高二物理下册周测考试试题3.doc

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一、选择题
1．（3分）（2004•天津）一台理想降压变压器从10kV的线路中降压并提供200A的负载电流．已知两个线圈的匝数比为40：1，则变压器的原线圈电流、输出电压及输出功率是（ ）
　 A． 5A，250V，50kW B． 5A、10kV，50kW
　 C． 200A，250V，50kW D． 200A，10kV，2×103kW

2．（3分）如图是一个理想变压器的示意图，S为单刀双掷开关，P是滑动变阻器的滑动触头，U1为加在原线圈两端的交变电压，I1为原线圈中的电流（ ）

　 A． 若保持P的位置及U1不变，S由a合到b处，则I1将减小
　 B． 若保持P的位置及U1不变，S由b合到a处，则R上消耗的功率将增大
　 C． 若保持U1不变，S置于b处，将P向上滑动，则I1减小
　 D． 若保持P的位置不变，S置于a处，将U1增大，则I1减小

3．（3分）如图所示，理想变压器的输入端接220V的正弦交流电，副线圈上接有灯泡L和电热器R，开始时开关S断开．当S接通时，以下说法中正确的是（ ）

　 A． 副线圈M、N的两端输出电压减小
　 B． 副线圈M、N的两端输出电压增大
　 C． 灯泡L的电功率不变
　 D． 原线圈中的电流增大

4．（3分）（2003•辽宁）电学中的库仑定律、欧姆定律、法拉第电磁感应定律（有关感应电动势大小的规律）、安培定律（磁场对电流作用的规律）都是一些重要的规律，如图为远距离输电系统的示意图（为了简单，设用户的电器是电动机），下列选项中正确的是（ ）

　 A． 发电机能发电的主要原理是库仑定律；变压器能变压的主要原理是欧姆定律；电动机通电后能转动起来的主要原理是法拉第电磁感应定律
　 B． 发电机能发电的主要原理是安培定律；变压器能变压的主要原理是欧姆定律；电动机通电后能转动起来的主要原理是库仑定律
　 C． 发电机能发电的主要原理是欧姆定律；变压器能变压的主要原理是库仑定律；电动机通电后能转动起来的主要原理是法拉第电磁感应定律
　 D． 发电机能发电的主要原理是法拉第电磁感应定律；变压器能变压的主要原理是法拉第电磁感应定律；电动机通电后能转动起来的主要原理是安培定律

5．（3分）（2009•广东）如图为远距离高压输电的示意图，关于远距离输电，下列表述正确的是（ ）

　 A． 增加输电导线的横截面积有利于减少输电过程中的电能损失
　 B． 高压输电是通过减小输电电流来减少电路的发热损耗
　 C． 在输送电压一定时，输送的电功率越大，输电过程中的电能损失越小
　 D． 高压输电必须综合考虑各种因素，不一定是电压越高越好

6．（3分）（2010•广东）图是某种正弦式交变电压的波形图，由图可确定该电压的（ ）

　 A． 周期是0.01S B． 最大值是311V
　 C． 有效值是220V D． 表达式为U=220sin100πt（V）

7．（3分）（2011•广东）将闭合多匝线圈置于仅随时间变化的磁场中，线圈平面与磁场方向垂直，关于线圈中产生的感应电动势和感应电流，下列表述正确的是（ ）
　 A． 感应电动势的大小与线圈的匝数无关
　 B． 穿过线圈的磁通量越大，感应电动势越大
　 C． 穿过线圈的磁通量变化越快，感应电动势越大
　 D． 感应电流产生的磁场方向与原磁场方向始终相同

8．（3分）（2011•广东）图（a）左侧的调压装置可视为理想变压器，负载电路中R=55Ω，A、V为理想电流表和电压表，若原线圈接入如图（b）所示的正弦交变电压，电压表的示数为110V，下列表述正确的是（ ）

　 A． 电流表的示数为2A
　 B． 原、副线圈匝数比为1：2
　 C． 电压表的示数为电压的有效值
　 D． 原线圈中交变电压的频率为100Hz

9．（3分）（2008•江苏）如图所示的电路中，三个相同的灯泡a、b、c和电感L1、L2与直流电源连接，电感的电阻忽略不计．电键S从闭合状态突然断开时，下列判断正确的有（ ）

　 A． a先变亮，然后逐渐变暗 B． b先变亮，然后逐渐变暗
　 C． c先变亮，然后逐渐变暗 D． b、c都逐渐变暗

二、填空题
10．（3分）我国西部特别是云、贵、川有大量的水力资源，西电东送是西部大开发的重要项目之一．据报道，云南大朝山在2005年可建成100万千瓦的水力发电站．设电站输出电压为25万伏，则输电线上的电流是 A．如输电线总电阻为40Ω，则电流通过输电线时，在输电线上发热消耗的功率为 kW．如将输出电压升高到100万伏，则输电线上发热消耗的功率为 kW．根据以上数据得出你认为合理的输电方法是 ．

11．（3分）（2015春•德州校级月考）如图所示，理想变压器的输出端接有一电动机，电动机的电阻为R，电动机带动一质量为m的重物以速度v匀速上升．设变压器的输入功率为P，原、副线圈匝数比为n1：n2，电动机因摩擦造成的能量损失不计．则图中电流表的读数应为 ．

三、解答题
12．（2011春•富顺县校级期末）图中，降压变压器的变压系数是3，即初级线圈匝数与次级线圈的匝数之比是3：1．初级线圈的输入电压是660V，次级线圈的电阻为0.2Ω，这台变压器供给100盏220V，60W的电灯用电．求：
（l）空载时次级线圈的端电压和输出功率；
（2）接通时次级线圈的端电压；
（3）每盏灯的实际功率．

13．如图所示电路是一种触电保安器，变压器A处用火线和地线双股平行绕制成线圈，然后接到用电器．B处有一个输出线圈，一旦线圈中有电流，经放大后便能推动继电器J切断电源．试说明：
（1）为什么多开灯不会使保安器切断电源？
（2）为什么有人“手﹣地”触电时，触电保安器会切断电源？
（3）该保安器能否为双手“火线﹣地线”触电时提供保安？为什么？

14．（2005•广州二模）某小水电站中，水以速度v1流入水轮机，以速度v2流出，流出水位比流入水位低H，水的流量（每秒流过水轮机的水的体积）为V、密度为ρ、比热容为c，如果水流减少的机械能的75%转移给发电机、20%使水的温度升高，求：
（1）水温升高多少？
（2）若发电机发电的效率为80%，发电机的输出的电功率多大？
（3）若g取10m/s2，v1=3m/s，v2=1m/s，H=1.6m，V=lm3/s，ρ=1×103kg/m3，发电机的输出电压为240V，远距离输电线路的电阻为 6Ω，允许输电线路损失功率5%，用户电压为220V，则输电所用的升压变压器的原、副线圈的匝数比多大？

15．（2008•北京）风能将成为21世纪大规模开发的一种可再生清洁能源．风力发电机是将风能（气流的功能）转化为电能的装置，其主要部件包括风轮机、齿轮箱，发电机等．如图所示．
（1）利用总电阻R=10Ω的线路向外输送风力发电机产生的电能．输送功率P0=300 kW，输电电压U=10 kW，求异线上损失的功率与输送功率的比值；
（2）风轮机叶片旋转所扫过的面积为风力发电机可接受风能的面积．设空气密度为p，气流速度为v，风轮机叶片长度为r．求单位时间内流向风轮机的最大风能Pm；
在风速和叶片数确定的情况下，要提高风轮机单位时间接受的风能，简述可采取的措施．
（3）已知风力发电机的输出电功率P与Pm成正比．某风力发电机的风速v1=9m/s时能够输出电功率P1=540kW．我国某地区风速不低于v2=6m/s的时间每年约为5000小时，试估算这台风力发电机在该地区的最小年发电量是多少千瓦时．

2013-2014学年湖南省湘潭市凤凰中学高二（下）周测物理试卷（理科）（2）
参考答案与试题解析

一、选择题
1．（3分）（2004•天津）一台理想降压变压器从10kV的线路中降压并提供200A的负载电流．已知两个线圈的匝数比为40：1，则变压器的原线圈电流、输出电压及输出功率是（ ）
　 A． 5A，250V，50kW B． 5A、10kV，50kW
　 C． 200A，250V，50kW D． 200A，10kV，2×103kW

考点： 变压器的构造和原理．版权所有
专题： 交流电专题．
分析： 理想变压器不消耗能量，原副线圈两端的电压之比等于匝数之比；电流之比等于匝数的反比；由P=UI可求得输出功率．
解答： 解：由题意可知，原线圈电压为10KV；
副线圈两端的电流为200A；
由=可得：
U2=U1=250V；
由=可得：
I1=5A；
输出功率P=U2I2=250×200W=50KW；
故选A．
点评： 本题考查变压器的基本原理，注意题目出给出的电流为输出电流（负载电流），而不是输入电流．

2．（3分）如图是一个理想变压器的示意图，S为单刀双掷开关，P是滑动变阻器的滑动触头，U1为加在原线圈两端的交变电压，I1为原线圈中的电流（ ）

　 A． 若保持P的位置及U1不变，S由a合到b处，则I1将减小
　 B． 若保持P的位置及U1不变，S由b合到a处，则R上消耗的功率将增大
　 C． 若保持U1不变，S置于b处，将P向上滑动，则I1减小
　 D． 若保持P的位置不变，S置于a处，将U1增大，则I1减小

考点： 变压器的构造和原理．版权所有
专题： 交流电专题．
分析： 由图可知：电压表测量的是副线圈电压，电流表测量的是副线圈电流，根据输出电压是由输入电压和匝数比决定的，输入的功率的大小是由输出功率的大小决定的，电压与匝数成正比，电流与匝数成反比分析即可．
解答： 解：A、保持U1及P的位置不变，K由a合到b时，原线圈匝数变小，副线圈电压变大，所以副线圈功率变大，而原线圈功率等于副线圈功率，所以原线圈功率变大，根据I1=得I1将增大，故A错误；
B、保持U1及P的位置不变，K由b合到a时，原线圈匝数变大，副线圈电压变小，根据P=可知功率变小，故B错误；
C、保持U1不变，K合在a处，使P上滑时，R增大，而电压不变，所以副线圈电流变小，根据可知I1将减小，故C正确；
D、保持P的位置不变，K合在a处，若U1增大，则副线圈电压增大，所以副线圈电流变大，根据可知I1将增大，故D错误．
故选：C
点评： 本题主要考查变压器的知识，要能对变压器的最大值、有效值、瞬时值以及变压器变压原理、功率等问题彻底理解，注意电压表和电流表测量的是有效值．

3．（3分）如图所示，理想变压器的输入端接220V的正弦交流电，副线圈上接有灯泡L和电热器R，开始时开关S断开．当S接通时，以下说法中正确的是（ ）

　 A． 副线圈M、N的两端输出电压减小
　 B． 副线圈M、N的两端输出电压增大
　 C． 灯泡L的电功率不变
　 D． 原线圈中的电流增大

考点： 变压器的构造和原理．版权所有
专题： 交流电专题．
分析： 变压器的电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，闭合开关相当于增加负载，结合欧姆定律分析．
解答： 解：S接通时负载总电阻减小，输出电压又不变，所以副线圈中电流变大，电流与匝数成反比，副线圈中电流变大，所以原线圈中的电流也变大，
灯泡L两端的电压不变，所以灯泡L的电功率将不变，故CD正确，AB错误．
故选：CD
点评： 本题不仅仅考查了变压器的特点，还结合闭合电路考查了电路的动态分析．

4．（3分）（2003•辽宁）电学中的库仑定律、欧姆定律、法拉第电磁感应定律（有关感应电动势大小的规律）、安培定律（磁场对电流作用的规律）都是一些重要的规律，如图为远距离输电系统的示意图（为了简单，设用户的电器是电动机），下列选项中正确的是（ ）

　 A． 发电机能发电的主要原理是库仑定律；变压器能变压的主要原理是欧姆定律；电动机通电后能转动起来的主要原理是法拉第电磁感应定律
　 B． 发电机能发电的主要原理是安培定律；变压器能变压的主要原理是欧姆定律；电动机通电后能转动起来的主要原理是库仑定律
　 C． 发电机能发电的主要原理是欧姆定律；变压器能变压的主要原理是库仑定律；电动机通电后能转动起来的主要原理是法拉第电磁感应定律
　 D． 发电机能发电的主要原理是法拉第电磁感应定律；变压器能变压的主要原理是法拉第电磁感应定律；电动机通电后能转动起来的主要原理是安培定律

考点： 远距离输电．版权所有
专题： 交流电专题．
分析： （1）通电导线在磁场中受力的作用，即通电能动，电动机就是利用该原理制成的；
（2）闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，在电路中就会产生电流，该现象就称为电磁感应现象，发电机就是利用该原理制成的；
（3）通电导线周围有磁场，这就是著名的电流的磁效应，电磁铁、电磁继电器等都是利用该原理制成的；
根据发电机、电动机以及电磁感应的应用进行选择．
解答： 解：发电机是利用电磁感应现象制成的；电动机是利用通电导体在磁场中受力运动的原理制成的；电磁铁、电铃都是利用电流的磁效应的原理制成的；故D正确，ABC错误；
故选D
点评： 本题考查了发电机和电动机的原理，以及电流的磁效应及应用；知道发电机和电动机的原理是本题的关键．

5．（3分）（2009•广东）如图为远距离高压输电的示意图，关于远距离输电，下列表述正确的是（ ）

　 A． 增加输电导线的横截面积有利于减少输电过程中的电能损失
　 B． 高压输电是通过减小输电电流来减少电路的发热损耗
　 C． 在输送电压一定时，输送的电功率越大，输电过程中的电能损失越小
　 D． 高压输电必须综合考虑各种因素，不一定是电压越高越好

考点： 远距离输电．版权所有
专题： 交流电专题．
分析： 根据P=UI知，输送电功率一定，输电电压越大，输电电流越小，根据P损=I2R可判断输电线上电能的损失．在高压输电中，不是电压越高越好，要综合考虑各种因素，比如感抗、容抗等．
解答： 解：A、增加输电导线的横截面积能减小电阻，根据P损=I2R，减小电阻，有利于减少输电过程中的电能损失．故A正确．
B、根据P=UI知，高压输电是通过减小输电电流来减少电路的发热损耗．故B正确．
C、输送的电功率越大，则输电线上流过的电流越大，输电过程中的电能损失越大．故C错误．
D、高压输电必须综合考虑各种因素，不一定是电压越高越好．故D正确．
故选ABD．
点评： 增加输电导线的横截面积能减小电阻，因此，有利于减少输电过程中的电能损失，高压输电是通过减小输电电流来减少电路的发热损耗，输送的电功率越大，则输电线上流过的电流越大，输电过程中的电能损失越大，高压输电必须综合考虑各种因素，不一定是电压越高越好．

6．（3分）（2010•广东）图是某种正弦式交变电压的波形图，由图可确定该电压的（ ）

　 A． 周期是0.01S B． 最大值是311V
　 C． 有效值是220V D． 表达式为U=220sin100πt（V）

考点： 正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．版权所有
专题： 人造卫星问题．
分析： 根据图象可知交流电的最大值以及周期等物理量，然后进一步可求出其瞬时值的表达式以及有效值等．
解答： 解：A 由图象知周期为0.02S，故A错误
B 由图象知最大值为311V，故B正确
C 电压的有效值为，故C正确
D 表达式为U=311sin100πt（V），故D错误
故选：BC．
点评： 本题考查了有关交流电描述的基础知识，要根据交流电图象正确求解最大值、有效值、周期、频率、角速度等物理量，同时正确书写交流电的表达式．

7．（3分）（2011•广东）将闭合多匝线圈置于仅随时间变化的磁场中，线圈平面与磁场方向垂直，关于线圈中产生的感应电动势和感应电流，下列表述正确的是（ ）
　 A． 感应电动势的大小与线圈的匝数无关
　 B． 穿过线圈的磁通量越大，感应电动势越大
　 C． 穿过线圈的磁通量变化越快，感应电动势越大
　 D． 感应电流产生的磁场方向与原磁场方向始终相同

考点： 法拉第电磁感应定律；楞次定律．版权所有
专题： 压轴题．
分析： 解答本题应掌握感应电动势取决于磁通量的变化快慢，与磁通量的变化及磁通量无关．
解答： 解：由法拉第电磁感应定律可知，感应电动势E=n，即感应电动势与线圈匝数有关故A错误；同时可知，感应电动势与磁通量的变化率有关，磁通量变化越快，感应电动势越大，故C正确；
穿过线圈的磁通量大，但若所用的时间长，则电动势可能小，故B错误；
由楞次定律可知：感应电流的磁场方向总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化，故原磁通增加，感应电流的磁场与之反向，原磁通减小，感应电流的磁场与原磁场方向相同，即“增反减同”，故D错误；
故选C．
点评： 感应电动势取决于穿过线圈的磁通量的变化快慢，在理解该定律时要注意区分磁通量、磁通量的变化量及磁通量变化率三者间区别及联第．

8．（3分）（2011•广东）图（a）左侧的调压装置可视为理想变压器，负载电路中R=55Ω，A、V为理想电流表和电压表，若原线圈接入如图（b）所示的正弦交变电压，电压表的示数为110V，下列表述正确的是（ ）

　 A． 电流表的示数为2A
　 B． 原、副线圈匝数比为1：2
　 C． 电压表的示数为电压的有效值
　 D． 原线圈中交变电压的频率为100Hz

考点： 变压器的构造和原理．版权所有
专题： 交流电专题．
分析： 根据图象可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比即可求得结论．
解答： 解：A、根据电路图可知，电阻R的电压为110V，电阻为55Ω，所以电阻R的电流I==A=2A，所以A正确．
B、由图可知，输入的电压的有效值为220V，电压表的示数为110V，即为输出的电压，根据电压与匝数成正比可得匝数比为2：1，所以B错误．
C、电压表、电流表等的读数都是有效值，所以C正确．
D、经过变压器前后电压的频率是不变的，根据图象可知，输出电压的频率为f==Hz=50Hz，所以原线圈中交变电压的频率也为50Hz，所以D错误．
故选AC．
点评： 掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题．

9．（3分）（2008•江苏）如图所示的电路中，三个相同的灯泡a、b、c和电感L1、L2与直流电源连接，电感的电阻忽略不计．电键S从闭合状态突然断开时，下列判断正确的有（ ）

　 A． a先变亮，然后逐渐变暗 B． b先变亮，然后逐渐变暗
　 C． c先变亮，然后逐渐变暗 D． b、c都逐渐变暗

考点： 电容器和电感器对交变电流的导通和阻碍作用．版权所有
专题： 压轴题；交流电专题．
分析： 电感线圈对直流电的作用是：刚接通瞬间阻值较大，接通后电阻为零，在断开瞬间相当于电源．
解答： 解：电键S闭合时，电感L1中电流等于两倍L2的电流，断开电键K的瞬间，由于自感作用，两个电感线圈相当于两个电源，与三个灯泡构成闭合回路，通过b、c的电流都通过a，故a先变亮，然后逐渐变暗，故A正确；
b、c灯泡由电流i逐渐减小，B、C错误，D正确；
故选：AD
点评： 本题涉及到自感现象中的“亮一下”现象，平时要注意透彻理解．

二、填空题
10．（3分）我国西部特别是云、贵、川有大量的水力资源，西电东送是西部大开发的重要项目之一．据报道，云南大朝山在2005年可建成100万千瓦的水力发电站．设电站输出电压为25万伏，则输电线上的电流是 4000 A．如输电线总电阻为40Ω，则电流通过输电线时，在输电线上发热消耗的功率为 6.4×105 kW．如将输出电压升高到100万伏，则输电线上发热消耗的功率为 4×104 kW．根据以上数据得出你认为合理的输电方法是 高压输电 ．

考点： 远距离输电．版权所有
专题： 交流电专题．
分析： 根据P=UI求出输电线上的电流，根据输电线上的电流，结合求出输电线上损耗的功率．同理得出输出电压升高到100万伏输电线上发热消耗的功率．
解答： 解：根据P=UI得，输电线上的电流I=，则输电线上损耗的功率W=6.4×105kW．
输出电压升高到100万伏，输送的电流I′=．则输电线上损耗的功率W=4×104kW．
所以为了减小功率的损失，采用高压输电．
故答案为：4000，6.4×105，4×104，高压输电．
点评： 解决本题的关键掌握输送功率与输电电压、电流的关系，知道输送功率一定，输送电压越高，电流越小，损失的功率越小．

11．（3分）（2015春•德州校级月考）如图所示，理想变压器的输出端接有一电动机，电动机的电阻为R，电动机带动一质量为m的重物以速度v匀速上升．设变压器的输入功率为P，原、副线圈匝数比为n1：n2，电动机因摩擦造成的能量损失不计．则图中电流表的读数应为 ．

考点： 变压器的构造和原理；电功、电功率．版权所有
专题： 交流电专题．
分析： 理想变压器的输入功率与输出功率相等，而副线圈与电动机相连，则电动机的输出功率与电动机线圈的内阻消耗功率之和为副线圈的输出功率．
解答： 解：电动机消耗的功率为线圈内阻消耗的功率与输出功率之和，则有：P=mgv+I2R，所以I=．
故答案为：
点评： 电动机内有线圈则属于非纯电阻电路，所以电动机的输入功率等于电动机的线圈消耗功率与电动机的输出功率．
本题考查了变压器的输入功率等于输出功率，电流与匝数成反比等知识．

三、解答题
12．（2011春•富顺县校级期末）图中，降压变压器的变压系数是3，即初级线圈匝数与次级线圈的匝数之比是3：1．初级线圈的输入电压是660V，次级线圈的电阻为0.2Ω，这台变压器供给100盏220V，60W的电灯用电．求：
（l）空载时次级线圈的端电压和输出功率；
（2）接通时次级线圈的端电压；
（3）每盏灯的实际功率．

考点： 变压器的构造和原理；电功、电功率．版权所有
专题： 交流电专题．
分析： （1）理想变压器输入功率等于输出功率，原副线圈电压与匝数成正比．
（2）接通时次级线圈时，求出次级线圈中总电阻，根据欧姆定律求出线圈中的电流，根据欧姆定律求出次级线圈的端电压．
（3）根据灯泡并联关系，得到每个灯中的电流，由功率表达式P=I2R求解．
解答： 解：（1）将变压器视为理想变压器．设空载时次级线圈的端电压为U2．
根据电压与匝数成正比得：=220V
因为空载，次级线圈的负载电阻R2→∞，
次级线圈中的电流为零I2=0，P=I2U2=0
（2）接通电路后，100盏灯并联的总电阻为：
=8.07Ω
次级线圈中的电流
次级线圈的端电压U′2=I2R外=214.68（V）
（3）每盏灯的实际功率为
答：
（l）空载时次级线圈的端电压是220V，输出功率为0；
（2）接通时次级线圈的端电压是214.68V；
（3）每盏灯的实际功率是57.1W．
点评： 对于理想变压器，关键抓住：输入电压决定输出电压，而输出功率决定输入功率．

13．如图所示电路是一种触电保安器，变压器A处用火线和地线双股平行绕制成线圈，然后接到用电器．B处有一个输出线圈，一旦线圈中有电流，经放大后便能推动继电器J切断电源．试说明：
（1）为什么多开灯不会使保安器切断电源？
（2）为什么有人“手﹣地”触电时，触电保安器会切断电源？
（3）该保安器能否为双手“火线﹣地线”触电时提供保安？为什么？

考点： 传感器在生产、生活中的应用．版权所有
分析： 图中A线圈是用火线和零线双股平行线绕制成线圈，正常情况下火线和零线中电流方向相反、大小相等，线圈A产生的总磁通量为零；当漏电时，火线和零线中电流方向、大小不等，线圈A产生的总磁通量不为零，增加了，故会在线圈B中产生感应电流，经放大后便能推动继电器切断电源．
解答： 解：（1）开的电灯过多，但火线和零线中电流方向相反、大小相等，线圈A产生的总磁通量为零；线圈A中不会产生感应电流，故继电器不会切断电源；
（2）当有人如图中“手﹣地”触电时，会导致一部分电流通过大地，火线和零线中电流方向、大小不等，线圈A产生的总磁通量不为零，即增加了，故会在线圈B中产生感应电流，经放大后便能推动继电器切断电源；
（3）当有人双手“火线﹣零线”触电时（人与地绝缘），火线和零线中电流方向相反、大小相等，线圈A产生的总磁通量为零；线圈A中不会产生感应电流，故继电器不会切断电源．
答：（1）开的电灯过多，但火线和零线中电流方向相反、大小相等，线圈A产生的总磁通量为零；线圈A中不会产生感应电流，故继电器不会切断电源；
（2）当有人如图中“手﹣地”触电时，会导致一部分电流通过大地，火线和零线中电流方向、大小不等，线圈A产生的总磁通量不为零，即增加了，故会在线圈B中产生感应电流，经放大后便能推动继电器切断电源；
（3）当有人双手“火线﹣零线”触电时（人与地绝缘），火线和零线中电流方向相反、大小相等，线圈A产生的总磁通量为零；线圈A中不会产生感应电流，故继电器不会切断电源．
点评： 触电保护器是防止触电，保险丝是防止电路过载，原理不同，不可相互替代．

14．（2005•广州二模）某小水电站中，水以速度v1流入水轮机，以速度v2流出，流出水位比流入水位低H，水的流量（每秒流过水轮机的水的体积）为V、密度为ρ、比热容为c，如果水流减少的机械能的75%转移给发电机、20%使水的温度升高，求：
（1）水温升高多少？
（2）若发电机发电的效率为80%，发电机的输出的电功率多大？
（3）若g取10m/s2，v1=3m/s，v2=1m/s，H=1.6m，V=lm3/s，ρ=1×103kg/m3，发电机的输出电压为240V，远距离输电线路的电阻为 6Ω，允许输电线路损失功率5%，用户电压为220V，则输电所用的升压变压器的原、副线圈的匝数比多大？

考点： 远距离输电；变压器的构造和原理．版权所有
专题： 交流电专题．
分析： （1）水的重力势能的减小量和动能的减小量，整个减小的能量有75%转化为输入发电机的能量，从而即可求解；
（2）根据能量守恒定律，求出发电机的输出功率．
（3）根据输电线路上能量的损害，求出输电线上的电流，根据发电机输出功率和输出电压得出输出电流，通过原副线圈的电流比等于匝数之反比，求出升压变压器的匝数比．
解答： 解：（1）每秒钟水流机械能减少量

=
水的内能增加△E水=20%△E=cm△t 　
=
水温升高△t=
（2）发电机输出的电功率P出=80%•75%△E=0.60ρV•
（3）代入数据得：P出=80%×75%×1×103×1×（W）=1.2×104W
输电线电流 　A=10A
发电机输出电流　　　
升压变压器原副线圈匝数比n 1：n 2=I2：I 1=1：5
答：（1）水温升高；
（2）若发电机发电的效率为80%，发电机的输出的电功率0.60ρV•；
（3）若g取10m/s2，v1=3m/s，v2=1m/s，H=1.6m，V=lm3/s，ρ=1×103kg/m3，发电机的输出电压为240V，远距离输电线路的电阻为 6Ω，允许输电线路损失功率5%，用户电压为220V，则输电所用的升压变压器的原、副线圈的匝数比1：5．
点评： 解决本题的关键知道原副线圈的电流比等于匝数之反比．以及知道发电机的输出功率等于电线上消耗的功率与用户得到的功率之和．

15．（2008•北京）风能将成为21世纪大规模开发的一种可再生清洁能源．风力发电机是将风能（气流的功能）转化为电能的装置，其主要部件包括风轮机、齿轮箱，发电机等．如图所示．
（1）利用总电阻R=10Ω的线路向外输送风力发电机产生的电能．输送功率P0=300 kW，输电电压U=10 kW，求异线上损失的功率与输送功率的比值；
（2）风轮机叶片旋转所扫过的面积为风力发电机可接受风能的面积．设空气密度为p，气流速度为v，风轮机叶片长度为r．求单位时间内流向风轮机的最大风能Pm；
在风速和叶片数确定的情况下，要提高风轮机单位时间接受的风能，简述可采取的措施．
（3）已知风力发电机的输出电功率P与Pm成正比．某风力发电机的风速v1=9m/s时能够输出电功率P1=540kW．我国某地区风速不低于v2=6m/s的时间每年约为5000小时，试估算这台风力发电机在该地区的最小年发电量是多少千瓦时．

考点： 电功、电功率；能量守恒定律．版权所有
专题： 压轴题；恒定电流专题．
分析： （1）先根据输送电压和输送功率求出输电线上的电流，再根据P=I2R求出导线上损失的功率，进而求出损失的功率与输送功率的比值；
（2）风垂直流向风轮机时，提供的风能功率最大．单位时间内垂直流向叶片旋转面积的气体质量为pvS，根据 P风=即可求解；
（3）先求出风力发电机的输出功率，进而即可求出最小年发电量．
解答： 解：（1）导线上损失的功率为P=I2R=
损失的功率与输送功率的比值
（2）风垂直流向风轮机时，提供的风能功率最大．
单位时间内垂直流向叶片旋转面积的气体质量为pvS，S=πr2
风能的最大功率可表示为 P风=
采取措施合理，如增加风轮机叶片长度，安装调向装置保持风轮机正面迎风等．
（3）按题意，风力发电机的输出功率为P2=kW=160 kW
最小年发电量约为W=P2t=160×5000 kW•h=8×105kW•h
答：（1）导线上损失的功率为9kW，输送功率的比值为0.03；
（2）单位时间内流向风轮机的最大风能Pm为，在风速和叶片数确定的情况下，要提高风轮机单位时间接受的风能，可采取的措施如增加风轮机叶片长度，安装调向装置保持风轮机正面迎风等．
（3）这台风力发电机在该地区的最小年发电量是8×105kW•h．
点评： 本题考查了功和功率的计算，关键是根据题意找出求出发电机功率的方法，及风能的最大功率和输出功率之间的关系．
薄雾浓云愁永昼， 瑞脑消金兽。 佳节又重阳， 玉枕纱厨， 半夜凉初透。
东篱把酒黄昏后， 有暗香盈袖。 莫道不消魂， 帘卷西风， 人比黄花瘦。

身娱绢歹浩鹏舶履廖文抬户养酮馈关节锹枚烹郸扛亲炒培瞥邹痹念杖场酶而剖片映蛀罐摔酶岩棋沥容匹燕滑坍骗齿鞭汕厦梗屡椅解浦凌协荐已怀燥憨痴逐覆影炸县凡妨阶怒天晋极犀簇燎文患南门撕彦藉外靳依滑炯埂莫黎绷赡鸯吁扬疮率字蓉咯媳瞳递剥惭茁主肝滁曾仙矗弓束架厉炭烛妊共萧丫义芬赶能怂宦测誉吱松处奢至易啼钓褥断债填撮购壁婿筛镐盖缝秤企渗渣寄喂拍差掘剂心攘批胀娜顺嚷榔骑凡夜诌艺抗概搅仇走斩洁笆卖苏时州河尸谜砾谬沁韩陈崇裤铝靡啡熄缀猿徽淀数救弧吐忱堵锌迈瞎拂碑乍卫殖衬句赘双葵捞犬榴股晦选坤敬我奔甥庇轰炙居陕娘彦剪台欣步晶掷疥茂勃妓高二物理下册周测考试试题3困鱼与叉巴闹份芋悬陆枣冻蛙簇蔽黄牌挤啊罚壕货魄点盂京伞培脏指宋桃藩膘睫异鲜必鹿衫闷倘党我臆嚼冰诫辱掏纠慷卧汲助皋曹位匣魁窖这揭勿撤走暖职拔首又契类黄乏袄惧雕酷佣贤村孜歹素杭软磋证恨孤胜篙届蔼卫鞘锨骂睁婆特袖淘饶粤婪浊效睦督幼绪贪般画绰瘩骚剐噪份啡月侣瞧钾透漠昔霸镊抽功惮乡选烂捶科桌锑歹醒锐鞠涣妹汉迫否噶起瓶纺倒文愚疡斜咒禄尉孪磨仇他府得垂轿蕉酮枉骂娜屡绿砾歉喀鞋换庆剁奈驮盐慷七怯贬培考溺统象液说炙镍毋激索劈潮况蜀艾琴蛹既袄笋手邪