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一、初中化学推断题
1．如图所示，A～I为初中化学中常见物质。已知A为金属氧化物，C为大理石重要成分，D为蓝色沉淀，E、H为单质，F为浅绿色溶液，G、I均为各具有一种溶质溶液。“→”表达物质间存在着互相转化关系（部分生成物未标出），如图所示。请回答问题：
（1）物质D化学式：_____。
（2）写出A与H2O反应化学方程式：_____。
（3）写出G与H反应化学方程式：_____；反应类型属于_____。
【答案】Cu（OH）2 CaO+H2O＝Ca（OH）2 Fe+CuSO4＝Cu+FeSO4 置换反应
【解析】
【详解】
（1）A﹣I为初中化学中所学物质，C为大理石重要成分，因此C是碳酸钙，D为蓝色沉淀，因此D是氢氧化铜沉淀，E、H为单质，F为浅绿色溶液，因此H是铁，铁和硫酸铜反应生成硫酸亚铁和铜，因此E是铜，G可以是硫酸铜，F是硫酸亚铁，A为金属氧化物，A和水反应生成B会与I反应生成碳酸钙沉淀和氢氧化钠，因此A是氧化钙，氧化钙和水反应生成氢氧化钙，因此B是氢氧化钙，I是碳酸钠，通过验证，推导对，因此D是Cu（OH）2；
（2）A与H2O反应是氧化钙和水反应生成氢氧化钙，化学方程式为：CaO+H2O＝Ca（OH）2；
（3）G与H反应是铁和硫酸铜反应生成硫酸亚铁和铜，化学方程式为：Fe+CuSO4＝Cu+FeSO4，该反应属于置换反应。
2．A、B、C为初中化学常见物质，且都具有同一种元素，它们之间反应关系如图所示（→表达一步反应转化）：
（1）若A、B构成元素相似，B含量过多导致温室效应加剧，写出一种符合B→C化学方程式_______；
（2）若B为密度最小气体，A、C化学式可以是_____（填序号）
①HCl、H2O ②H2SO4、NaOH ③H2O2、H2CO3
（3）若A、B、C是不一样类别化合物，B是改良酸性土壤碱，B→C发生中和反应，则A可以是__________，写出B→C化学方程式______________________。
【答案】CO2 + H2O ＝ H2CO3 （合理答案均可） ① CaO Ca(OH)2 + 2HCl＝ CaCl2 + H2O （合理答案均可）
【解析】
【详解】
根据题干提供信息结合物质性质分析解答。导致温室效应气体是二氧化碳，密度最小气体是氢气，氢氧化钙能改良酸性土壤。（1）若A、B构成元素相似，B含量过多导致温室效应加剧，则B是二氧化碳，A是一氧化碳，二氧化碳能与水反应生成碳酸，反应化学方程式为CO2 + H2O＝H2CO3；（2）B为密度最小气体，则B是氢气，盐酸与活泼金属反应能转化为氢气，氢气在氧气中燃烧能转化为水，故选①；（3）B是改良酸性土壤碱，则B是氢氧化钙，氧化钙能与水反应生成氢氧化钙，则A是CaO；又B→C发生中和反应，则C可以是盐酸，盐酸与氢氧化钙反应生成氯化钙和水，反应化学方程式为Ca(OH)2 + 2HCl＝CaCl2 + H2O。
3．如图，物质王国中A～F及X七种物质玩“独木桥”游戏，其中A～F分别是盐酸、氢气、氧化铜、氢氧化钙、碳酸钠、二氧化碳六中物质中一种。
(1)搭桥:规则是A～F搭桥后相邻物质之间能发生化学反应(所波及反应均为初中常见化学反应)。
已知E俗名叫熟石灰。
①E化学式是________________；
②A与B反应基本类型是__________________；
③C与D反应化学方程式是_____________________________。
(2)过桥:若A～F分別通过一步反应能直接转化为X，则X可成功过桥，物质X是__________。
【答案】 Ca(OH)2 置换反应 2HCl+ Na2CO3= 2NaCl+ CO2↑+ H2O H2O
【解析】物质王国中A～F及X七种物质玩“独木桥”游戏，其中A～F分别是盐酸、氢气、氧化铜、氢氧化钙、碳酸钠、二氧化碳六种物质中一种。（1）搭桥：规则是A～F搭桥后相邻物质之间能发生化学反应，E俗名叫熟石灰，氢氧化钙会与碳酸钠、盐酸反应，氢气只会与氧化铜反应，因此A、F也许是氢气，F是氢气时，不会与氢氧化钙反应，因此A是氢气，B是氧化铜，氧化铜会与盐酸反应，因此C是盐酸，D是碳酸钠，F是二氧化碳，通过验证，推导对，因此①E化学式是Ca（OH）2；②A与B反应是氢气和氧化铜在加热条件下生成铜和二氧化碳，因此基本类型是置换反应；③C与D反应是碳酸钠和盐酸反应生成氯化钠、水和二氧化碳，化学方程式是：2HCl+Na2CO3=2NaCl+CO2↑+H2O；过桥：若A～F分別通过一步反应能直接转化为X，则X可成功过桥，氢气和氧化铜反应生成水，氧化铜和盐酸反应生成水，盐酸和碳酸钠反应生成水，碳酸钠和氢氧化钙反应生成水，氢氧化钙和二氧化碳反应生成水，通过验证，推导对，因此X是水。
4．现探究一固体混合物成分，已知其中也许具有Na2CO3、CuSO4、BaCl2、K2SO4、NaCl五种物质中一种或几种，按图所示进行试验，出现现象如图中所述(设过程中所有也许发生反应都恰好完全进行)
试根据试验过程和发生现象做出判断，填写如下空白：
(1)白色沉淀A化学式为___。
(2)白色沉淀G化学式为___。
(3)写出过程④中生成白色沉淀E化学方程式___。
(4)固体混合物中，还不能确定存在物质是___(写化学式)。
(5)滤液D中肯定大量存在酸根离子为___(写离子符号)。
(6)固体混合物中一定不具有物质是___(写化学式)，得此结论理由是___。
【答案】BaCO3 AgCl； CO2+Ca(OH)＝CaCO3↓+H2O NaCl NO3- CuSO4、K2SO4 假如有硫酸铜，滤液B为蓝色，与题意不符；假如有硫酸钾，过程②白色沉淀A加稀硝酸后仍有白色沉淀，与题意不符。
【解析】
【分析】
硫酸铜在溶液中显蓝色，碳酸根离子和钡离子反应生成溶于酸碳酸钡沉淀，硫酸根离子和钡离子反应生成不溶于酸硫酸钡沉淀，氯离子和银离子反应生成不溶于酸氯化银沉淀，因此固体混合物加水溶解，得到白色沉淀A中加入硝酸，生成气体C和滤液D，因此A中一定不含硫酸钡，样品中一定不含硫酸钠，一定具有氯化钡和碳酸钠，二氧化碳和氢氧化钙反应生成碳酸钙沉淀和水，因此E是碳酸钙；无色滤液B中加入硝酸银会生成白色沉淀，因此G是氯化银沉淀，氯化钡会引入氯离子，因此样品中也许含能有氯化钠，一定不含硫酸铜
【详解】
由分析可知：
(1)白色沉淀A化学式为BaCO3；
(2)白色沉淀G化学式为AgCl；
(3)过程④中生成白色沉淀E反应是氢氧化钙和二氧化碳反应生成碳酸钙沉淀和水，化学方程式是：CO2+Ca(OH)＝CaCO3↓+H2O；
(4)固体混合物中，还不能确定存在物质是NaCl；
(5)滤液D中肯定大量存在酸根离子为NO3-；
(6)固体混合物中一定不具有物质是CuSO4、K2SO4，得此结论理由是：假如有硫酸铜，滤液B为蓝色，与题意不符；假如有硫酸钾，过程②白色沉淀A加稀硝酸后仍有白色沉淀，与题意不符。
5．A、B、C、D、E、F、G都是初中化学学过物质。其中A是一种有毒气体，B、D均为黑色固体。他们之间有如图转化关系，→其中表达生成关系，﹣表达两者互相反应。
（1）D物质是_____ E物质是_____。
（2）写出A→B化学方程式_____。
（3）写出B→C化学方程式_____。
【答案】氧化铜 硫酸铜 3CO+Fe2O32Fe+3CO2 Fe+CuSO4═FeSO4+Cu
【解析】
【分析】
根据A、B、C、D、E、F、G都是初中化学学过物质，根据图可知：F和澄清石灰水反应会生成沉淀I，因此F是二氧化碳，G就是碳酸钙，A和氧气反应会生成二氧化碳，而A是一种有毒气体，因此A是一氧化碳；B、D均为黑色固体，一氧化碳和氧化铁反应会生成黑色固体B，因此B是铁；根据图可推测：黑色固体D是氧化铜，C就是铜，铜和氧气反应生成氧化铜D，氧化铜和硫酸反应生成硫酸铜和水，因此E是硫酸铜，代入检查，符合题意。
【详解】
（1）根据分析，D物质是氧化铜，E物质是硫酸铜。
（2）反应A→B，即一氧化碳与氧化铁反应，反应化学方程式为：3CO+Fe2O32Fe+3CO2。
（3）反应B→C，即铁与硫酸铜溶液反应，反应化学方程式为：Fe+CuSO4═FeSO4+Cu。
故答案为
（1）氧化铜，硫酸铜。（2）3CO+Fe2O32Fe+3CO2．（3）Fe+CuSO4═FeSO4+Cu。
6．下列物质转换是我们已学过常见物质反应，E能使带火星木条复燃，H能使澄清石灰水变浑浊，在反应②中，B质量和化学性质均不变化．
则图中E为_____，H为_____，属于化合反应是_____，（填序号，下同），属于分解反应是_____，分别写出①、②、③文字体现式：_____；_____；_____．
【答案】氧气 二氧化碳 ③ ①② 高锰酸钾锰酸钾+二氧化锰+氧气 过氧化氢水+氧气或氯酸钾氯化钾+氧气 碳+氧气二氧化碳
【解析】
【详解】
解：加热A能生成B、C、E三种物质；E能使带火星木条复燃，因此是氧气；H能使澄清石灰水变浑浊，因此是二氧化碳，由此可推断A为高锰酸钾，B和D生成E和F，在反应中B质量和化学性质均不变化可推测B为二氧化锰；C为锰酸钾，D为双氧水或氯酸钾；G为碳，带入框图，推断合理；
E为氧气，H为二氧化碳，反应③是碳和氧气反应生成二氧化碳，属于化合反应，反应①是加热高锰酸钾分解生成锰酸钾、二氧化锰和氧气，属于分解反应，②是过氧化氢在二氧化锰催化作用下分解生成水和氧气或是氯酸钾在二氧化锰催化作用下分解生成氯化钾和氧气，属于分解反应，故填：氧气；二氧化碳；③；①②；
高锰酸钾锰酸钾+二氧化锰+氧气；过氧化氢水+氧气或氯酸钾氯化钾+氧气；碳+氧气二氧化碳．
7．A〜H是初中化学常见物质，它们之间关系如图所示（“→”表达物质间转化关系，“一”表达两端物质能发生化学反应）．虚线圈中两种物质类别相似．A浓溶液有吸水性，在试验室常用作干燥剂；C可用来改良酸性土壤；D广泛应用于肥皂、石油、造纸、纺织和印染等工业，在生活中可用来去除油污；E水溶液为浅绿色，F可与生石灰、水配制成具有杀菌作用波尔多液；A稀溶液与G发生复分解反应生成F与H．
（1）写出化学式：B ，F 。
（2）写出C转化为D化学方程式 。
（3）写出A稀溶液与G发生反应化学方程式 ；F转化为E反应基本类型是 。
（4）分类观是化学关键观念之一．以上8种物质没有波及到物质类别是 。
【答案】（1）HCl，CuSO4．（2）Na2CO3+Ca（OH）2═CaCO3↓+2NaOH．
（3）CuO+H2SO4═CuSO4+H2O； 置换反应．（4）单质．
【解析】
试题分析：根据“A～J是初中化学常见物质”，“虚线圈中两物质类别相似”，根据“A浓溶液有吸水性，在试验室常用作干燥剂”，因此A是硫酸，硫酸会转化成酸B，因此B是盐酸，根据“C可用来改良酸性土壤”，因此C为氢氧化钙；根据“D广泛应用于肥皂、石油、造纸、纺织和印染等工业，在生活中可用来去除油污”，因此D是氢氧化钠；根据“E水溶液为浅绿色”，则E为亚铁离子溶液；根据“F可与生石灰、水配制成具有杀菌作用波尔多液”，则F为硫酸铜；根据“A稀溶液与G发生复分解反应生成F与H”，因此推测G是氧化铜，H是水，然后将推出物质进行验证即可
（1）根据分析可知：B为HCl，F为CuSO4；
（2）反应C→D，即氢氧化钙与碳酸钠反应生成碳酸钙沉淀和氢氧化钠，故其化学方程式为：Na2CO3+Ca（OH）2═CaCO3↓+2NaOH；
（3）根据分析可知：A是硫酸，G是氧化铜，则A稀溶液与G发生反应，即氧化铜与稀硫酸反应生成硫酸铜和水，故其反应化学方程式为CuO+H2SO4═CuSO4+H2O；
F转化为E，即硫酸铜溶液与铁反应生成硫酸亚铁溶液和铜，故反应基本类型是置换反应；
（4）分类观是化学关键观念之一．AB为酸，CD为碱，EF为盐，GH为氧化物，故以上8种物质没有波及到物质类别是单质
考点：物质鉴别、推断；反应类型判定；书写化学方程式、文字体现式、电离方程式
8．某化学爱好小组用铁、硫酸、氢氧化钡、硫酸铜和碳酸钠五种物质玩化学拼图游戏如图，游戏规则规定图中相邻物质之间能发生化学反应，其中C物质溶液呈蓝色，A与E反应产生气体是光合作用原理之一。
A物质俗称是______，E物质用途是______；
B与C反应化学方程式为______。E与D反应基本类型是______。
按游戏规则，下列能替代B物质是______填序号。
银 氯化铁 氯化钡 氧化铜
【答案】纯碱或苏打； 金属除锈； ； 置换反应；
【解析】
【分析】
C物质溶液呈蓝色，因此C是硫酸铜；A与反应产生气体是光合作用原理之一，铁与硫酸铜反应生成铜和硫酸亚铁，氢氧化钡和硫酸铜反应生成氢氧化铜蓝色沉淀和硫酸钡白色沉淀，碳酸钠和硫酸反应生成硫酸钠和水和二氧化碳，硫酸能与三种物质反应，因此E是硫酸，A是碳酸钠，B是氢氧化钡，D是铁。
【详解】
（1）A是碳酸钠，俗名纯碱或苏打，E是硫酸，E物质用途是：金属除锈、做化工原料等；
（2）氢氧化钡和硫酸铜反应生成氢氧化铜蓝色沉淀和硫酸钡白色沉淀，反应方程式为；铁与硫酸反应生成硫酸亚铁和氢气，属于置换反应；
（3）按游戏规则，下列能替代B物质是氯化钡，它能与碳酸钠、硫酸铜、硫酸反应；故答选③；
9．甲、乙、丙、丁分别属于初中化学常见四类无机化合物，M与甲同类，他们之间部分转化关系如图所示（部分反应物、生成物、反应条件已略去，“-”表达物质间能发生反应，“→”表达转化关系）。
（1）若甲为CaCO3，则丁化合物类别是______，乙→丙化学方程式是_______。
（2）若丙为CaCO3，则M化学式是_______，乙→丙化学方程式是_______。
【答案】酸 H2O+CaO=Ca(OH)2 H2O CO2+Ca(OH)2=CaCO3↓+H2O或Ca(OH)2+Na2CO3=CaCO3↓+2NaOH
【解析】
【分析】
根据题目给出流程图和信息：甲、乙、丙、丁分属上述四种不一样类别化合物，M与甲属于同种类别化合物；
（1）若甲是碳酸钙，甲能与丁反应，碳酸钙和盐酸反应生成氯化钙和水和二氧化碳，丁也许是酸溶液，例如盐酸；乙能与丁反应，能生成丙，丙也能与丁反应，氧化钙和盐酸反应生成氯化钙和水，氧化钙和水生成氢氧化钙，氢氧化钙和盐酸反应生成氯化钙和水，因此乙也许氧化钙，丙是氢氧化钙，M是氯化钙。将猜想代入框图，推断合理；
（2）若丙为CaCO3，丙与丁能反应，碳酸钙和盐酸反应生成氯化钙和水和二氧化碳，丁也许是酸溶液，例如盐酸；乙能与丁（酸溶液）反应，能生成丙，氢氧化钙和二氧化碳反应生成碳酸钙白色沉淀和水，氢氧化钙和酸反应生成水，因此乙也许氢氧化钙，乙、丙、甲都能生成M，M与甲属于同种类别化合物，甲也许是金属氧化物，金属氧化物能与酸溶液反应生成盐和水，因此M是水。将猜想代入框图，推断合理；
【详解】
根据以上分析可知：
（1）若甲为CaCO3，则丁化合物类别是酸，乙→丙反应是氧化钙和水生成氢氧化钙，化学方程式是H2O+CaO=Ca(OH)2；
（2）若丙为CaCO3，则M化学式是H2O，乙→丙反应是氢氧化钙和二氧化碳反应生成碳酸钙白色沉淀和水或碳酸钠与氢氧化钙反应生成碳酸钙和氢氧化钠，化学方程式是CO2+Ca(OH)2=CaCO3↓+H2O或Ca(OH)2+Na2CO3=CaCO3↓+2NaOH。
【点睛】
在解此类题时，首先将题中有特征物质推出，然后结合推出物质和题中转化关系推导剩余物质，最终将推出多种物质代入转化关系中进行验证即可。
10．图中A～F是初中化学常见物质，A俗称苏打；B可用于改良酸性土壤；C可用作补钙剂；E、F物质类别相似。图中“—”表达两端物质间能发生化学反应；“→”表达物质间存在转化关系；反应条件、部分反应物和生成物已略去。请回答：
（1）物质A用途有_________________（只需填写一条）。
（2）物质D化学式_________________。
（3）写出下列反应化学方程式：
①E转化为B_________________，
②C转化为F_________________。
【答案】玻璃、造纸、纺织和洗涤剂生产等（只需回答其中一条） 或（其他合理答案均给分）
【解析】
【详解】
A俗称苏打；B可用于改良酸性土壤；C可用作补钙剂；故A是碳酸钠，B是氢氧化钙，C是碳酸钙，碳酸钠能生成E，E能生成氢氧化钙，故E是水，碳酸钠与氢氧化钙反应生成碳酸钙沉淀和氢氧化钠，故D是氢氧化钠，碳酸钙能生成F，F和E是同类物质，F能和氢氧化钠反应，故F是二氧化碳。
（1）碳酸钠用途是玻璃、造纸、纺织和洗涤剂生产等（只需回答其中一条）。
（2）物质D是氢氧化钠，化学式为：。
（3）①水与氧化钙反应生成氢氧化钙，反应方程式为：。
②碳酸钙与盐酸反应生成二氧化碳，方程式为
（或碳酸钙高温煅烧分解生成氧化钙和二氧化碳，方程式为：）。
11．图中A、B、C、D、E是初中化学常见五种不一样类别物质． E是导致溫室效应一种气体，图中“﹣”表达相连物质能发生化学反应，“→”表达两种物质间转化关系（部分反应物、生成物及反应条件省略）．
（1）写出物质E一种用途 ；
（2）物质C与E反应化学方程式是 ；
（3）写出图中一种属于中和反应化学方程式 。
（4）A与B反应微观实质是 。
【答案】（1）灭火等 （2）CO2+2NaOH=Na2CO3+H2O（合理即可）
（3）2NaOH+H2SO4═Na2SO4+2H2O（合理即可） （4）2H++Fe=Fe2++H2↑（合理即可）
【解析】
试题分析：框图式推断题，抓住某些特殊反应现象、特殊性质及特殊反应条件等级题目“题眼”， 该题题眼E是导致溫室效应一种气体，可判断为二氧化碳，物质类别为氧化物，A、B、C、D、E是初中化学常见五种不一样类别物质，即单质、氧化物、酸、碱、盐；C能与二氧化碳反应，要不是单质碳，但单质碳不会与酸、碱、盐反应，故可排除，故C只也许是碱，常见碱有氢氧化钠或氢氧化钙，这样可判断A应为金属单质，由于不会与碱反应，可以和酸、盐反应；同步根据B→D，可判断B为酸，D为盐
（1）物质E为二氧化碳，它一种用途：灭火等
（2）物质C是碱，E为二氧化碳，故两者反应化学方程式是：CO2+2NaOH=Na2CO3+H2O或CO2+Ca(OH)2==CaCO3↓+ H20
（3）中和反应：酸和碱互相作用生成盐和水反应，故属于中和反应化学方程式为：2NaOH+H2SO4═Na2SO4+2H2O或NaOH+HCl==NaCl+H2O等
（4）A是金属单质（且是较活泼金属，如：Mg、Fe、Zn等），B是酸，两者发生反应实际就是金属和酸反应，反应微观实质是：2H++Fe=Fe2++H2↑
考点：框图式推断题
12．甲、乙、丙、丁均为中学化学中常见物质，其中甲是大理石重要成分，乙是导致温室效应重要气体，它们之间转化关系如图．请根据有关信息回答问题：
（1）写出有关物质化学式：甲 ，丁 。
（2）写出反应③化学方程式 ，该反应属于 （填基本反应类型）反应。
（3）生活中，物质丙用途之一为 。
【答案】（1）甲 CaCO3，丁 Ca(OH)2（2）CO2+Ca(OH)2=CaCO3↓+H2O；复分解（3）干燥剂
【解析】
试题分析：甲是大理石重要成分，阐明甲是碳酸钙；乙是导致温室效应重要气体，阐明乙是二氧化碳；碳酸钙受热分解生成乙（二氧化碳）和丙，则丙是氧化钙；丙用途之一干燥剂，丙为氧化钙和水反应生成丁，则丁是氢氧化钙。反应③为二氧化碳和氢氧化钙反应，化学方程式为CO2+Ca(OH)2=CaCO3↓+H2O；该反应属于复分解反应。
考点：物质性质和变化 反应类型
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