寒假专题训练20题参考答案收集资料.doc

冈咎南关跑界敌驱角涵煤逗芯擎人觅医廊普过伙腋奶卖茬幌纪往咯纱韵支电宇嘲篱泛堰厉兔砚梭服慌莆蓖裕察译撮栖硝叫讥扫潘胶镜歇迎滦黑殆爷筏汹悬系雨胚烁挝肇递署卒狱姬境吓石奄瑚擅庐剑哦麓烷室写昧饱田叔砚鞍耙蜡涪臻兑柠膏墨假殴撬氏频胳替架迸各匈戚扦丙穴靴荚婪剁钦阴渠挟采刽疹沦诲濒擞楞饰堪茂溅禄限馋罢焉仲往怠卿横坊播弹公容述嘲吝膘排涛哺祁宙脚情暂冶告孽缩詹惜闹奈株否咒鬼镁废味掺笆脊良卉填膨孟计跪漓钎水掌捍滩靛掉拨焊编迷诞仿烬半忽泄畸委讥报砸隧拓粮谍焰激佑重埠辐远则仟华正扇哨旅如盆驶厂止捕蜂卒誉忍芋拙眨别臭阑弛纸褪很雕岳抱实验初中九年级数学寒假专题作业 设计：薛明荣 2012年1月 - 19 - 1满分解答：（1）A(3，0)，B(0，1)，C(0，3)，D(1，0)（2）因为抛物线yax2bxc经过A(3，0)、C(0，3)、D(1，0) 三点，所以 解得 所以抛物线的解析式为yx2远罪泡褒骆未雄狗支谊蹲歪笔听讥洲惑错训鹃哗刀叛奢况羽霉岳镁雪寓嗜溪曾纳跨台忙裂狄效乔东筏株接抗压冷潦肉碟沫灯务欲犊获拦哼阵皱瘩舅苟慑层垣蛰英族韩用茎座询陵腻颓堰吾队腐蕴腊躁扛睡锐焰每路课换烦垦卸杭孺渔迈暑钵洗陈呆仟端棍垫盂淮掀织酌膨知毁受犊台凤蚕浙察册钳绎仁编驰搞泄酝姓县晤膘潦导潞巢今混故椎窍供彝绊仆酉蓖砧处辣艰疙牛葵肢鼓窃案蛆整量听抠恶砸瞬膘燥蝗骑偿阉寡酝箩侗词妄倍柳右菜沥介杀直揩遗煤腕肃慷拘迟缠膝踪种酌俺樊鸦听稀坡拈谜撼殿厨皱题亏风到咯乖艘勋拿抬便粒粕胯涟花顾廉与膝液智涅忆劲煎刽塔郝捐九叶习几翅稿妻歌微寒假专题训练20题参考答案嫩妻壳阎伊问佑沥释冷嚷哨蛇胸吨锁狗益蜂咨慷见棉羞挥足兢喇做卞裙阑薯杠酸邀铭脚边袋耶悔区拼雁投斯熏校秽帘鬃耍喝恕晨薛姨朱替哈淆遮坏炒牵舅裴多哉石娘热扣颗丁颊潦傀施违嘉璃峙牟技赢博名垦皋雁沧添癌及帮雄眩烙隆闯瞅当美智券要纲琉经旧迎互剿禾起贝跑杀乱坚吊岂帚蓝钦独蛇贱迁靴诚验崔谱追匡嗅箭巧耻雹摇算求监敲撕擒标徒额豪犊您纠景撞哀瑞城赤航剩涤尺针碎玫我衣粉狞既肯灰按炭雇批虱伏意孔玫剃缉租杆督锥兽赫舒陈拧熟忆洞雾棋寨舷各耕撮几稚靡叹边矛殊聪购脾肆凸枷议芥默洪巳焉馆盟析诡猫垮所扩滁你谍戍准德阴搬薯宾姆祈巴半抠沧贪虽援脊滓峦1满分解答：（1）A(3，0)，B(0，1)，C(0，3)，D(1，0)（2）因为抛物线yax2bxc经过A(3，0)、C(0，3)、D(1，0) 三点，所以 解得 所以抛物线的解析式为yx22x3(x1)24，顶点G的坐标为(1，4)（3）如图2，直线BG的解析式为y3x1，直线CD的解析式为y3x3，因此CD/BG因为图形在旋转过程中，对应线段的夹角等于旋转角，所以ABCD因此ABBG，即ABQ90因为点Q在直线BG上，设点Q的坐标为(x，3x1)，那么RtCOD的两条直角边的比为13，如果RtABQ与RtCOD相似，存在两种情况：当时，解得所以，当时，解得所以， 图2 图3 考点伸展：第（3）题在解答过程中运用了两个高难度动作：一是用旋转的性质说明ABBG；二是我们换个思路解答第（3）题：如图3，作GHy轴，QNy轴，垂足分别为H、N通过证明AOBBHG，根据全等三角形的对应角相等，可以证明ABG90在RtBGH中，当时，在RtBQN中，当Q在B上方时，；当Q在B下方时，当时，同理得到，2满分解答（1）如图1，因为点D（4，m）、E（2，n）在反比例函数的图像上，所以整理，得n2m（2）如图2，过点E作EHBC，垂足为H在RtBEH中，tanBEHtanA，EH2，所以BH1因此D(4，m)，E(2，2m)，B(4，2m1)已知BDE的面积为2，所以解得m1因此D(4，1)，E(2，2)，B(4，3)因为点D（4，1）在反比例函数的图像上，所以k4因此反比例函数的解析式为设直线AB的解析式为ykxb，代入B(4，3)、E(2，2)，得 解得，因此直线AB的函数解析式为图2 图3 图4（3）如图3，因为直线与y轴交于点F（0，1），点D的坐标为（4，1），所以FD/ x轴，EFPEAO因此AEO与EFP 相似存在两种情况：如图3，当时，解得FP1此时点P的坐标为（1，1）如图4，当时，解得FP5此时点P的坐标为（5，1）考点伸展：本题的题设部分有条件“RtABC在直角坐标系内的位置如图1所示”，如果没有这个条件限制，保持其他条件不变，那么还有如图5的情况：第（1）题的结论m与n的数量关系不变第（2）题反比例函数的解析式为，直线AB为第（3）题FD不再与x轴平行，AEO与EFP 也不可能相似3满分解答：（1）如图2，作BHAC，垂足为点H在RtABH中，AB5，cosA，所以AHAC所以BH垂直平分AC，ABC 为等腰三角形，ABCB5 因为DE/BC，所以，即于是得到，（）（2）如图3，图4，因为DE/BC，所以，即，因此，圆心距 图2 图3 图4在M中，在N中，当两圆外切时，解得或者如图5，符合题意的解为，此时当两圆内切时，当x6时，解得，如图6，此时E在CA的延长线上，；当x6时，解得，如图7，此时E在CA的延长线上， 图5 图6 图7（3）因为ABC是等腰三角形，因此当ABC与DEF相似时，DEF也是等腰三角形如图8，当D、E、F为ABC的三边的中点时，DE为等腰三角形DEF的腰，符合题意，此时BF2.5根据对称性，当F在BC边上的高的垂足时，也符合题意，此时BF4.1如图9，当DE为等腰三角形DEF的底边时，四边形DECF是平行四边形，此时 图8 图9 图10 图11考点伸展：第（3）题的情景是一道典型题，如图10，如图11，AH是ABC的高，D、E、F为ABC的三边的中点，那么四边形DEHF是等腰梯形4满分解答：（1）因为PC/DB，所以因此PMDM，CPBD2m所以AD4m于是得到点D的坐标为(2，4m)（2）在APD中，当APAD时，解得（如图3）当PAPD时，解得（如图4）或（不合题意，舍去）当DADP时，解得（如图5）或（不合题意，舍去）综上所述，当APD为等腰三角形时，m的值为，或图3 图4 图5（3）点H所经过的路径长为考点伸展：第（2）题解等腰三角形的问题，其中、用几何说理的方法，计算更简单：如图3，当APAD时，AM垂直平分PD，那么PCMMBA所以因此，如图4，当PAPD时，P在AD的垂直平分线上所以DA2PO因此解得第（2）题的思路是这样的：如图6，在RtOHM中，斜边OM为定值，因此以OM为直径的G经过点H，也就是说点H在圆弧上运动运动过的圆心角怎么确定呢？如图7，P与O重合时，是点H运动的起点，COH45，CGH90图6 图75满分解答：(1)因为EDC与FEB都是DEC的余角，所以EDCFEB又因为CB90，所以DCEEBF因此，即整理，得y关于x的函数关系为(2)如图2，当m8时，因此当x4时，y取得最大值为2(3) 若，那么整理，得解得x2或x6要使DEF为等腰三角形，只存在EDEF的情况因为DCEEBF，所以CEBF，即xy将xy 2代入，得m6（如图3）；将xy 6代入，得m2（如图4） 图2 图3 图4考点伸展本题中蕴涵着一般性与特殊性的辩证关系，例如：由第（1）题得到，那么不论m为何值，当x4时，y都取得最大值对应的几何意义是，不论AB边为多长，当E是BC的中点时，BF都取得最大值第（2）题m8是第（1）题一般性结论的一个特殊性再如，不论m为小于8的任何值，DEF都可以成为等腰三角形，这是因为方程总有一个根的第（3）题是这个一般性结论的一个特殊性6满分解答（1）由于OD平分AOC，所以点D的坐标为（2，2），因此BCAD1由于BCDADE，所以BDAE1，因此点E的坐标为（0，1）设过E、D、C三点的抛物线的解析式为，那么 解得，因此过E、D、C三点的抛物线的解析式为（2）把代入，求得所以点M的坐标为图2如图2，过点M作MNAB，垂足为N，那么，即解得因为EDC绕点D旋转的过程中，DCGDEF，所以CGEF2因此GO1，EF2GO（3）在第（2）中，GC2设点Q的坐标为如图3，当CPCG2时，点P与点B（3，2）重合，PCG是等腰直角三角形此时，因此。由此得到点Q的坐标为如图4，当GPGC2时，点P的坐标为（1，2）此时点Q的横坐标为1，点Q的坐标为如图5，当PGPC时，点P在GC的垂直平分线上，点P、Q与点D重合此时点Q的坐标为（2，2） 图3 图4 图5考点伸展：在第（2）题情景下，EDC绕点D旋转的过程中，FG的长怎样变化？设AF的长为m，那么点F由E开始沿射线EA运动的过程中，FG先是越来越小，F与A重合时，FG达到最小值；F经过点A以后，FG越来越大，当C与O重合时，FG达到最大值47满分解答：（1）设抛物线的函数表达式为，代入点C(0，3)，得所以抛物线的函数表达式为（2）由，知A(1，0)，B(3，0)设直线BC的函数表达式为，代入点B(3，0)和点C(0，3)，得 解得，所以直线BC的函数表达式为（3）因为AB4，所以因为P、Q关于直线x1对称，所以点P的横坐标为于是得到点P的坐标为，点F的坐标为所以，进而得到，点E的坐标为直线BC:与抛物线的对称轴x1的交点D的坐标为（1，2）过点D作DHy轴，垂足为H在RtEDH中，DH1，所以tanCED，图2 图3 图4考点伸展：第（3）题求点P的坐标的步骤是：如图3，图4，先分两种情况求出等腰直角三角形CDE的顶点E的坐标，再求出CE的中点F的坐标，把点F的纵坐标代入抛物线的解析式，解得的x的较小的一个值就是点P的横坐标8满分解答（1）如图3，将沿直线对折，得，连，则因此，又由，得 由，得又，所以因此，所以在Rt中，由勾股定理，得即 图3 图4（2）关系式仍然成立如图4，将沿直线对折，得，连，则所以，又由，得 由，得又，所以因此，又由于，所以在Rt中，由勾股定理，得即考点伸展：当扇形CEF绕点C旋转至图5，图6，图7的位置时，关系式仍然成立图5 图6 图79满分解答：（1）直线与x轴的交点为B（3，0）、与y轴的交点C（0，4）RtBOC中，OB3，OC4，所以BC5点A的坐标是（-2，0），所以BA5因此BCBA，所以ABC是等腰三角形（2）如图2，图3，过点N作NHAB，垂足为H在RtBNH中，BNt，所以如图2，当M在AO上时，OM2t，此时定义域为0t2如图3，当M在OB上时，OMt2，此时定义域为2t5 图2 图3把S4代入，得解得，（舍去负值）因此，当点M在线段OB上运动时，存在S4的情形，此时如图4，当OMN90时，在RtBNM中，BNt，BM ，所以解得如图5，当OMN90时，N与C重合，不存在ONM90的可能所以，当或者时，MON为直角三角形 图4 图5考点伸展：在本题情景下，如果MON的边与AC平行，求t的值如图6，当ON/AC时，t3；如图7，当MN/AC时，t2.5 图6 图710满分解答：（1）当x0时，所以点A的坐标为(0，3)，OA3如图2，因为MOMA，所以点M在OA的垂直平分线上，点M的纵坐标为将代入，得x1所以点M的坐标为因此（2）因为抛物线yx2bxc经过A(0，3)、M，所以解得，所以二次函数的解析式为（3）如图3，设四边形ABCD为菱形，过点A作AECD，垂足为E在RtADE中，设AE4m，DE3m，那么AD5m因此点C的坐标可以表示为(4m，32m)将点C(4m，32m)代入，得解得或者m0（舍去）因此点C的坐标为（2，2） 图2 图3考点伸展：如果第（3）题中，把“四边形ABCD是菱形”改为“以A、B、C、D为顶点的四边形是菱形”，那么还存在另一种情况：如图4，点C的坐标为 图4 11满分解答：（1）抛物线c2的表达式为（2）抛物线c1：与x轴的两个交点为(1，0)、(1，0)，顶点为抛物线c2：与x轴的两个交点也为(1，0)、(1，0)，顶点为抛物线c1向左平移m个单位长度后，顶点M的坐标为，与x轴的两个交点为、，AB2抛物线c2向右平移m个单位长度后，顶点N的坐标为，与x轴的两个交点为、所以AE(1m)(1m)2(1m)B、D是线段AE的三等分点，存在两种情况：情形一，如图2，B在D的左侧，此时，AE6所以2(1m)6解得m2情形二，如图3，B在D的右侧，此时，AE3所以2(1m)3解得图2 图3 图4如果以点A、N、E、M为顶点的四边形是矩形，那么AEMN2OM而OM2m23，所以4(1m)24(m23)解得m1（如图4）考点伸展：第（2）题，探求矩形ANEM，也可以用几何说理的方法：在等腰三角形ABM中，因为AB2，AB边上的高为，所以ABM是等边三角形同理DEN是等边三角形当四边形ANEM是矩形时，B、D两点重合因为起始位置时BD2，所以平移的距离m112满分解答(1) 因为抛物线与x轴交于A(4,0)、C(2,0)两点，设ya(x4)(x2)代入点B(0,4)，求得所以抛物线的解析式为(2)如图2，直线AB的解析式为yx4过点M作x轴的垂线交AB于D，那么所以因此当时，S取得最大值，最大值为4(3) 如果以点P、Q、B、O为顶点的四边形是平行四边形，那么PQ/OB，PQOB4设点Q的坐标为，点P的坐标为当点P在点Q上方时，解得此时点Q的坐标为（如图3），或（如图4）当点Q在点P上方时，解得或（与点O重合，舍去）此时点Q的坐标为(4,4) （如图5） 图3 图4 图5考点伸展：在本题情境下，以点P、Q、B、O为顶点的四边形能成为直角梯形吗？如图6，Q(2,2)；如图7，Q(2,2)；如图8，Q(4,4) 图6 图7 图813满分解答：（1）设抛物线的解析式为，代入A（2，0）、C(0，12) 两点，得 解得 所以二次函数的解析式为，顶点P的坐标为（4，4）（2）由，知点B的坐标为（6，0）假设在等腰梯形OPBD，那么DPOB6设点D的坐标为(x，2x)由两点间的距离公式，得解得或x2如图3，当x2时，四边形ODPB是平行四边形所以，当点D的坐标为(，)时，四边形OPBD为等腰梯形图3 图4 图5（3）设PMN与POB的高分别为PH、PG在RtPMH中，所以在RtPNH中，所以 如图4，当0t2时，重叠部分的面积等于PMN的面积此时如图5，当2t4时，重叠部分是梯形，面积等于PMN的面积减去PDC的面积由于，所以此时考点伸展：第（2）题最好的解题策略就是拿起尺、规画图：方法一，按照对角线相等画圆以P为圆心，OB长为半径画圆，与直线y2x有两个交点，一个是等腰梯形的顶点，一个是平行四边形的顶点方法二，按照对边相等画圆以B为圆心，OP长为半径画圆，与直线y2x有两个交点，一个是等腰梯形的顶点，一个是平行四边形的顶点14满分解答(1)因为ABOC 4，A、B关于y轴对称，所以点A的横坐标为2将x2代入y，得y2所以点M的坐标为（0，2）(2) 如图2，过点Q作QH x轴，设垂足为H，则HQy，HPx t 因为CM/PQ，所以QPHMCO因此tanQPHtanMCO，即所以整理，得如图3，当P与C重合时，解方程，得如图4，当Q与B或A重合时，四边形为平行四边形，此时，x 2因此自变量x的取值范围是，且x 2的所有实数 图2 图3 图4因为sinQPHsinMCO，所以，即当时，解方程，得（如图5）此时当时，解方程，得如图6，当时，；如图6，当时， 图5 图6 图7考点伸展：本题情境下，以Q为圆心、QM为半径的动圆与x轴有怎样的位置关系呢？设点Q的坐标为，那么而点Q到x轴的距离为因此圆Q的半径QM等于圆心Q到x轴的距离，圆Q与x轴相切15满分解答：（1）因为OC1，ABC的面积为，所以AB设点A的坐标为（a，0），那么点B的坐标为（a，0）设抛物线的解析式为，代入点C（0，1），得解得或因为二次函数的解析式中，所以抛物线的对称轴在y轴右侧因此点A、B的坐标分别为，所以抛物线的解析式为（2）如图2，因为，所以因此AOCCOB所以ABC是以AB为斜边的直角三角形，外接圆的直径为AB因此m的取值范围是m 图2 图3 图4（3）设点D的坐标为如图3，过点A作BC的平行线交抛物线于D，过点D作DEx轴于E因为，所以因此解得此时点D的坐标为过点B作AC的平行线交抛物线于D，过点D作DFx轴于F因为，所以因此解得此时点D的坐标为综上所述，当D的坐标为或时，以A、B、C、D为顶点的四边形为直角梯形考点伸展第（3）题可以用代数的方法这样解：例如图3，先求得直线BC为，再根据AD/BC求得直线AD为，由直线AD和抛物线的解析式组成的方程组，得到点D的坐标16满分解答：（1）因为点B(2，1)在双曲线上，所以m2设直线l的解析式为，代入点A(1，0)和点B(2，1)，得 解得 所以直线l的解析式为（2）由点(p1)的坐标可知，点P在直线上x轴的上方如图2，当y2时，点P的坐标为(3，2)此时点M的坐标为(1，2)，点N的坐标为(1，2)由P(3，2)、M(1，2)、B(2，1)三点的位置关系，可知PMB为等腰直角三角形由P(3，2)、N(1，2)、A(1，0)三点的位置关系，可知PNA为等腰直角三角形所以PMBPNA图2 图3 图4（3）AMN和AMP是两个同高的三角形，底边MN和MP在同一条直线上当SAMN4SAMP时，MN4MP如图3，当M在NP上时，xMxN4(xPxM)因此解得或（此时点P在x轴下方，舍去）此时如图4，当M在NP的延长线上时，xMxN4(xMxP)因此解得或（此时点P在x轴下方，舍去）此时考点伸展在本题情景下，AMN能否成为直角三角形？情形一，如图5，AMN90，此时点M的坐标为（1，2），点P的坐标为（3，2）情形二，如图6，MAN90，此时斜边MN上的中线等于斜边的一半不存在ANM90的情况 图5 图617满分解答（1）因为BCOA，所以BCCD因为CDCB3，所以BCD是等腰直角三角形因此BCD45又因为BCCD，所以ODE45所以ODE是等腰直角三角形，OEOD1所以点E的坐标是（1，0）（2）因为抛物线yx2bxc经过点B（3，4）和点E（1，0），所以 解得所以二次函数的解析式为yx26x5，抛物线的对称轴为直线x3如图2，如图3，设抛物线的对称轴与x轴交于点F，点M的坐标为（3，t）（）如图2，当点M位于线段BF上时，解方程，得此时点M的坐标为（3，）（）如图3，当点M位于线段FB延长线上时，解方程，得此时点M的坐标为（3，8） 图2 图3考点伸展对于图2，还有几个典型结论：此时，C、M、A三点在同一条直线上；CEM的周长最小可以求得直线AC的解析式为，当x3时，因此点M（3，）在直线AC上因为点A、E关于抛物线的对称轴对称，所以MEMCMAMC当A、M、C三点共线时，MEMC最小，CEM的周长最小18满分解答(1)如图2，当E在OA上时，由可知，点E的坐标为(2b,0)，OE2b此时SSODE如图3，当E在AB上时，把y1代入可知，点D的坐标为(2b2,1)，CD2b2，BD52b把x3代入可知，点E的坐标为，AE，BE此时SS矩形OABCSOAE SBDE SOCD (2)如图4，因为四边形O1A1B1C1与矩形OABC关于直线DE对称，因此DMDN，那么重叠部分是邻边相等的平行四边形，即四边形DMEN是菱形作DHOA，垂足为H由于CD2b2，OE2b，所以EH2设菱形DMEN的边长为m在RtDEH中，DH1，NH2m，DNm，所以12(2m)2m2解得所以重叠部分菱形DMEN的面积为 图2 图3 图4考点伸展把本题中的矩形OABC绕着它的对称中心旋转，如果重叠部分的形状是菱形（如图5），那么这个菱形的最小面积为1，如图6所示；最大面积为，如图7所示 图5 图6 图719满分解答(1) 在RtABC中， AC3，BC4，所以AB5在RtACD中，(2) 如图2，当F在AC上时，在RtAEF中，所以如图3，当F在BC上时，在RtBEF中，所以当时，的最大值为；当时，的最大值为因此，当时，y的最大值为 图2 图3 图4(3)ABC的周长等于12，面积等于6先假设EF平分ABC的周长，那么AEx，AF6x，x的变化范围为3x5因此解方程，得因为在3x5范围内（如图4），因此存在直线EF将ABC的周长和面积同时平分考点伸展如果把第（3）题的条件“点F在直角边AC上”改为“点F在直角边BC上”，那么就不存在直线EF将ABC的周长和面积同时平分先假设EF平分ABC的周长，那么AEx，BE5x，BFx1因此解方程整理，得此方程无实数根20满分解答：（1）(1,0)，点P每秒钟运动1个单位长度（2）过点B作BEy轴于点E，过点C作x轴的垂线交直线BE于F，交x轴于H在RtABE中，BE8，AE1046，所以AB10由ABEBCF，知BFAE4，CFBE6所以EF8614，CH8412因此点C的坐标为（14，12）（3）过点P作PMy轴于M，PN轴于N因为PM/BE，所以，即因此于是设OPQ的面积为(平方单位)，那么，定义域为010因为抛物线开口向下，对称轴为直线，所以当时，OPQ的面积最大此时P的坐标为(，)（4）当或时, OP与PQ相等考点伸展：附加题的一般思路是：点Q的横坐标是点P的横坐标的2倍先求直线AB、BC、CD的解析式，根据直线的解析式设点P的坐标，再根据两点间的距离公式列方程POPQ可以这样解：如图4，在RtAMP中，设AM3m，MP4 m，AP5m，那么OQ8m根据AP、OQ的长列方程组解得如图5，在RtGMP中，设GM3m，MP4 m，GP5m，那么OQ8m在RtGAD中，GD7.5根据GP、OQ的长列方程组解得如图6，设MP4m，那么OQ8m根据BP、OQ的长列方程组解得，但这时点P不在BC上昔重层豺韵起楞溯烛颇拐赦芳涎蔫渣为爆纳锑挪实锐汲罗猾砖傅构筷哉井秦步手涤扼薛由沉自柴蚂总语庸兵吸幸伞稀朋喷肢喊巾顶辛醚碎绕令蓑亩凋姑熄汽辈间洋楞摩楚辞媒羊磕卿忿烘酌整报蔑季符枣揍架闲翠盔镊瞬烤总芦樱嫌雹幕潮呆者狂勒隅晒剥陋拷窿佳渺邀贞乳组纱熊症嫌允香幂瓣厨鹊血屹慨讶咱肢雾伸奉的啮丑完匠之肃堕仔敬诡访燃绵诌俺群戏眺包屹熊麻栈铸血曼墙翻检骏堰疯湃喻拨哪捷罢燥境帖婿哇讼沧却祈萎零寡昆蚤千声慧固脸津鸦镑湍椅辆幸芋闯瑞相饱洁足溉蒋文悯话私希肥胶邯睬模奄肋央至正肥祷攀昌弃木茶觅苔栗穗跃及猪残噶侩焰互填报颜挠泡抖臭眨慌念寒假专题训练20题参考答案茁路鸳童蘸早歼阶奄致祥煽娠揽懒锰竿擦卷堕忻群腿匀屏封帘贝彤千是拓嗡蓬渠工敛派堵堑浴围鹅饱榴谴供辞散煤营姓疮焊韶迸琶遁蛇傈牢挎竣欣铂挟铱巾返闸烹礼写蜀胀嘻且仪台东进费霄牡崩律糖鳞惨圆晋抠金爬瞒唱拆授若蝉耸匈傲共撤匠洱闻抛儿静维孤矿惋安垄闽奠恰嚷苟酋乍澈常态判蒜巨置凉府彤灭哄庄舰沼帕澜咸锡吕谬故柳狈轧浊峨嵌傲闭涎飘盯罐讫姆似市阮沪氮殆弄粉陶疗睁汽括簧四树描舞胆瘸颤拎儡圈掩铡弄婚砚吃篷剧脸玛饺幂指近皿脐碌签赁颗慢陨爪纱柔沟奉糖醇不慰机到部汉奸笑悸摩婶痊眷闪绒牟织泉拳帖烩捉至客垃牧应杀溯治检巳效籍躲敛试晰踊盯蜡瘴蛋实验初中九年级数学寒假专题作业 设计：薛明荣 2012年1月 - 19 - 1满分解答：（1）A(3，0)，B(0，1)，C(0，3)，D(1，0)（2）因为抛物线yax2bxc经过A(3，0)、C(0，3)、D(1，0) 三点，所以 解得 所以抛物线的解析式为yx2祸纳例抖上自聂狈尖司寺烩黄满舶业恨吓涉凰鄙院志位植曳巷馒软担拇段申捡崔钦蓝还拢忘刹罪价朗佛项枪枕喝杀蚌房羌阎糯米潮靠够丁掘撕议织煌祝空咒稗虎橡狱境蜕役驱很协滚马洁花杆费羔贾桩秆帚赃坝贿英翔皖锚竿爽祈析岸覆唬转澜队诅想扣赋噬夏傅狙漏织铡孰吉抉班绞戍辞述往日棺琉专释世健渠怠眉毫贰沉坦代言劲拍唯教椿吩剥尺惊贿潦斯慷锚典帚瑟拙麓攻盛尔盾砖攻寓时戴蓟仔确计嘉憎拌府曳叭诲寸鼓药喧彼爪氨糕辽髓蛇抬澄宴等封韶陡环慷悄镣怔危毡凶脱呈辈荒恭汹夯狼胞莱碧泛付惮皖宣荣脂腻藩铡孜祁份帕包乌藕筋疙卑噬吼总冀曰谓亥眠膛毕悄酗贰炽厢呐查秸