2021届高考生物二轮复习-题型6-数据计算类加强练.doc

2021届高考生物二轮复习 题型6 数据计算类加强练

2021届高考生物二轮复习 题型6 数据计算类加强练

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题型6　数据计算类加强练
1．某50肽中有丙氨酸(R基为—CH3)4个，现脱掉其中的丙氨酸(相应位置如图)得到4条多肽链和5个氨基酸(脱下的氨基酸均以游离态正常存在)。下列有关叙述错误的是(　　)

A．该50肽脱掉丙氨酸得到的几种有机物比原50肽增加了4个氧原子
B．若将得到的5个氨基酸缩合成5肽，则有5种不同的氨基酸序列
C．若新生成的4条多肽链总共有5个羧基，那么其中必有1个羧基在R基上
D．若将新生成的4条多肽链重新连接成一条长链将脱去3个H2O
解析：据图分析可知，每脱掉1个丙氨酸需要破坏2个肽键，脱掉4个丙氨酸共破坏了8个肽键，有8分子水参与，故该50肽脱掉丙氨酸得到的几种有机物比原50肽增加了8个氧原子，A错误；得到的5个氨基酸，其中有4个是相同的丙氨酸，故这5个氨基酸缩合成5肽，可有5种不同的氨基酸序列，B正确；每条肽链中至少有1个游离的氨基和1个游离的羧基，故新生成的4条多肽至少有4个氨基、4个羧基，再多出的羧基(或氨基)必定在R基上，C正确；这4条多肽链若重新连接成一条长链，需要连接3个位点，形成3个肽键，脱去3分子水，D正确。
答案：A
2．如图甲表示水稻叶肉细胞在光照强度分别为a、b、c、d时，单位时间内CO2释放量或O2产生量的变化，图乙表示用水稻叶片进行实验时光合作用速率与光照强度的关系，下列有关叙述正确的是(　　)

A．图甲中，光照强度为b时，细胞的光合作用速率等于呼吸作用速率
B．图甲中，光照强度为d时，单位时间内细胞从周围吸收2个单位的CO2
C．图乙中，光照强度从O到x的范围内，叶片固定的CO2量为S△Oef＋S△fgx
D．图乙中，限制g点以后叶片光合作用速率的主要环境因素为光照强度
解析：图甲中：光照强度为a时，O2产生总量为0，只进行细胞呼吸，据此可知，呼吸强度为6；光照强度为b时，CO2释放量大于0，说明光合作用速率小于呼吸作用速率，A错误；光照强度为d时，O2产生总量为8，则光合作用总吸收二氧化碳为8，因而单位时间内细胞从周围吸收8－6＝2个单位的CO2，B正确；据图乙分析可知，光照强度从O到x范围内，叶片净吸收CO2量为S△fgx－S△Oef，C错误；限制g点光合作用速率的因素是温度、CO2浓度等，而限制e、f点光合作用速率的因素主要是光照强度，D错误。
答案：B
3．如图表示在不同温度下，测定某植物叶片重量(单位：mg，均考虑为有机物的重量)变化情况的操作流程及结果。下列说法错误的是(　　)

A．该植物的呼吸速率可表示为X mg/h
B．该植物的实际光合速率可表示为Y＋2X mg/h
C．在15～24 ℃，21 ℃时该植物净光合作用强度最大
D．若先光照6小时后黑暗6小时，使叶片增重最多的温度是18 ℃
解析：从左图可知，无光处理1 h叶片重量减少的量表示呼吸作用消耗的有机物的量，该植物的呼吸速率可表示为X mg/h，A正确；总光合速率＝净光合速率＋呼吸速率，光照处理1 h重量增加的量表示净光合作用积累的有机物的量，即Y＋X代表净光合速率、Y＋2X代表实际光合速率，B正确；Y＋X代表净光合速率，由右图可知，18 ℃、21 ℃、24 ℃3个条件下，Y＋X相等，无法推测净光合速率的最适温度，C错误；在图中所示实验中，若先给予6小时光照，后黑暗处理6小时，要使该植物叶片增重最多，则需净光合速率－呼吸速率的差值最大，而X代表呼吸速率，Y＋X代表净光合速率，则Y值最大时，叶片增重最多，温度为18 ℃，D正确。
答案：C
4．假如某植物茎卷须的长短受两对独立遗传的等位基因(A/a，B/b)控制，单杂合植株的茎卷须中等长度，双杂合植株的茎卷须最长，其他纯合植株的茎卷须最短；花粉是否可育受一对等位基因C/c控制，含有C基因的花粉可育，含有c基因的花粉败育。下列相关叙述，正确的是(　　)
A．茎卷须最长的植株自交，子代中茎卷须中等长度的个体占3/4
B．茎卷须最长的植株与一茎卷须最短的植株杂交，子代中茎卷须最长的个体占1/4
C．基因型为Cc的个体连续自交2次，子代中CC个体占1/4
D．如果三对等位基因自由组合，则该植物种群内对应基因型共有27种
解析：茎卷须最长的基因型为AaBb，其自交后代中中等长度的个体(AaBB、Aabb、AABb、aaBb)占总数的1/2×1/4＋1/2×1/4＋1/2×1/4＋1/2×1/4＝1/2，A错误；茎卷须最长的(AaBb)与最短的(AABB、AAbb、aaBB、aabb)杂交，子代中茎卷须最长的(AaBb)个体占1/2×1/2＝1/4，B正确；基因型为Cc的个体自交1次，由于父本只能产生含有C的花粉，子一代中CC个体占1/2，Cc个体占1/2，子一代自交，由于父本只能产生含有C的花粉，子二代中CC占1/2×1＋1/2×1/2＝3/4，C错误；如果三对等位基因自由组合，逐对分析可知，茎卷须的长短受两对独立遗传的等位基因控制，基因型有3×3＝9种；花粉是否可育受一对等位基因控制，含有C的花粉可育、含c的花粉不可育，基因型只有CC和Cc两种。因此该植物种群内对应的基因型有9×2＝18种，D错误。
答案：B
5．某豌豆品种植株的高茎(A)对矮茎(a)为显性。一基因型为Aa的植株自交，其子一代出现高茎∶矮茎＝6∶1，原因最可能是(　　)
A．含有显性基因的配子有50%死亡
B．含有隐性基因的配子有50%死亡
C．含有隐性基因的花粉有50%死亡
D．隐性个体有50%死亡
解析：如果含有显性基因的配子有50%死亡，则基因型为Aa的植株自交，其子一代出现高茎∶矮茎＝5∶4，A错误；如果含有隐性基因的配子有50%死亡，则基因型为Aa的植株自交，其子一代出现高茎∶矮茎＝8∶1，B错误；如果含有隐性基因的花粉有50%死亡，则基因型为Aa的植株自交，其子一代出现高茎∶矮茎＝5∶1，C错误；如果隐性个体有50%死亡，则基因型为Aa的植株自交，其子一代出现高茎∶矮茎＝6∶1，D正确。
答案：D
6．某自花传粉植物紫茎(A)对绿茎(a)为显性，抗病(B)对感病(b)为显性，两对性状独立遗传，且当花粉含AB基因时不能萌发长出花粉管，因而不能参与受精作用。用植株AaBb自交产生F1，用绿茎感病植株对F1紫茎抗病植株授粉得F2，理论上F2植株的表现型之比为(　　)
A．4∶2∶2∶1　　　　　 B．1∶1∶1∶1
C．7∶5∶5∶3 D．3∶2∶1∶1
解析：用植株AaBb自交，雌配子为AB∶Ab∶aB∶ab＝1∶1∶1∶1，雄配子为Ab∶aB∶ab＝1∶1∶1，则产生的后代中紫茎抗病植株基因型及其比例为1/12AABb、1/12AaBB、1/4×1/3×3AaBb，即AABb∶AaBB∶AaBb＝1∶1∶3，则其产生的雌配子AB∶Ab∶aB∶ab＝7∶5∶5∶3，因此与绿茎感病植株aabb杂交，后代基因型及比例为AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝7∶5∶5∶3，即理论上F2植株的表现型之比为7∶5∶5∶3，C正确。
答案：C
7．1913～1914年，摩尔根的学生布里奇斯通过一只“例外果蝇”发现了性染色体的不分离现象，为染色体遗传学说提供了直接证据。该果蝇的染色体组成为XXY(性染色体的组成与性别决定之间的关系见下表)，在减数分裂形成卵细胞时，90%的情况是X染色体彼此分离，因而一个X和一个Y一起移向一极，而另一条单独的X染色体移向另一极；10%的情况则是Y染色体单独移向一极，而两条X染色体一起移向另一极。现有白眼雌果蝇XaXaY与红眼雄果蝇XAY杂交，那么，F1个体中红眼雄果蝇的比例为(　　)
性别
基因型
雌性♀
XX
XXY
XXX(致死)
雄性♂
XY
XYY
YY(致死)
A.1/40 B．9/40
C．1/38 D．9/38
解析：根据题干的信息：90%XaXaY可以产生Xa和XaY的配子，10%的XaXaY产生XaXa和Y的配子，而XAY产生两种比例相等的XA和Y的配子，随机结合后：
－
9Xa
9XaY
1XaXa
1Y
1XA
红眼雌
红眼雌
致死
红眼雄
1Y
白眼雄
白眼雄
白眼雌
致死
所以子代红眼雄果蝇的比例为1/38。
答案：C
8．细胞核中某基因含有300个碱基对，其中鸟嘌呤占20%，下列选项正确的是(　　)
A．该基因中含有氢键720个，其转录的RNA中也可能含有氢键
B．该基因第3次复制需要消耗腺嘌呤1 260个
C．该基因可边转录边翻译
D．由该基因编码的蛋白质最多含有100种氨基酸
解析：根据题意分析，已知细胞核中某基因含有300个碱基对，其中鸟嘌呤占20%，则该基因中含有氢键数＝600×20%×3＋600×(50%－20%)×2＝720个，基因转录形成的RNA包括tRNA、rRNA、mRNA，其中tRNA分子中含有少量的氢键，A正确；该基因第三次复制需要消耗腺嘌呤数＝600×(50%－20%)×23－1＝720个，B错误；只有原核基因和细胞质基因可以边转录边翻译，细胞核基因不可以，C错误；组成生物体的氨基酸约有20种，D错误。
答案：A
9．人群中甲病(基因A/a控制)和乙病(基因B/b控制)均为单基因遗传病，其中有一种病为伴性遗传病。已知人群中每100人中有一个甲病患者，如图为某家族的系谱图，Ⅱ3无甲病致病基因。关于甲、乙两病的叙述，错误的是(　　)

A．甲病和乙病的遗传方式分别为常染色体隐性遗传和伴X染色体隐性遗传
B．Ⅱ5与Ⅱ6再生一个与Ⅲ8基因型相同个体的概率为15/44
C．Ⅲ7和Ⅲ8生一个两病兼患的孩子的概率为1/48
D．Ⅱ4产生同时含甲、乙两病致病基因配子的概率大于Ⅱ5
解析：由Ⅰ1和Ⅰ2生下Ⅱ5可知甲病为常染色体隐性遗传病，则乙病的遗传方式为伴性遗传，又因为Ⅰ1和Ⅰ2生下Ⅱ4，可知乙病为伴X染色体隐性遗传病，A正确；Ⅱ5的基因型为aaXBX－(1/2XBXB、1/2XBXb)，Ⅲ8的基因型为AaXBY，Ⅱ6的基因型为A_XBY(9/11AA、2/11Aa)，提供A配子的概率为10/11，因此后代为AaXBY的概率为10/11×3/4×1/2＝15/44，B正确；Ⅲ7的基因型为A_XBXb，由于Ⅱ4的基因型为A_XbY(1/3AA、2/3Aa)，Ⅱ3的基因型为AA，利用配子法，Ⅲ7的基因型为2/3AA、1/3Aa，因此Ⅲ7和Ⅲ8(AaXBY)生一个两病兼患的孩子的概率为1/3×1/4×1/4＝1/48，C正确；Ⅱ4的基因型为A_XbY(1/3AA、2/3Aa)，Ⅱ4产生aXb的配子的概率为1/3×1/2＝1/6，Ⅱ5的基因型为aaXBX－(1/2XBXB、1/2XBXb)，产生aXb的配子的概率为3/4，Ⅱ4产生同时含甲、乙两病致病基因配子的概率小于Ⅱ5，D错误。
答案：D
10．现有两个非常大的某昆虫种群，个体间随机交配，没有迁入和迁出，无突变，自然选择对A和a基因控制的性状没有作用。种群1的A基因频率为80%，a基因频率为20%；种群2的A基因频率为60%，a基因频率为40%。假设这两个种群大小相等，地理隔离不再存在，两个种群完全合并为一个可随机交配的种群，则下一代中Aa的基因型频率是(　　)
A．75% B．50%
C．42% D．21%
解析：种群1中，AA的基因型频率为80%×80%＝64%，Aa的基因型频率为2×80%×20%＝32%，aa的基因型频率为20%×20%＝4%；种群2中，AA的基因型频率为60%×60%＝36%，Aa的基因型频率为2×60%×40%＝48%，a的基因型频率为40%×40%＝16%。两个非常大的种群合并后，AA的基因型频率为＝50%，Aa的基因型频率为＝40%，aa的基因型频率为＝10%，合并后的种群中，A基因的频率为50%＋×40%＝70%，a基因的频率为30%。种群中的个体随机交配，下一代中Aa的基因型频率为2×70%×30%＝42%。
答案：C
11．下表是能量流经绵羊种群时的情况，下列说法正确的是(　　)
项目
摄食量
粪便量
呼吸消耗量
用于生长、发育和繁殖的能量
能量
[J/(cm2·a)]
560
360
X
110
A.X表示的能量大小不能确定
B．一般情况下，流向第三营养级生物的能量最多为40 J/(cm2 ·a)
C．绵羊同化的能量中有20%通过呼吸作用散失掉
D．生产者固定的能量传递给绵羊的能量传递效率为45%
解析：同化量＝摄入量－粪便量＝560－360＝200 J/(cm2·a)，同化量＝呼吸消耗量＋生物用于生、长发育和繁殖的能量，即200＝X＋110，因此，X表示的能量为90 J/(cm2·a)，A错误；流经绵羊(第二营养级)的能量为200 J/(cm2·a)，按最高的传递效率20%来计算，则流向第三营养级的能量至多为200×20%＝40 J/(cm2·a)，B正确；绵羊同化的能量通过呼吸作用散失的百分比是90/200×100%＝45%，C错误；从表格中不能看出生产者同化的能量，所以不能确定生产者和绵羊之间的传递效率，D错误。
答案：B
12．生态学家研究了某草原生态系统的能量流动情况，其局部能量流动情况如图所示，字母代表能量。下列分析正确的是(　　)

A．能量D1的最终去向是流入下一营养级和分解者
B．生产者用于生长、发育和繁殖等生命活动的能量是C1＋D1＋E1
C．第一、二营养级间的能量传递效率为×100%
D．应尽可能多的增加草原牲畜的放牧量以提高能量传递效率
解析：由题意分析可知，生产者的同化量为A1，A1＝B1＋C1＋D1＋E1，初级消费者的同化量为C1，C1＝E2＋B2＋C2＋D2，B代表呼吸消耗，E代表流入分解者的能量，C代表流入下一营养级的能量，D表示各营养级生物现存量。能量D1的最终去向是流向分解者，A错误；生产者用于生长、发育和繁殖等生命活动的能量是同化量减去呼吸消耗，即C1＋D1＋E1，B正确；第一、二营养级间的能量传递效率为第二营养级的同化量/第一营养级的同化量＝×100%，C错误；能量传递效率不能提高，只能提高能量的利用率，D错误。
答案：B
13．小麦的粒色受独立遗传的两对基因(A、a和B、b)控制，现有两个红粒亲本杂交结果如下：

(1)亲本的基因型组合是_______________________________________________。
(2)研究表明：细胞中显性基因数量越多(A与B效应相同)，红色越深。F2红色按深浅依次有深红、红色、中红和淡红四种。F2中淡红小麦自交后代的表现型及比例为________________________________________________________________________。
(3)小麦抗病(R)对感病(r)为显性，R/r与A/a、B/b的位置关系如何？某同学认为有两种可能：第一种是三对基因在三对同源染色体上，第二种是三对基因在两对同源染色体上。该同学设计了实验方案解决了这个问题。请用已知品种(甲AABBRR、乙AABBrr、丙AAbbRR、丁aaBBRR、戊aabbrr)完善实验方案和实验结果。
实验方案：
选取__________________作为亲本杂交得到F1，F1自交得到F2，统计F2表现型及比例。
实验结果与结论：(不考虑交叉互换，不区分小麦粒色中红色的深浅程度，要写明表现型和具体比例)
①若F2中___________________________________________________，
则三对基因在三对同源染色体上；
②若F2中___________________________________________________，
则三对基因在两对同源染色体上。
解析：(1)分析图示：F2中红粒∶白粒＝15∶1，说明控制小麦的粒色受独立遗传的两对基因(A、a和B、b)控制，且F1的基因型为AaBb，基因型A－B－、A－bb、aaB－都表现为红粒，aabb表现为白粒。亲本的基因型为AAbb×aaBB。(2)通过题意可知，F2深红基因型为AABB，红色基因型为AaBB、AABb，中红基因型为AaBb、aaBB、AAbb，淡红基因型为aaBb和Aabb。F2中淡红(1/2aaBb和1/2Aabb)小麦自交后代的表现型及比例为中红(1/2×1/4aaBB＋1/2×1/4AAbb)∶淡红(1/2×1/2aaBb＋1/2×1/2Aabb)∶白色(1/2×1/4＋1/2×1/4aabb)＝1∶2∶1。(3)小麦抗病(R)对感病(r)为显性，证明R/r与A/a、B/b在染色体上的位置关系。实验方案：选取甲AABBRR和戊aabbrr作为亲本杂交得到F1(AaBbRr)，F1自交得到F2，统计F2表现型及比例。实验结果与结论：①如果三对基因在三对同源染色体上；F1(AaBbRr)自交得到F2，F2中红粒抗病(3/4×3/4×3/4A－B－R－、3/4×1/4×3/4A－bbR－、1/4×3/4×3/4aaB－R－)∶红粒感病(3/4×3/4×1/4A－B－rr、3/4×1/4×1/4A－bbrr、1/4×3/4×1/4aaB－rr)∶白粒抗病(1/4×1/4×3/4aabbR－)∶白粒感病(1/4×1/4×1/4aabbrr)＝45∶15∶3∶1。②A/a、B/b位于两对同源染色体，如果R和r位于A和a这对染色体上，则F1(AaBbRr)自交得到F2，F2中红粒抗病(3/4×3/4A－B－R－、3/4×1/4A－bbR－)∶红粒感病(1/4×3/4aaB－rr)∶白粒感病(1/4×1/4aabbrr)＝12∶3∶1。同理可推测R和r位于B和b这对染色体上的表现型及比例也是红粒抗病∶红粒感病∶白粒感病＝12∶3∶1。
答案：(1)AAbb×aaBB　(2)中红∶淡红∶白色＝1∶2∶1　(3)实验方案：甲、戊　实验结果与结论：①红粒抗病∶红粒感病∶白粒抗病∶白粒感病＝45∶15∶3∶1　②红粒抗病∶红粒感病∶白粒感病＝12∶3∶1
14．先天性耳聋(基因为A、a1、a2)、蓝色盲(基因为D、d)是两种单基因遗传病。如图为两家族相关遗传病的遗传系谱图，其中含A基因的个体听觉正常，家族甲和家族乙的先天性耳聋的致病基因不同，两家族从第Ⅱ代开始有男女婚配并生育后代。请据图分析回答。

(1)先天性耳聋基因位于________染色体上，蓝色盲基因位于________染色体上。
(2)理论上，人类先天性耳聋患者的基因型有______种。Ⅲ1与Ⅱ2基因型相同的概率是______，Ⅲ2与Ⅱ1基因型相同的概率是________。
(3)若Ⅱ2与Ⅱ3再生一个男孩，该男孩患病的概率是________。
(4)若Ⅱ3(不患红绿色盲，基因为B、b)与一个先天性耳聋的色觉正常携带者(携带红绿色盲基因和蓝色盲基因)结婚，他们后代中男孩同时患先天性耳聋和全色盲(红绿色盲和蓝色盲)的概率是______。
解析：(1)据图可知，Ⅱ2与Ⅱ3正常，其后代Ⅲ2患先天性耳聋，说明先天性耳聋是隐性遗传病，又Ⅰ4是先天性耳聋患者，她生了一个正常的男孩Ⅱ3，由此排除先天性耳聋是X染色体隐性遗传病，所以先天性耳聋是常染色体上隐性遗传病；Ⅱ2和Ⅱ3表现型正常，生了一个蓝色盲的男孩Ⅲ3，由此可判断蓝色盲是隐性遗传病，Ⅰ2(女)是蓝色盲患者，却生了一个无蓝色盲的男孩Ⅱ1，则排除蓝色盲是X染色体隐性遗传病，所以蓝色盲是常染色体上隐性遗传病。(2)先天性耳聋是常染色体上隐性遗传病，致病基因是a1、a2，所以患者基因型可能是a1a1、a2a2、a1a23种。据系谱图分析可知Ⅱ2、Ⅱ3的基因型分别是Aa1Dd、Aa2Dd(或Aa2Dd、Aa1Dd)，Ⅲ1关于先天性耳聋的基因型是AA、Aa1、Aa2，其比例是1∶1∶1，Ⅲ1关于蓝色盲的基因型是DD、Dd，其比例是1∶2，所以Ⅲ1与Ⅱ2(Aa2Dd或Aa1Dd)基因型相同的概率是1/3×2/3＝2/9。由于家族甲和家族乙的先天性耳聋的致病基因不同，因此Ⅱ1的基因型是a1a1Dd(或a2a2Dd)，Ⅲ2的基因型是a1a2DD、a1a2Dd，Ⅲ2与Ⅱ2基因型相同的概率是0。(3)Ⅱ2、Ⅱ3的基因型分别是Aa1Dd、Aa2Dd(或Aa2Dd、Aa1Dd)，生正常孩子的概率是3/4×3/4＝9/16，则该孩子患病的概率是1－9/16＝7/16。(4)Ⅱ3的基因型是Aa1DdXBY(或Aa2DdXBY)，先天性耳聋的色觉正常携带者的基因型是a1a1DdXBXb(或a2a2DdXBXb或a1a2DdXBXb)，后代患先天性耳聋的概率是1/2，患蓝色盲的概率是1/4，男孩中患红绿色盲的概率是1/2，所以后代中男孩同时患先天性耳聋和全色盲的概率是1/2×1/4×1/2＝1/16。
答案：(1)常　常　(2)3　2/9　0　(3)7/16　(4)1/16
15．某中学生物研究小组为证明人工选择对种群基因频率的影响，选用了纯种长翅果蝇和残翅果蝇进行实 验。已知果蝇的长翅(B)对残翅(b)为显性，基因位于常染色体上。他们的实验过程如下：
a．选择一只纯种雄性长翅果蝇与一只雌性残翅果蝇进行杂交，获得子一代雌雄果蝇；
b．让子一代果蝇连续自由交配 5 代，同时在每一代中要除去残翅果蝇；
c．当子六代所有长翅果蝇自由交配后，统计子7代长翅果蝇和残翅果蝇在种群中的百分比；
d．根据残翅果蝇的百分比计算出 B、b 基因在种群中的基因频率，得出结论。
请分析回答下面的问题。
(1)如果按照上述步骤进行，在子三代长翅果蝇中纯合子占________。
(2)如果在每代中不除去残翅果蝇，在子三代长翅果蝇中纯合子占________。
(3)请预期这种人工选择对种群基因频率的影响是____________________。
(4)若在自然情况下，基因型为 bb 的受精卵有 1/3 不能存活，其他都正常。让 F1 雌雄果蝇连续自由交配，F3 中 B 基因的频率是________。
解析：(1)选择一只纯种雄性长翅果蝇BB与一只雌性残翅果蝇bb进行杂交，获得子一代雌雄果蝇为Bb，让子一代果蝇连续自由交配5代，同时在每一代中要除去残翅果蝇。子一代中基因B＝b＝1/2，则子二代为BB＝bb＝1/4，Bb＝1/2，淘汰bb，则留下BB∶Bb＝1∶2，故子二代中B＝2/3，b＝1/3，则子三代BB＝Bb＝4/9，bb＝1/9，因此在子三代长翅果蝇中纯合子占1/2。(2)如果在每代中不除去残翅果蝇，基因频率保持不变，则子三代为BB＝bb＝1/4，Bb＝1/2，在子三代长翅果蝇中纯合子占1/3。(3)根据题意分析可知，这种人工选择将残翅果蝇除去，使得b基因减少，因此导致B基因的频率增大，b基因的频率减小。(4)若在自然情况下，基因型为bb的受精卵有1/3不能存活，其他都正常。让F1雌雄果蝇(Bb)连续自由交配，理论上F2中BB＝bb＝1/4，Bb＝1/2，因为基因型为bb的受精卵有1/3不能存活，因此实际上F2中有BB＝3/11，bb＝2/11，Bb＝6/11，B基因频率为6/11，b基因频率为5/11，让F2雌雄果蝇自由交配，理论上F3中BB＝36/121，bb＝25/121，Bb＝60/121，但是因为基因型为bb的受精卵有1/3不能存活，因此实际上，BB＝54/169，bb＝25/169，Bb＝90/169，因此B基因的频率是99/169。
答案：(1)1/2　(2)1/3　(3)这种人工选择将导致B基因的频率增大，b 基因的频率减小　(4)99/169