2025年陕西省西安市第二十五中学物理高一第一学期期末达标检测模拟试题含解析.doc

2025年陕西省西安市第二十五中学物理高一第一学期期末达标检测模拟试题
注意事项：
1． 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。
2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。
3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。
4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、如图所示为某物体运动的v-t图象，图中有，则下列说法正确的是（　　）

A.该物体正在做曲线运动
B.该物体做的是匀加速直线运动
C.该物体的速度越来越大
D.该物体的加速度越来越大
2、如图所示，物体在恒定拉力F的作用下沿水平面做匀速直线运动，运动速度为 v，拉力F 斜向上与水平面夹角为 30°，则地面对物体的摩擦力大小为

A.F B.Fcos30°
C.Fsin30° D.
3、一个物体受多个水平恒力作用静止在光滑水平面上．现在仅使其中一个力F1的大小按照如图所示的规律变化．此过程中，该物体受到的合外力大小F合、加速度大小a、速度大小v、位移大小x的变化情况正确的是

A. B.
C. D.
4、某同学站在地面上，以大小为v0初速度把篮球竖直向上抛出，经过时间t1，篮球到达最高点，之后又落回抛出点。（篮球运动的过程不计空气阻力），下列是位移x或速度v随时间t变化的图像。能表示篮球在上升过程中运动规律的是
A. B.
C. D.
5、关于速度和加速度的关系，下列说法正确的是（　　）
A.速度变化得越多，加速度就越大
B.速度变化得越快，加速度就越大
C.加速度方向保持不变，速度方向也保持不变
D.加速度大小不断变小，速度大小也不断变小
6、a、b两车在同一平直公路上行驶，a做匀速直线运动，两车的位置x随时间t的变化如图所示．下列说法正确的是

A.b车运动方向始终不变
B.a、b两车相遇两次
C.t1到t2时间内，a车的平均速度小于b车的平均速度
D.t1时刻，a车的速度大于b车的速度
7、关于重力加速度，下列说法正确的是（）
A.重力加速度表示自由下落物体运动速度变化的大小
B.重力加速度表示自由下落物体运动速度的快慢
C.重力加速度表示自由下落物体运动速度变化快慢
D.同一地方轻重物体的重力加速度相同
8、如图所示,一物块在光滑的水平面上受一恒力F的作用而运动,其正前方固定一个足够长的轻质弹簧,当物块与弹簧接触后,则(　　)

A.物块立即做减速运动
B.物块在开始的一段时间内仍做加速运动
C.当弹簧的弹力等于恒力F时,物块静止
D.当弹簧处于最大压缩量时,物块的加速度最大
9、如图所示，将质量为M的物块放在水平桌面上，用轻绳跨过桌子边缘的定滑轮连接一托盘，在托盘中放上砝码．已知盘和砝码的总质量为m，且M＝3m，重力加速度大小为g，忽略一切摩擦力和空气阻力，则将托盘由静止释放后（ ）

A.物块的加速度大小为
B.砝码的加速度大小为
C.绳子的拉力大小为mg
D.绳子的拉力大小为
10、理想实验是科学研究中的一种重要方法，它把可靠的事实和合理的推论结合起来，可以深刻地揭示自然规律．关于伽利略的理想实验，下列说法正确的是
A.只要接触面相当光滑，物体在水平面上就能一直匀速运动下去
B.这个实验实际上是永远无法做到的
C.利用气垫导轨，就能使实验成功
D.虽然是想象中实验，但它是建立在可靠的实验基础上的
11、放在水平地面上的物块，受到一个与水平方向成α角斜向下方的力F的作用，物块在水平地面上做匀速直线运动，如图所示．如果保持力F的大小不变，而使力F与水平方向的夹角α变小，那么，地面受到的压力N和物块受到的摩擦力f的变化情况是 ( )
A.N变小 B.N变大，
C f变小 D.f变大
12、如图所示，用轻弹簧相连的A、B两球，放在光滑的水平面上，质量分别为，在水平外力Ｆ作用下，它们一起向右加速运动，则( 　)

A.A球和B球都做匀加速直线运动
B.A球先做加速度逐渐减小的加速直线运动后做匀加速直线运动
C.突然撤去外力F的瞬间，A的加速度发生改变，B的加速度不变
D.突然撤去外力F的瞬间，B的加速度发生改变，A的加速度不变
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、在“验证力的平行四边形定则”实验中，橡皮条的一端固定在A点，另一端被两个弹簧秤拉到O，两弹簧秤的读数分别为F1和F2，两细绳的方向分别与橡皮条延长线的夹角为和，如图所示，以下说法正确的是 （ ）

A.只要O位置不变，则合力不变
B.实验中用平行四边形定则求得的合力F一定与OA在一条直线上
C.若保持O点的位置和夹角不变，夹角可变，若F1增大，则F2可能减小
D 合力F必大于F1或F2
14、某探究学习小组欲探究物体的加速度与力、质量的关系，他们在实验室组装了一套如图所示装置，图中小车的质量用M表示，钩码的质量用m表示．回答下列问题：

（1）适当抬高长木板，不挂钩码，轻推小车让小车能在长木板上匀速下滑，是为了在挂上钩码后_______（选填序号）
A．让钩码受到的合外力等于细线的拉力
B．让小车受到的合外力等于细线的拉力
C．保证小车受到的合外力为零
D．保证钩码受到的合外力为零
（2）要使细线的拉力约等于钩码的总重力，应满足的条件是____________
（3）某位同学经过测量和计算得到如下表中数据，请在图中作出小车加速度与所受合外力的关系图线____．
组别
1
2
3
4
5
6
M/kg
0.58
0.58
0.58
0.58
0.58
0.58
F/N
0.10
0.15
0.20
0.30
0.35
0.40
a/m·s-2
0.13
0.17
0.26
0.43
0.51
0.59

（4）由作出的图线可以看出，该实验存在着较大的误差，产生这样误差的主要原因是______
15、质量为2kg的物体在10N水平恒力作用下，沿光滑水平桌面由静止运动2s，则2s末的速度为_______m/s，2s内通过的位移为_______m。
三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示，一物体从高为，倾角斜坡上的A点由静止开始下滑，经过B点后进入水平向右运动的传送带上设经过B点前后速度大小不变，物体与斜坡和传送带的动摩擦因数均为，传送带长为10m，传送带匀速运动的速度为取，，，求：

物体到达B点时的速度
物体从A点到C点离开传送带的时间
17、（10分）小红和小华用刻度尺测量自己反应时间，如图所示，小红的手起始位置正好是刻度尺的零刻线位置，当小华松手时小宏立刻用手捏住刻度尺，此时小红发现手捏的位置刚好在刻度尺20cm处（g=10m/s2）.

（1）问小红的反应时间约为多少？
（2）基于上述原理，某同学用直尺作为测量反应时间的工具尺，若测量范围为0-0.5s，所用直尺长度至少为多长？
（3）写出一条提高测量准确程度的建议
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、C
【解析】A．物体运动的v-t图象中，速度v有正有负，所以只能表示直线运动，不能表示曲线运动，所以A错误；
BD．根据加速度的定义

由图中有

但是

所以物体运动过程中，加速度是变化的，即

所以物体做加速度逐渐减小的加速运动，所以BD错误；
C．由图象可知，随着时间的推移，速度在逐渐增大，所以C正确。
故选C。
2、B
【解析】详解】物体匀速运动，处于平衡状态，则水平方向：f=Fcos30°.
A．F，与结论不相符，选项A错误；
B．Fcos30°，与结论相符，选项B正确；
C．Fsin30°，与结论不相符，选项C错误；
D．，与结论不相符，选项D错误；
3、C
【解析】A．原来物体在多个力的作用下处于静止状态，物体所受的合力为零，使其中的一个力保持方向不变、大小逐渐减小到零，然后又从零逐渐恢复到原来的大小的过程中，则物体的合力从零开始逐渐增大，又逐渐减小恢复到零，故A错误；
B．根据牛顿第二定律知，物体的加速度从零开始先增大后减小到零，故B错误；
C．物体先做加速度增大的加速运动，后做加速度减小的加速运动，根据速度图象的斜率等于加速度可知，速度图象的斜率先增大后减小，故C正确；
D．物体一直做加速运动，位移始终增大，故D错误
4、D
【解析】以大小为v0初速度把篮球竖直向上抛出，篮球运动的过程不计空气阻力，则篮球在上升过程中做匀减速直线运动。
AC．设向上为正方向，则位移与时间的关系为

可得匀减速直线运动的位移时间图像是抛物线，故AC两项错误；
BD．匀减速直线运动的速度与时间的关系为

所以图像是倾斜的直线(纵坐标的绝对值减小)，故B项错误，D项正确。
故选D。
5、B
【解析】A．物体的速度变化大，但所需时间更长的话，物体速度的变化率可能很小，则加速度就会很小，故A错误；
B．加速度反映速度变化的快慢，速度变化得越快，加速度就越大，故B正确；
C．加速度方向保持不变，速度方向可以变化，例如平抛运动，故C错误；
D．如果加速度方向与速度方向相同，加速度大小不断变小，速度却增大，故D错误。
故选B。
6、B
【解析】因x-t图像的斜率等于速度，则b的斜率先正后负，可知b车先向正方向运动后向负方向运动，运动方向发生改变，选项A错误；图像a与b有两个交点，说明两车相遇两次，选项B正确；t1到t2时间内，两车的位移和时间均相同，则a车的平均速度等于b车的平均速度，选项C错误；因x-t图像的斜率等于速度，由图像可知t1时刻，a车的速度小于b车的速度，选项D错误；故选B.
【点睛】解决本题的关键知道位移时间图线的物理意义，知道图线的切线斜率表示瞬时速度，结合位移和时间的大小比较平均速度
7、CD
【解析】A、重力加速度是物体只受重力时产生的加速度，表示自由落体运动速度变化的快慢，故C正确，AB错误；
D、重力加速度的大小与所处的位置有关，与物体的大小、形状、质量无关，即同一地方轻重物体的重力加速度相同，故D正确
8、BD
【解析】物块与弹簧接触前，在推力的作用下做加速运动，与弹簧接触后，随着压缩量的增加，弹簧弹力不断变大，弹力小于推力时，物体继续加速，弹力等于推力时，物体的加速度减为零，速度达到最大，弹力大于推力后，物体减速
【详解】物块与弹簧接触后,物块水平方向上受到向左的推力F和向右的弹力kx作用,当F>kx时,物块向左做加速度减小的加速运动;当F=kx时,物块向左的速度达到最大;F<kx时,物块向左做加速度增大的减速运动,直到速度减为零,此时加速度最大,故选项B、D正确,A、C错误.故选BD.
【点睛】本题中物块接触弹簧后的运动分为加速度不断减小的加速运动和加速度不断变大的减速运动
9、BD
【解析】以盘与砝码为研究对象，根据牛顿第二定律有

以物块M为研究对象，根据牛顿第二定律有

联立得系统运动的加速度为

则绳子的拉力大小为

故AC错误，BD正确
10、BD
【解析】ABD．伽利略的理想实验是在现实生活中永远无法做到的，所以属于理想实验，但它是建立在可靠的实验基础上的，通过逻辑推理，得出结论的，所以BD正确A错误
C．气垫导轨的摩擦力虽然小，但还是存在的，所以也无法达到实验目的，C错误
故选：BD。
11、AC
【解析】将F分解，α变小，竖直分量变小，地面受到的压力N变小，摩擦力f变小；选项AC正确，BD错误；
故选AC
12、BC
【解析】AB.由于弹簧的弹力随形变量的增大而增大，所以A球先做加速度逐渐减小的加速直线运动，B球先做加速度逐渐增大的加速直线运动。当两球速度达到相等时，弹簧形变量不再变化，A、B两球的受力不再变化，之后均做匀加速直线运动，选项A错误，B正确；
CD.突然撤去外力F的瞬间，由于弹簧的弹力不能发生突变，所以B的加速度不变，但A球的受力发生了变化，所以A的加速度发生改变，选项C正确，B错误。
故选BC。

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、AC
【解析】O点的位置不变，则橡皮筋形变量相同，产生的弹力不变，说明合力不变，故A正确；因实验中作图、测量存在误差，不可能严格使F与F′重合，所以实验中用平行四边形定则求得的合力F不一定沿OA直线方向，故B错误；根据平行四边形定值可知，若保持O点的位置和角α1不变，F1增大，若α2也增大，则F2可能减小，故C正确； 因合力与分力满足平行四边形定则，由几何关系可知合力可能小于两分力，故D错误
14、 ①.（1）B； ②.（2）M>>m； ③.（3）如图
④.（4）木板倾角偏小(或“平衡摩擦力不足”或“未完全平衡摩擦力”)
【解析】根据实验原理回答为什么要平衡摩擦力以及要使细线的拉力约等于钩码的总重力应满足的条件；结合图像判断产生误差的原因.
【详解】（1）适当抬高长木板，不挂钩码，轻推小车让小车能在长木板上匀速下滑，这样就平衡了摩擦力，这是为了在挂上钩码后让小车受到的合外力等于细线的拉力，故选B；
（2）以钩码作为研究对象有mg-FT=ma；以小车作为研究对象有FT=Ma；联立以上两式可得FT=M；要绳子的拉力等于钩码的重力，即=mg，故=1，则有M＞＞m；即要使细线的拉力约等于钩码的总重力，应满足的条件是M＞＞m；
（3）图像如图；

（4）图像可以看出，直线与F轴有截距，可知当外力到达某一值时才有加速度，可知产生误差的原因是木板倾角偏小(或“平衡摩擦力不足”或“未完全平衡摩擦力”)
【点睛】掌握实验原理是正确解决实验题
15、 ①.10 ②.10
【解析】[1][2]分析物体受力如图，

由牛顿第二定律得：

则2s末的速度为：
v=at=5×2m/s=10m/s
2s内通过的位移为：
。

三．计算题(22分)
16、 (1)4m/s；(2)5.6s
【解析】(1) 在斜坡上，物体重力，摩擦力，支持力，由牛顿第二定律可得：
mgsinα-f=ma1
垂直斜面方向上：
FN=mgcosα
f=μFN
代入数据解得：a1=gsinα-μgcosα=10×0.6-0.25×10×0.8=4m/s2
又因为
h=x1sinα

vB=a1t1
代入数据解得：

vB=4×1m/s=4m/s；
(2) 当物体进入水平传送带上，由于速度大于传送带的速度，则物体先做匀减速运动，则：
a2=-μg=-2.5m/s2
由运动学可得：2a2x2=v2-vB2
v-vB=a2t2
代入数据解得：

因为x2＜L，则物体先做匀减速运动，速度与传送带速度相等时，随后与传送带一起做匀速直线运动，则：

故物体从A点到C点离开传送带的时间为：
t=t1+t2+t3=1s+0.8s+3.8s=5.6s.
17、（1）0.2s （2）125cm （3）详见解析
【解析】根据题意，本题考查自由落体运动的规律，根据自由落体运动公式，可计算反应时间；根据测得的最大反应时间可计算直尺的最小长度
【详解】（1）尺子被静止释放，做自由落体运动
根据，得
（2）由得，测量的直尺长度至少为
（3）多次测量取平均值；只要说法有道理均给分
【点睛】灵活应用自由落体位移公式是求解本题的关键