2026年广东省东莞市重点中学初三下学期第二次摸底考试物理试题含解析.doc

2026年广东省东莞市重点中学初三下学期第二次摸底考试物理试题
考生须知：
1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。
2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。
3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。

一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）
1．将蜡烛、光屏放在如图所示的位置．假设光屏上下足够长，根据光路，下列说法正确的是

A．透镜的焦距大于20cm
B．此时光屏上能看见一个缩小、倒立的像
C．移动光屏至凸透镜的左侧并左右移动，可以在光屏上找到蜡烛的像
D．将蜡烛移到刻度尺左侧30cm处，为了在光屏上找到清晰的像，需将图中的光屏向右移动
2．现有甲、乙两个完全相同的容器，盛有体积相同的不同液体，把一个鸡蛋分别放入两容器中的情形如图所示，鸡蛋在甲、乙两杯液体中所受的浮力分别为F甲浮和F乙浮 ，两杯液体对容器底部的压力分别是F甲和F乙，压强分别是p甲和p乙 ， 以下判断正确的是（   ）

A．F甲浮＜F乙浮 F甲=F乙 p甲＜p乙            B．F甲浮＞F乙浮 F甲＜F乙 p甲＜p乙
C．F甲浮=F乙浮 F甲＞F乙 p甲＞p乙            D．F甲浮=F乙浮 F甲＜F乙 p甲＞p乙
3．在如图所示电路中，电源电压不变，闭合开关S，在滑动变阻器的滑片P向左移动的过程中（ ）

A．电流表的示数变小，电压表的示数变大 B．电流表的示数变大，电压表的示数不变
C．电流表的示数变小，电压表的示数变小 D．电流表的示数变小，电压表的示数不变
4． “北斗”卫星是中国自行研制的通信系统，可在全球范围内全天候地为各类用户提供高精度，高可靠性的定位、导航等服务，该系统在传递信息过程中主要依靠（ ）
A．声波 B．超声波 C．次声波 D．电磁波
5．如图所示，在同一水平桌面上的两个相同容器，分别盛有甲、乙两种液体，将同一颗梨分别放入两容器中，当梨静止时两容器中液面恰好相平．分析正确的是（ ）

A．甲液体的密度比乙液体的密度大
B．梨两次排开液体的质量一样大
C．梨在乙液体中受到的浮力大
D．甲液体对容器底部的压强较大
6．下列实验装置图中，能用来说明磁场对通电导线有力的作用的是（　　）
A． B．
C． D．
7．为测量某种液体的密度，小铭利用天平和量杯测量液体和操杯的总质量m及液体的体积V，得到了几组数据并绘出了m-V图像，如图所示．下列说法正确的是

A．该液体密度为2g/cm3
B．该液体密度为1.25g/cm3
C．量杯质量为40g
D．体积60cm3的该液体质量为60g
二、填空题（本大题7小题，共21分）
8．如图所示，质量为15kg的物体A，在大小为15N的拉力F作用下以1m/s的速度做水平匀速直线运动，已知滑轮组机械效率为80%，则拉力在10秒内所做的功是_____焦．物体A所受的摩擦力是_____牛．

9．中考考场为了杜绝利用无线通讯设施进行舞弊，采用了高科技手段来屏蔽______的传递．英语听力练习时每班教室里的扬声器同时发声，听力结束时又同时关闭，各教室内的扬声器是______联的．扬声器的工作原理是________
10．如图所示，让一条形磁铁由静止释放，当磁铁穿过线圈时，线圈中有电流产生，不计空气阻力，则条形磁铁在下落过程中机械能_____（选填“减小”、“不变”或“增加”）

11．如图是一种自动测定油箱油面高度的装置，R是转动式滑动变阻器，它的金属片P是杠杆的一端，电路中R和R0是________（选填“串联”或“并联”）的，油位越低流过R0的电流________（选填“越大”、“越小”或“不变”）．

12．如图，在空气压缩引火仪的玻璃筒底部放一小团硝化棉，用力将活塞迅速下压，筒内空气温度升高，硝化棉燃烧，筒内空气的内能改变是通过_______的方式实现的，该过程能量转化的特点与汽油机_______冲程的能量转化相同。
一单缸四冲程汽油机，飞轮转速为3000r/min，则1s对外做功_______次，若其效率为30％，消耗100g汽油可对外做功_______J。汽油机工作时，通常都用水进行冷却，这是利用了_______的特点。若冷却用水共为5kg，则水由20℃升高到100℃时吸收______J热量（q汽油=4.6×107J/kg）。
13．如图所示，闭合开关后小灯泡L1、L2均正常发光，它们的连接方式是_____联；过一会发现有一个小灯泡熄灭，而电流表的示数不变，则电路中出现的故障是_____________．

14．如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关S后，滑动变阻器的滑片P在移动过程中，电压表的示数变化范围为，电流表的示数变化范围为，则电源电压为__________V，电路消耗的最大功率为_______________W。

三、作图题（共7分）
15．人静止站在汽车上时，如果汽车突然启动向前，人容易向后倾倒。如图是一个简单的示意图，请在图中白点处画出汽车突然启动时，人受力情况的示意图。

16．在如图中，物体A重10牛，请用力的图示法画出物体A静止时对水平面的压力F。
（_____）

17．如图所示，请作出小球被弹簧弹起后的受力示意图（不考虑空气阻力）。

四、实验题（本大题共5小题，共20分）
18．冰壶比赛中，为减小冰壶与冰面间的摩擦，运动员需在冰壶运动路线上的某些区域刷冰，如图甲．为探究刷冰长度的影响因素，小明和同学用图乙装置寻找模拟刷冰区域的材料，他们将木块分别放在长木板、绸布、棉布上，用弹簧测力计水平拉木块做_____直线运动，发现测力计示数关系是F棉＞F木＞F绸．若用木板模拟未刷冰区域，则应选_____模拟刷冰区域．他们用图丙装置，将长为l的所选材料M平铺在木板上，让木板从斜面上滑下，经过M后停在木板上的固定位置P．木板运动到位置P，所需M的长度l与哪些因素有关？大家提出以下猜想：
猜想1：与木块由静止滑下时的高度h有关；
猜想2：与M左端到斜面底端的距离x有关．
①验证猜想1时，保持x不变，将木块从高度将静止滑下，改变l，使木块最终都停在位置P，数据记录如下：
序号
1
2
3
4
5
6
释放的高度h/m
0.10
0.14
0.18
0.20
0.22
0.26
M的长度l/m
2.00
1.60
1.20
0.86
0.80
0.40
在图丁中描点作出l与h的关系图线．

②验证猜想2时，小明改变x，将木块从不同高度由静止滑下，记录数据，得出结论．该实验操作中存在的问题是_____；正确操作，发现每次只将M前后移动时，木块都会经过M停在P位置，该现象可否定猜想2；若在上述正确操作中同时改变x和l，则木块最终可能停在_____（选填“P点左侧”、“P点右侧”或“P点左侧或右侧”）．
19．如图是小兰同学在“测量小灯泡的电功率”的实验中所连接的实物图.灯泡的额定电压是2.5V，电阻约9Ω，滑动变阻器标有“20Ω 1A”字样：
请你用笔画线代替导线，将如图的实物电路连接完整.在开关闭合前，应将滑片P 放在_____端.（选填“A”或“B ”）.小兰合理地连接好电路，闭合开关，无论怎样调节滑动变阻器灯泡都不亮.小兰分析产生故障的原因可能是：
①小灯泡灯丝断了；②小灯泡短路；③滑动变阻器断路.（电流表、电压表均无故障）
请你依据表一中电流表、电压表示数可能出现的几种情况，帮小兰判断故障原因，并将其序号填写在表一对应的空格里.
表一：
电流表
电压表
故障原因
示数不为0
示数为0
_____
示数为0
示数不为0
_____
（4）排除故障后，小兰调节变阻器滑片的位置，使小灯泡两端电压分别为2V、2.5V、2.8V，依次测出通过小灯泡的电流，并观察发光情况，记录在表二中，当小灯泡正常发光时，电流表示数如图所示，小灯泡的额定功率是____W.

表二：
实验次数
U/V
I /A
灯泡亮度
1
2
0.25
暗
2
2.5

亮
3
2.8
0.32
很亮

20．物理兴趣小组同学在总结物理实验的过程中，发现同样器材可以完成多个实验．于是他们选取如下实验器材，电源一组、开关、电流表、多个11Ω和31Ω的电热丝、滑动变阻器、玻璃瓶、导线、煤油和水若干．

探究实验一：探究不同液体吸热能力．
（1）将电热丝包裹绝缘外壳后串联入电路，完成实验电路，所选电热丝R=_________R乙．甲乙烧瓶中应装入________相同的水和煤油．实验记录数据，并绘制图像如图所示．从图像可以看出甲容器中装的是_________．
（2）此实验中用_________反映液体吸收热量的多少．
探究实验二：探究不同电热丝发热能力．
甲、乙两瓶中装入111g煤油，瓶内各安装一根电阻丝．两瓶中各插入了一支温度计．在测量两瓶煤油的温度后，闭合开关，记录数据如下表所示：

电流/A
通电时间/min
电阻/Ω
初温/℃
末温/℃
第一次
甲
1．6
21
11
21
37
乙
1．6
21
31
21
63
第二次
甲
1．6
31
11
21
44
乙
1．6
31
31
21
76
（3）此实验中用此实验中用_________反映液体吸收热量的多少．
（4）分析表中第一次甲、乙数据，可得出：在通过导体的电流和通电时间相同时，_________越大，导体发热越多．
（5）有同学提出，煤油吸收的热量不一定等于电热丝放出的热量．经小组讨论后一致认为他的观点是正确的，并且提出在不同的加热过程中，加热效率很可能不同．请你计算第一次实验中甲的加热效率为_________．
（6）综合分析各组数据，发现加热效率都不相同．你认为影响此次实验加热效率的因素主要________．
21．小明在郊游时发现了一块坚硬的矿石，他想用弹簧测力计（量程为5N）、 烧杯、细线等简单器材测量这块矿石的密度．实验过程如下：(ρ水=1.0×101 kg/m1，g取10N/kg）

（1）小明用弹簧测力计直接测量矿石的重力，发现测力计的示数仍不能将矿石提起，因此他改用图甲所示的装置进行了测量；当杠杆水平静止时，弹簧测力计的示数为______N，矿石的质量为______ g．
（2)将该矿石浸没在水中静止时，如图乙所示，仍使杠杆水平静止，记录测力计的示数，根据阿基米德原理可算出该矿石的体积V=_________m1；
（1）矿石的密度ρ矿=_________ kg/m1．
22．在探究“阻力对物体运动的影响”的实验中，如图所示．

（1）让同一小车从斜面上同一位置由静止开始下滑，目的是______________．
（2）实验中同一小车在水面上受的阻力越小，运动的距离越远，假设水平面绝对光滑，小车不受任何阻力，则它会在水平面上做________运动．
（3）如图丙所示，让同一小车从斜面的不同高度由静止开始下滑，则还可以探究小车的___关系（选填序号）．
①重力势能与质量；②重力势能与高度；③动能与质量；④动能与速度
五、计算题（本大题共2小题，共13分）
23．济南玉函路隧道全长2.75 km，贯通济南南北，双向四车道，设计限速50 km/h，是目前中国最长、埋深最浅、工程地质最为复杂、施工难度最大的城市隧道．一辆质量为1.5×103 kg的轿车在隧道内行驶，求：
在不超速的情况下，汽车通过隧道全长所用的最少时间；轿车的重力；若这辆轿车匀速直线行驶的过程中，受到的阻力是车重的0.02倍，求汽车通过隧道牵引力所做的功．（g取10N/kg）
24．上体育课时，小强在练习投掷铅球，他将铅球掷出手后，铅球在空中的运动轨迹如图所示。若铅球的质量是4kg，从最高点到接触水平地面的过程中，铅球下降的高度为3m。（不计空气阻力，g取10N/kg）

（1）铅球受到的重力是多少？
（2）铅球下降过程中，重力对铅球做的功是多少？
（3）若铅球离开手时具有的机械能为288J，已知物体动能的计算公式为Ek＝mv2，请计算铅球落地时的速度。
六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）
25．未成年人的道路交通安全已成为全社会高度关注的问题，今年3月28日国务院公布施行了我国《校车安全条例》。条例中的部分规定如下：外部容易接触到的部位不得有锐边、尖角、毛刺；指导学生安全落座、系好安全带；制止学生在校车行驶过程中离开座位等危险行为； 校车载人不得超过核定的人数，不得以任何理由超员；校车驾驶人不得在校车载有学生时给车辆加油
请你任选其中两条，根据所学物理知识阐述制定此规定的理由。
26．小明家新买了一个家用电热水壶，其有关的技术参数如图所示．他根据自己所学的相关物理知识想对新水壶进行一下验证，于是在家里做起了实验．他先把水倒入水壶标定容量处，用温度计测出水的初温是20℃，然后接通电源，同时开始记录时间，他发现电热水壶正常工作5min水便烧开了（设当时的气压为一标准大气压）．[1L＝10－3m3；C水＝4.2×103J/（kg·℃）] 求：
型号
T76
额定电压
220V
额定频率
50Hz
额定功率
1000W
额定容积
0.8L
（1）烧开这壶水吸收的热量________ J；   电热水壶消耗的电能________ J；比较（1）、（2）两问所得的数据，请你做出合理解释（写出一种即可）________ ．
27．光敏电阻的阻值随光照射的强弱而改变．“光强”表示光的强弱程度的物理量，照射光越强，光强越大，光强符号用E表示，国际单位为坎德拉（cd）．实验测得光敏电阻的阻值R与光强E间的关系如图所示，根据图象解答下列问题：
光敏电阻的阻值随光强的增大而_____．将光敏电阻R、定值电阻R0、电流表、开关和电源连接成图所示电路．闭合开关，逐渐增大光敏电阻的光照强度，那么_____．（填正确答案的序号）
①电流表读数增大，光敏电阻电压也增大
②电流表读数增大，但光敏电阻电压减小
③电流表读数减小，但光敏电阻电压增大
④电流表读数减小，光敏电阻电压也减小在如图电路中，电源电压为6V，当光照强度为4.5cd时，电流表的读数为0.5A．试求：定值电阻R0的阻值_____．
参考答案

一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）
1、D
【解析】
A．平行光经凸透镜后会聚到一点，出现一个最小最亮的光点便是凸透镜的焦点，图中凸透镜的焦距f=20cm，故A错误；
BC．物距u=10cm，u＜f，成正立、放大的虚像，光屏上不成像，移动光屏至凸透镜的左侧并左右移动，不能在光屏上找到蜡烛的像，故BC错误；
D．将蜡烛移到刻度尺左侧30cm处，2f＞u＞f，v＞2f，为了在光屏上找到清晰的像，需要将图中光屏向右移动到40cm以外，故D正确．
2、C
【解析】
由图示可知，鸡蛋漂浮在甲杯中，受到液体的浮力等于鸡蛋重力；鸡蛋悬浮在乙杯中，受到液体的浮力也等于鸡蛋重力；所以鸡蛋在甲、乙两杯中所受浮力大小相等，F甲浮=F乙浮；鸡蛋在甲杯液体中漂浮，液体对容器底的压力
F甲=G鸡蛋+G甲液体=G鸡蛋+m甲液体g=G鸡蛋+ρ甲Vg
鸡蛋在乙杯液体中悬浮，液体对容器底的压力
F乙=G鸡蛋+G乙液体=G鸡蛋+m乙液体g=G鸡蛋+ρ乙Vg
由于F甲浮=F乙浮，所以ρ甲＞ρ乙，所以液体对容器底的压力F甲＞F乙，因为容器相同、容器底面积相同，由压强公式可知液体对容器底部的压强相等，即：p甲＞p乙．综上分析，ABD错误，C正确。
故选C。
3、D
【解析】
由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器并联，电流表测滑动变阻器支路的电流，电压表测电源的电压；电源电压不变，滑片移动时，电压表的示数不变，当滑动变阻器的滑片P向左移动时，接入电路中的电阻变大，因并联电路中各支路两端的电压相等，且均等于电源的电压，所以由I可知，该支路的电流变小，即电流表的示数变小．故D正确．
4、D
【解析】
ABC．声音的传播需要介质，真空不能传声，故ABC不符合题意．
D．卫星和地面的联系靠电磁波，将图片和声音等信号调制到电磁波上，把电磁波当成载体发射回地面，所以它传递信息利用的是电磁波．故D符合题意．
5、B
【解析】
AD．梨在甲中悬浮，则ρ甲＝ρ梨，梨在乙中漂浮，则ρ乙＞ρ梨，所以，ρ乙＞ρ甲，由于两容器中液面相平，由p＝ρ液gh可知，乙液体对容器底的压强大，故AD错误；
BC．梨在甲中悬浮，则F浮甲＝G梨；梨在乙中漂浮，则F浮乙＝G梨，比较可知F浮甲＝F浮乙，即梨受到的浮力一样大，故C错误，根据F浮＝G排＝m排g可得，m排甲＝m排乙，故B正确。
故选B。
6、B
【解析】
A.该图为电磁感应现象的实验图，闭合电路的部分导体做切割磁感线运动产生感应电流，故A错误；
B.当通以电流后，放在磁场中的导线运动起来，说明磁场对通电导体有力的作用，故B正确；
C.通电后小磁针的运动可以显示磁场的存在，故能用来研究通电直导线周围的磁场，故C错误．
D.线圈在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流，灯泡发光，是发电机的原理，故D错误．
7、D
【解析】
设量杯的质量为m杯，液体的密度为ρ，读图可知,当液体体积为V1=20cm3时，液体和杯的总质量m总1=m1+m杯=40g，可得：ρ×20cm3+m杯=40g，−−−①，当液体体积为V2=80cm3时，液体和杯的总质量m总2=m2+m杯=100g，可得：ρ×80cm3+m杯=100g，−−−②，①−②得：液体的密度ρ=1g/cm3，故A、B错；代入①得m杯=20g，故C错；当液体的体积V3=60cm3，液体质量：m3=ρ×V3=1g/cm3×60cm3=60g，故D正确．

二、填空题（本大题7小题，共21分）
8、450 36
【解析】
由图可知，，则绳子自由端移动的速度为：
；
10s绳子自由端通过的距离为：
；
根据得，拉力做功为：；
由可得有用功：
；
物体通过的距离为：；
由可得，物体A所受的摩擦力：．
9、电磁波 并联 通电导体在磁场中受力运动
【解析】
考场为了杜绝利用无线通讯设施进行舞弊，采用了高科技手段来屏蔽无线电通信的载体−−电磁波；
每班教室里的扬声器同时发声，又同时关闭，但各教室内的扬声器工作情况是互不影响，所以各教室内的扬声器之间是并联；
扬声器内部有一个永久磁铁和一个通电螺线管，当螺线管中通过变化的电流时，由于通电导线在磁场中受力的作用，故该螺线管会在永久磁铁的磁场的作用下受力振动，即将电流转化为声音，故是利用通电导体在磁场中受力的原理来工作的．
10、减小
【解析】
磁铁下落过程中受到线圈的阻力作用，有机械能转化为电能，机械能减小．
点睛：条形磁铁在下落过程中穿过闭合线圈，线圈中产生电流，该过程是电磁感应现象，即将机械能转化为电能，也是克服阻力做功的过程．
11、串联 越小
【解析】
由电路图可知，R0与R依次连接，即为串联；油位越低时，浮标下移，在杠杆的作用下滑片上移，变阻器接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由 可知，电路中的电流变小,则油位越高流过R0的电流越小．
12、做功 压缩 25 1.38×106 水的比热容大 1.68×106
【解析】
（1）在空气压缩引火仪的玻璃筒底部放一小团硝化棉，用力迅速向下压活塞，看到的现象是硝化棉燃烧起来；说明对筒内气体做功，使空气的内能增大，温度升高；该实验中，压缩筒内空气做功，活塞的机械能转化为筒内空气的内能，与内燃机的压缩冲程相似；
（2）已知飞轮转速为3000r/min=50r/s，一个工作循环活塞往复2次，曲轴转动2周，对外做功1次，故该汽油机1s内对外做功25次；汽油燃烧放出的热量：Q=mq=0.1kg×4.6×107J/kg=4.6×106J，汽油机对外做的功为：W=4.6×106J×30%=1.38×106J；
（3）由于水的比热容大，质量相同的水和其它物质相比，升高相同的温度，水吸热多，冷却效果好，所以，汽油机工作时，通常都用水进行冷却；水吸收的热量：Q吸=cm（t-t0）=4.2×103J/（kg•℃）×5kg×（100℃-20℃）=1.68×106J。
13、并L2断路
【解析】
由电路图可知，闭合开关S后，电流从电源正极开始分支，分别经过两个灯泡再回到电源负极，因此两灯泡并联连接；图中电流表测L1支路的电流，电流表的示数不变，说明小灯泡L1没有故障，则故障在L2上；若L2短路，小灯泡L1也同时被短路，两个灯泡都不亮，所以只能是L2断路。
14、8 8
【解析】
根据题中“电源电压保持不变。滑动变阻器的滑片P在移动过程中，……则电源电压为__________V，电路消耗的最大功率为_______________W。”可知，本题考查动态电路电功率的计算。根据串联电路的特点和欧姆定律的应用列式，关键是电表对应示数的判断。
【详解】
由题，电阻R1、R2串联，电压表测滑动变阻器R2两端的电压，当滑动变阻器的滑片P由a到b移动过程中，滑动变阻器连入电路的电阻增大，电路的总电阻增大，电流表示数变小，根据串联分压原理，电压表示数变大。因此当电压表示数为最大值4V时，电路中电流最小为0.5A。
当滑动变阻器连入电路的阻值为0时，电压表示数为0,电路中电流最大为1A；
则4V+0.5A×R1=1A×R1，
解得R1=8Ω，
所以电源电压U=4V+0.5A×R1=8V。
因为电源电压一定，电路中电流最大时，电路消耗的最大功率为
P=UI=8V×1A=8W。

三、作图题（共7分）
15、略
【解析】
人静止站在汽车上受到重力和支持力的作用，这两个力大小相等、方向相反、作用在同一直线上，是一对平衡力；当汽车突然启动时，人由于惯性将保持原来的运动状态，会产生向后滑动的趋势，因此受到向前的摩擦力。示意图如下：

16、
【解析】
物体A静止在水平面上时，压力的大小等于重力，方向垂直于接触面向下，作用点在接触面上。选取标度为5N，过压力的作用点沿垂直于接触面向下的方向画一条有向线段，使线段长度为标度的2倍，如图：

17、
【解析】
试题分析：小球被弹簧弹起后，只受重力的作用，在小球上画出重力示意图即可。
考点：力的示意图

四、实验题（本大题共5小题，共20分）
18、匀速直线 绸布 没有控制木块从斜面上同一位置滑下 P点左侧或右侧
【解析】
（1）在探究刷冰长度的影响因素的实验过程中，拉动木块在不同表面上做匀速直线运动，此时弹簧测力计的示数等于滑动摩擦力，根据弹簧测力计示数的关系，若用木板模拟未刷冰区域，则选择摩擦力小的材料模拟刷冰区，故选绸布；
（2）①根据表中数据描出的是一条直线，如图所示：

②在研究猜想2时，没有控制物块从斜面同一位置滑下；正确操作后，每次只前后移动M，水平木板表面和M的总长度，而所选材料M的长度不变，则滑块在木板上滑动的距离也是一定的，所以可以否定猜想2，如果同时改变x和l的长度，当x减小，l增大时，则木块停在P点的右侧；当x增大，l减小时，木块停在P点的左侧．
19、 A ② ① 0.75
【解析】
本题考查了实物电路图的连接、滑动变阻器的使用、电路故障的判断和电流表的读数以及电功率的计算，涉及的知识点较多，综合性强；要注意一般根据灯泡的额定电压确定电压表的量程，根据灯泡的额定电流确定电流表的量程。
【详解】
（1）灯泡的额定电压是2.5V，电压表选用小量程与灯并联。根据欧姆定律可知，通过灯泡的电流约为，所以电流表选用0~0.6A量程，如下所示：

（2）在闭合开关前，保护电路的滑动变阻器滑片位于最大阻值的A端。
（3）电流表有示数，电路是通路，电压表示数为0，测导线电压，则故障为灯泡短路，故障原因即②；
电流表示数为0，电路断路，电压表与电源连通，测电源电压，示数不为0，则故障为灯泡灯丝断了，故障原因即①；
（4）图中，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，所以灯泡正常工作时的电流为0.3A；
小灯泡的额定功率为。
20、1 质量 水 加热的时间 煤油升高的温度 电热丝电阻 82.6% 煤油与环境的温度差
【解析】
探究实验一：探究不同液体吸热能力．
（1）为控制不同液体吸收的热量相同，应把两电阻丝串联接入电路中，根据串联电路电流的规律，通过的电流相同，相同时间内产生相同的热量，应控制电阻的阻值相同，即R甲＝R乙；
比较不同物质的吸热能力，要控制质量相同，故甲乙烧瓶中应装入质量相同的水和煤油．根据实验记录绘制图象2可知，升高相同的温度（31℃﹣11℃＝21℃），甲加热的时间为乙的2倍，质量相同的不同物质，升高相同的温度，加热时间长的吸热能力强，即甲容器中装的液体吸热能力强，故甲容器中装的为水；
（2）加热时间越长，物质吸收热量越多，用加热的时间反映液体吸收热量的多少；
探究实验二：探究不同电热丝发热能力
（3）电热丝通电产生的热量被质量相等的煤油吸收，在比热容和质量相同的情况下，煤油吸收的热量越多，煤油升高的温度越高，即煤油升高的温度反映液体吸收热量的多少；
（4）分析表中第一次甲、乙数据，通过导体的电流和通电时间相同，乙电热丝电阻大于甲电热丝的电阻，乙中煤油温度升高的多，故可得出：在通过导体的电流和通电时间相同时，电热丝阻值越大，导体发热越多；
（5）根据焦耳定律，第一次实验中甲电热丝产生的热量：
Q放＝I2Rt＝（1.6A）2×11Ω×21×61s＝4.32×113J；
由（1）可知，升高相同的温度，水加热的时间为煤油的2倍，即水吸收的热量为煤油的2倍，根据，在质量和升高温度相同的情况 下，比热容与吸收的热量成正比，故水的比热容为煤油的2倍，故煤油的比热容：；
煤油吸收的热量：
Q吸＝c煤油m△t＝2.1×113J/（kg•℃）×1.1kg×（37℃﹣21℃）＝3.57×113J，
故第一次实验中甲的加热效率为；；
（6）同理可求出第2次实验乙的加热效率：，发现加热效率都不相同的原因是：煤油升高的温度越高，与环境的温差越大，热量损失的越多，故加热效率越低．
21、2.2 660 1×10-4 2.2×101
【解析】
(1)由图甲可以知道弹簧测力计的量程为0-5N，分度值为0.2N，因此示数为2.2N，
l1:l2=1:1,又知F1=2.2N, ,并且F1l1=Gl2,所以G===6.6N,
矿石的质量m===0.66kg=660g;
(2)由图丙可以知道,此时弹簧测力计的示数为1.2N，据杠杆平衡条件可得，
F2==1.6N,
因此矿石受到的浮力为：F浮=GF2=6.6N1.6N=1.0N;
由F浮=水gV排得矿石的体积：V===110-4m1;
矿石的密度:===2.2×101kg/m1.
22、使小车到达水平面时的初速度相同 匀速直线运动 ②④
【解析】
(1)用同一小车从同一斜面的同一高度由静止滑下是为了使小车到达水平面时小车的初速度相同；
(2)由上述实验可推理得：如果运动的物体在没有受到力的作用时，将做匀速直线运动．
(3)同一小车从不同高度由静止滑下，通过小车运动的距离可知克服阻力做功的多少，从而可判断小车具有能量的大小，所以可以探究小车重力势能与高度的关系，由于从不同高度滑下，到达水平面时的初速度不同，所以还可探究动能与速度的关系．故选②④．

五、计算题（本大题共2小题，共13分）
23、 (1)0.055h；（2）；(3)．
【解析】
(1)由题意可知，该隧道全长 2.75km，汽车的最大速度v=50km/h，由得通过该隧道所需时间：；
(2) 轿车的重力为；
（3）这辆轿车匀速直线行驶的过程中，受到的阻力是车重的 0.02 倍，则阻力N=300N，因为这辆轿车匀速直线行驶，所以牵引力，牵引力所做的功．
24、（1）40N；（2）120J；（3）12m/s。
【解析】
（1）铅球的质量是4kg，则铅球的重力：
G＝mg＝4kg×10N/kg＝40N；
（2）从最高点到接触水平地面的过程中，铅球下降的高度为3m，则铅球重力对铅球做的功：
W＝Gh＝40N×3m＝120J；
（3）由于不计空气阻力，所以铅球的机械能是守恒的，
若铅球离开手时具有的机械能为288J，则铅球刚接触地面时的机械能也是288J，且此时只有动能，
根据Ek＝mv2可得：288J＝×4kg×v2，
解得v＝12m/s，即铅球刚接触地面时的速度为12m/s。

六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）
25、（1）——尖角、毛刺等尖锐品由于尖端面积很小，在相同压力下，压强很大，极易对人体造成伤害。
（2）——防止汽车出现意外时，由于惯性而对乘员造成伤害。
【解析】
试题分析：（1）当压力相同时，如果外部容易接触到的部位有锐边、尖角、毛刺，人受到的压强会较大，很容易对人体造成伤害；（2）如果学生在校车行驶过程中离开座位，汽车行突然刹车，学生由于惯性将会被抛出，从而造成危险，故应该指导学生安全落座、系好安全带；（3）校车超过核定人数，车的质量增大，惯性增大，当以相同速度行驶时，刹车距离更长，从能量上看，超员后，车的能量增大，如果发生意外，破坏了更强，故校车载人不得超过核定的人数，不得以任何理由超员；（4）加油站属于高危险区域，机动车在加油的过程中，可能会因机械故障或者突发因素发生车辆燃烧甚至爆炸事故。由于学生自我保护能力差，紧急逃生、避险能力弱于成年人，因此，校车在运载学生时加油安全风险较大。所以校车驾驶人不得在校车载有学生时给车辆加油。
考点： 压强大小的影响因素，惯性现象的解释
26、 (1)2.688×105J (2)3.0×105J (3)合理都对
【解析】
试题分析：（1）由电水壶技术参数可知其额定容积为V=0.8L=0.8×10-3m3,ρ水=1.0×103kg/m3,所以水的质量为:m=ρ水V=1.0×103kg/m3×0.8×10-3m3=0.8kg，Q=Cm△t=4.2×103J/(kg·℃)×0.8kg×（100℃-20℃）=2.688×105J；(2)5min=300s，由电功率公式可得W=Pt=1000W×300s=3×105J；（3）对比(1)、(2)可知消耗的电能比水吸收的热量多，说明壶身吸收了部分热量（或部分热量散失到空气中去了）（合理都对）．
考点：m=ρV，Q= Cm△t，分析数据得出合理结论．
27、减小 ② 8Ω
【解析】
(1)由右图可知，光敏电阻的阻值随光强增大而减小；(2)由左图可知,光敏电阻R与R0串联，电流表测电路中电流，闭合开关，逐渐增大光敏电阻的光照强度，光敏电阻阻值减小，电路的总电阻减小，电源电压不变，所以电路中电流变大，由分压原理可知光敏电阻两端电压变小，故②正确；(3)由右图可知，光照强度为4.5cd时R=4Ω，由欧姆定律可知R两端电压：=IR=0.5A×4Ω=2V，由串联电路的电压特点知R0两端电压：U0=U−UR=6V−2V=4V，串联电路中电流处处相等，R0===8Ω.
（1）由右图可知光敏电阻的阻值随光强变化情况；（2）根据图甲的电路结构，由光强增大判断电路中电阻的变化，由串联电路特点和欧姆定律判断电路中电流变化和光敏电阻两端电压变化情况；（3）由图象读出光照强度为4.5cd时R的阻值，由串联电路特点和欧姆定律计算R0的阻值．