰好可以在圆环内沿顺时针方向做半径为 R、速率为 v的匀速圆周运动。已知电子电荷量为 e，质量为 m，则下列说法正确的是（）AE的方向垂直于环平面向外 BE的大小为2 C2的方向垂直环平面向里 D1的大小为2 试卷第 3 页，共 7 页 7图（a）所示的理想变压器输入端接正弦交流电源，其输入电压 u随时间 t变化的关系图像如图（b）。已知原线圈与副线圈的匝数比为1:2=10:1；电阻=10，电容=1 104F，A 是理想交流电流表，S 是开关。下列说法正确的是（）AS 接 a时，电容器每秒钟完成 50 次完整的充、放电 BS 接 a 时，电容器所带电荷量的最大值为1152 103C CS 接 b 时，电流表 A 的示数为11502A DS 接 b时，变压器的输入功率为 48.4W 8如图甲所示，水平绝缘传送带正在输送一闭合正方形金属线框，在输送中让线框随传送带通过一固定的匀强磁场区域，磁场方向竖直向下，磁场边界 MN、PQ与传送带运动方向垂直，其间距为2。已知传送带以恒定速度0运动，线框质量为，边长为，线框与传送带间的动摩擦因数为，且在传送带上始终保持线框左、右两边平行于磁场边界，线框右边进入磁场到线框右边离开磁场过程中，其速度随时间变化的图像如图乙所示，重力加速度大小为，则（）A线框进出磁场过程中感应电流方向相同 B线框穿过磁场过程中受到的摩擦力方向不变 C整个线框刚好离开磁场时的速度为02 4 D整个线框穿过磁场过程中安培力对线框做的功为4 二二、非选择题：第非选择题：第 9 91212 题为必考题，每个试题考生都必须作答。第题为必考题，每个试题考生都必须作答。第 13161316 题为选考题为选考题，考生根据要求作答。题，考生根据要求作答。9（6 分）某同学用如图甲所示装置测量滑块与长木板间的动摩擦因数。长木板放在水平桌面上，滑块放在长木板上，滑块拖着穿过打点计时器的纸带，绕过定滑轮的细线一端连接滑块，一端吊着砝码盘，调节滑轮的高度，使连接滑块的细线与长木板平 试卷第 4 页，共 7 页 行。打点计时器接频率为 f50Hz 的交流电，重力加速度为10m/s2。（1）某次实验打出的一条纸带如图乙所示，可求得滑块的加速度大小为_m/s2。（2）改变砝码盘中砝码的质量（每次保证砝码盘和砝码的总质量 m远小于滑块质量M），多次测量，记录数据，若以滑块的加速度 a为纵坐标，以砝码盘和砝码的总重mg为横坐标，结果得到图丙所示的 amg图像，由图像可知，滑块受到的摩擦阻力 f_N，滑块与长木板间的动摩擦因数=_。10（9 分）某课外活动小组的同学为了将一个满偏电流g=3mA、内阻g=360的电流表 G 改装为“10”和“100”两个倍率的简易欧姆表，设计了如图甲所示的电路图。已知电源电动势=1.5V，内电阻不计。请回答下列问题：（1）开关 S 断开时欧姆表的倍率为_（选填“10”和“100”）。（2）图甲中定值电阻0的阻值为_。（3）下列可供选择的滑动变阻器中，你认为最适合图甲中 R 的是_。A1（最大电阻 50，额定电流 1A）B2（最大电阻 200，额定电流 0.5A）C3（最大电阻1k，额定电流 0.2A）试卷第 5 页，共 7 页（4）电流表 G 的表盘如图乙所示，改装后的欧姆表表盘与电流表 G 的表盘对应关系为：电流表刻度（mA）对应欧姆表刻度 0 1 1 _；_；_。11（12 分）如图所示，半径为的圆形区域内存在着垂直纸面向外的匀强磁场，是圆的一条直径。一带正电的粒子质量为，电量为，从点射入磁场，速度大小为，方向与成30角时恰好从点飞出磁场，不计粒子所受重力。（1）求磁场的磁感应强度大小；（2）若仅将粒子速度大小改为0.5，求粒子在磁场中运动的时间。试卷第 6 页，共 7 页 12（20 分）如图所示，一足够长的光滑斜面固定在水平地面上，斜面倾角为，斜面底端固定一垂直于斜面的挡板 P，将小物块 A、B（可视为质点）从斜面上距离挡板 P为和（1）的位置同时由静止释放，已知小物块 A、B 的质量分别为 m、2m，重力加速度大小为 g，所有碰撞均为弹性碰撞，忽略碰撞时间和空气阻力。求：（1）B 第一次与挡板碰撞时 A 的速度大小；（2）B 在第一次上升过程中就能与 A 相碰，求的取值范围；（3）在（2）情形下，要使 A 第一次碰后能到达比其释放点更高的位置，求应满足的条件。13（5 分）一定质量的理想气体密闭在容器中，其压强随体积的变化过程如图所示。已知 是绝热变化过程。下列说法正确的是（）A 过程中气体的温度不变 B 过程中每个分子的动能都增大 C 过程中，单位时间内容器壁单位面积上分子碰撞次数增多 D ，完成一次完整循环的过程气体对外做负功 E ，完成一次完整循环的过程气体从外界吸收热量 试卷第 7 页，共 7 页 14（10 分）如图所示，内壁光滑的导热汽缸竖直放置在水平桌面上，汽缸内封闭一定质量的气体。活塞质量 m=4kg，活塞横截面积 S=20cm2。活塞初始状态位于离底部高度 h1=5cm 处。假设外界空气温度恒为 27，大气压强 p0=1105pa，g=10m/s2，（1）用外力 F 将活塞缓慢提升 4cm，求此时汽缸内气体的压强；（2）对汽缸内气体缓慢加热，当温度升到 57时，气体吸收了 10J 的热量，求此过程中气体内能的增加量。15（5 分）在历史进程中，我们的祖先在不同的时期发明和制造了不同的计时器。其中有圭表、日晷、漏刻、单摆计时器等。如图甲所示，O是单摆的平衡位置，单摆在竖直平面内左右摆动，M、N 是摆球所能到达的最高点。设向右为正方向，图乙是单摆的振动图像。已知当地重力加速度=10m/s2，则=0时摆球在_（填“M”“O”或“N”）点，单摆的摆长约为_m（3，计算结果保留两位有效数字）。16（10 分）如图所示，一块横截面为直角三角形 ABC的玻璃砖，B=90，C=37。一束单色光从 AB 边的中点 M 垂直入射玻璃砖，在 AC 边恰好发生全反射，最后从 BC边上的 N 点（图中未标出）射出，已知 AB 边的长度为 L，光在真空中传播速度为 c，sin37=0.6，cos37=0.8，求：（1）.请做出光路图，并求出玻璃砖对该单色光的折射率；（2）.求该单色光从进入玻璃砖到第一次从玻璃砖射出所经历的时间 t。答案第 1 页，共 11 页 参考答案参考答案 1B【详解】根据爱因斯坦光电效应方程有 k=0，3k2=65 0 解得 0=32k 故选 B。2C【详解】A根据开普勒第二定律可知探测器绕火星运行时在同一轨道上与火星的连线每秒扫过的面积相等，但在不同轨道上与火星的连线每秒扫过的面积不相等，故 A 错误；B根据开普勒第三定律知探测器在停泊轨道上运行周期比在调相轨道上小，故 B 错误；C探测器从“调相轨道”进入“停泊轨道”需在 P 点减速，做近心运动，机械能减小，故 C正确；D根据牛顿第二定律 2=可知 P点的加速度比在 N点的大，故 D 错误。故选 C。3B【详解】将铅球的初速度分解为水平分速度 vx 和竖直分速度 vy 竖直方向做竖直上抛运动 2=2上 上=得=4m/s 上=0.4s 水平方向做匀速直线运动，抛出点距地面有一定高度，则 2上 得 答案第 2 页，共 11 页 10m/s 对铅球做的总功等于铅球的初动能 =1202=12(2+2)406J 抛出点位置越高，对铅球做功越少；假设铅球抛出位置距地面最大高度为 1.6m，则 上+1.6m=12下2 联立上式，估算出铅球从抛出到落地总时间 =上+下 1s 则水平分速度为=8m/s 同理求出总功为=280J 故对铅球做功范围为 280J 406J 故 B 正确，ACD 错误。故选 B。4D【详解】A根据等量同种点电荷电场线的分布特点可知，圆周上各点的电场强度的方向都垂直于 AB 连线。故 A 错误；B圆周上 C 点的电场强度大小为 =22 cos45=2(2+2)2 cos45=222 故 B 错误；CO到 B，电场强度由 0 逐渐增加，而 C点场强不为 0。则在 OB连线上各点的电场强度不一定大于 C 点的电场强度。故 C 错误；D将另一个带负电的检验电荷 q从 C 点沿 CO、OD 的折线路径移动到 D点的过程中，一直是逆着电场线运动，电场力做正功，其电势能一定逐渐减小。故 D 正确。故选 D。5ABC 答案第 3 页，共 11 页【详解】AB在0 10m之间人做自由落体运动，则根据公式可得 2=2 此公式图像满足抛物线规律，当 =10m 解得 =2=2 9.8 10m/s=14m/s 故纵轴上最小一格为1m/s，故 AB 正确；C由图可知最大速度为 max=16m/s 根据动能定理，设弹性绳做功为 W，可知 +=12max2 解得 =12max2 =12 60 162J 60 9.8 15J=1140J 故 C 正确；D人在0 10m做自由落体运动，则人的加速度不变，在10 15m，随着弹性绳的拉长，弹性绳的弹力 F增大，根据牛顿第二定律可得 =弹力增大，则加速度减小，直到 =此时人的速度最大，继续向下运动，则 =加速度方向改变，且加速度变大，人做减速运动，故 D 错误。故选 ABC。6BC【详解】AC电子受到磁场 B1的洛伦兹力始终垂直环平面向里，此洛伦兹力应与电子所受的电场力平衡，即电子所受的电场力方向垂直环平面向外，所以 E 的方向垂直于环平面向里，电子受到磁场 B2的洛伦兹力提供其做匀速圆周运动的向心力，由左手定则可知，磁场 B2的方向垂直环平面向里，故 A 错误，C 正确；BD电子受到磁场 B2的洛伦兹力提供其做匀速圆周运动的向心力，则有 答案第 4 页，共 11 页 2=2 解得 2=由于 B1与 B2的磁感应强度大小相等，根据电场力与电子受磁场 B1的洛伦兹力平衡，则有 =1 得 =1=2 故 B 正确，D 错误。故选 BC。7BD【详解】A由图（b）可知，交流电的周期为 0.02s，频率为 50Hz，变压器不改变交流电的频率，S 接 a 时，每个周期充放电 2 次，故每秒钟完成 100 次完整的充、放电，A 错误；B变压器原副线圈电压与匝数成正比，可知副线圈两端电压（电容器两端电压）的最大值为 2m=222V S 接 a 时，电容器所带电荷量的最大值为 =2m=2.22 103C B 正确；CS 接 b 时，副线圈中电流的有效值为 2=2=2m2=2.2A 由 12=21 可知，电流表 A 的示数为 1=0.22A C 错误；DS 接 b时，变压器的输入功率等于输出功率，为 答案第 5 页，共 11 页 1=2=22=48.4W D 正确。故选 BD。8BD【详解】A由楞次定律可知线框进入磁场过程中感应电流方向为逆时针（俯视），出磁场过程中感应电流方向为顺时针（俯视），故 A 错误；B滑动摩擦力方向与相对运动方向相反，由 v-t图可知线框右边进入磁场到右边恰离开磁场过程中速度小于传送带速度，所受滑动摩擦力方向水平向右，线框出磁场过程与进入磁场过程中初速度相同、受力情况相同，所以运动情况相同，即出磁场过程中速度由0一直减小至1，所以出磁场过程中所受滑动摩擦力方向水平向右，故线框穿过磁场过程中受到的摩擦力方向不变。故 B 正确；C由 B 项分析知线框刚好离开磁场时的速度为1，线框恰完全进入磁场至右边恰出磁场过程中线框做匀加速直线运动，有 02 12=2 解得 1=02 2 故 C 错误；D线框穿过磁场的整个过程中初末速度为0、1，整个过程中摩檫力不变，所以由动能定理可得 安+3=12121202 解得 安=4 故 D 正确。故选 BD。9 0.88 1 0.1 【详解】（1）1利用逐差法，求得滑块加速度 =4+3 2 142=0.0864+0.0775 0.0687 0.06000.04m/s2=0.88m/s2（2）23由于每次保证砝码盘和砝码的总质量 m远小于滑块质量 M，则 答案第 6 页，共 11 页 =得到 =1 结合图像得到 M1kg，f1N 则 =0.1 10 100 40 B 10 2.5【详解】（1）1欧姆表调零时满足=g+=g 测量时满足+=电流表量程越小，对应电阻越大，开关断开，电流表量程小，对应欧姆表倍率应为“100”。（2）2开关断开、闭合两种状态，欧姆表对应“100”“10”，有=10 g=10g gg=(g g)0 联立解得 0=40（3）3由（1）的解析有=g+=g 解得 =140 由=g+=g 解得 答案第 7 页，共 11 页=14 滑动变阻器电阻调节范围 14140。故选 B。（4）由+=g+=g 结合欧姆表倍率“100”可得 4电流表刻度为 0 时对应欧姆表刻度为；5电流表刻度为 1mA 时对应欧姆表刻度为 10；6欧姆表刻度为 1 时对应电流表刻度为 2.5mA。11（1）=2；（2）2=43【详解】（1）粒子在磁场中恰好从 b 点射出时，粒子轨道半径为1，由几何关系可知 1=2 由洛伦兹力提供向心力可得 =21 联立解得 =2（2）粒子速度大小改为0.5，轨道半径为2，由洛伦兹力提供向心力可得(0.5)=(0.5)22 答案第 8 页，共 11 页 解得 2=由几何关系可知粒子在磁场中运动对应圆心角为23，设粒子在磁场中圆周运动的周期为，则有 =220.5 2=232 联立解得 2=43 12（1）2sin；（2）1k5；（3）1 0 联立式可得 5 答案第 9 页，共 11 页 所以若 B 在第一次上升过程中就能与 A 相碰，则 k的取值范围为 1k5 （3）规定沿斜面向上为正方向，设碰撞前瞬间 A、B 的速度大小分别为 v1、v2，碰撞后的速度分别为1、2，根据动量守恒和能量守恒有 1+22=1+22 1212+12 222=1212+12 222 联立解得 1=1+423 （因为 A 的质量小于 B 的质量，所以碰后一定反弹，则另一解1=1 1 联立解得 1 22 根据运动学规律有 1=0+sin 2=0 sin 联立解得 03sin 联立解得 73 所以在（2）情形下，若要使 A 第一次碰后能到达比其释放点更高的位置，应满足的条件是 1 73 13CD【详解】A 过程中，体积增大，绝热膨胀，气体对外做功，内能减小，温度减小，A 错误；B 过程中分子的平均动能增大，不一定每个分子的动能都增大，B 错误；C 过程中，压强不变，根据盖吕萨克定律，体积减小，温度减小，单位时间内容 答案第 10 页，共 11 页 器壁单位面积上分子碰撞次数增多，C 正确；D 和 E由图像可知，完成一次完整循环的过程气体对外做功小于外界对气体做功，即气体对外做负功，并对外界放出热量，D 正确 E 错误。故选 CD。14（1）2=23 105Pa；（2）=8.8J【详解】（1）设初状态压强1，对活塞受力分析有 1=0+=1.2 105Pa 又 11=22 解得 2=23 105Pa（2）对汽缸内气体缓慢加热过程有 11=(1+)2 解得 =0.5cm 气体对外做功 =1=1.2J 根据热力学第一定律有 =+解得 =8.8J 15 M 0.18【详解】1由题图乙可知周期=0.8s，=0时摆球在负向最大位移处，因向右为正方向，所以开始时摆球在 M点；2由单摆的周期公式 =2 解得 答案第 11 页，共 11 页 0.18m 16i 光路图见解析，1.25；ii285192【详解】i.做出光路图，如图 由几何关系可知，光在 AC面上的入射角 =53 由于光在 AC 面恰好发生全反射故临界角 =53 玻璃砖的折射率=1sin，解得玻璃砖对该单色光的折射率 =1.25 ii.由光路图和几何关系可得 =23，=2548 单色光在玻璃砖中通过的路程为 =+=5748 单色光在玻璃砖中的传播速度 =所以单色光在玻璃砖中传播的时间 =解得 =285192