黑龙江省实验中学2025年高一上物理期末质量跟踪监视试题含解析.doc

黑龙江省实验中学2025年高一上物理期末质量跟踪监视试题
注意事项：
1． 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。
2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。
3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。
4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、如图所示，自由落体的小球从它接触弹簧开始，到弹簧压缩到最短过程中，小球速度、合力、加速度的变化情况正确的是（ ）

A.小球一接触弹簧就做减速运动
B.小球速度先变大后变小
C.小球受到的合力先变大，后变小
D.小球运动的加速度不变
2、如图所示，质量为1.5kg的物体静止在竖直固定的轻弹簧上，质量为0.5kg的物体由细线悬挂在天花板上，与刚好接触但不挤压.现突然将细线剪断，则剪断细线瞬间、间的作用力大小为（取）（）

A.0 B.2.5N
C.5N D.3.75N
3、如图所示，小圆环A吊着一个质量为m2的物块并套在另一个竖直放置的大圆环上，有一细线，一端拴在小圆环A上，另一端跨过固定在大圆环最高点B的一个小滑轮后吊着一个质量为m1的物块．如果小圆环、滑轮、细线的大小和质量以及相互之间的摩擦都可以忽略不计，细线又不可伸长，若平衡时弦AB所对应的圆心角为α，则两物块的质量之比应为（ ）

A.cos B.sin
C.2sin D.2sinα
4、如图所示，物体的合外力F的大小随时间t的变化情况如图所示，物体在合外力的作用下从静止开始运动，则在时间内，下列说法正确的是

A.物体的加速度先变小，后变大；速度先变小，后变大
B.物体的加速度先变大，后变小；速度先变大，后变小
C.物体的加速度先变小，后变大；速度先变大，后变小
D.物体的加速度先变大，后变小；速度一直变小
5、沿一条直线运动的物体，当物体的加速度逐渐减小时，下列说法正确的是( )
A.物体运动的路程一定增大
B.物体运动的速度一定增大
C.物体运动速度的变化量一定减小
D.物体运动的速度一定减小
6、如图所示，一根劲度系数为k、原长为x0的轻质弹簧，其左端固定在墙上，右端与一个小球相连．当弹簧被拉伸至长度为x时（在弹性限度内），弹簧对小球的弹力大小为（ ）

A.kx0
B.kx2
C.k(x-x0)
D.k(x-x0)2
7、2021年5月15日，我国火星探测器“天问一号”成功着陆火星，“天问一号”在着陆前经历了几个减速阶段，其中打开反冲发动机时“天问一号”处于减速阶段，情景如图所示。关于“天问一号”在该阶段的说法，正确的是（　　）

A.研究下降时的姿态，不可以将它视为质点
B.在减速下降的过程中，它的惯性增大
C.喷出“燃气”减速下降阶段，它处于超重状态
D.反冲发动机对“燃气”的作用力可能小于“燃气”对反冲发动机的作用力
8、一质点做匀加速直线运动，第3s内的位移是2m，第4s内的位移是2.5m，那么以下说法正确的是(　　)
A.第2s内的位移是2.5m
B.第3s末的瞬时速度是2.25m/s
C.质点的加速度是0.125m/s2
D.质点的加速度是0.5m/s2
9、一个质点做变速直线运动的v-t图像如图所示，下列说法中正确的是

A.第1 s内与第5 s内的速度方向相反
B.第1 s内的加速度大于第5 s内的加速度
C.OA、AB、BC段的加速度大小关系是
D.OA段的加速度与速度方向相同，BC段的加速度与速度方向相反
10、关于“互成角度的两个共点力的合成”实验，下列说法正确的是
A.必须使分力、与合力F在同一平面内
B.在同一实验中，橡皮条拉长后的结点位置O允许变动
C.在同一实验中，只要结点位置不变，无论两个分力如何变化，其合力不变
D.用两只弹簧秤拉时，合力的图示F与用一只弹簧秤拉时拉力的图示不完全重合，说明力的合成的平行四边形定则不一定是普遍成立的
11、如图甲所示是一种速度传感器的工作原理图，在这个系统中B为一个能发射超声波的固定小盒子，工作时小盒子B向匀速直线运动的被测物体发出短暂的超声波脉冲，脉冲被运动的物体反射后又被小盒子B接收，从小盒子B发射超声波开始计时，经Dt时间再次发射超声波脉冲，图乙是连续两次发射的超声波的位移—时间图像。则下列说法正确的是（　　）

A.超声波的速度为 B.超声波的速度为
C.物体的速度为 D.物体的速度为
12、如图所示，一细绳系一光滑小球，细绳跨过定滑轮使小球靠在柱体的斜面上。设柱体对小球的弹力为FN，细绳对小球的拉力为FT。现用水平力拉绳使小球缓慢上升一小段距离，在此过程中，下列说法正确的是（　　）

A.FN逐渐增大
B.FN逐渐减小
C.FT逐渐增大
D.FT先增大后减小
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、如图甲所示，在“验证力的平行四边形定则”的实验中，某同学进行实验的主要步骤是：将橡皮筋的一端固定在木板上的A点，另一端拴上两根绳套，每根绳套分别连着一个弹簧测力计，沿着两个方向拉弹簧测力计，将橡皮筋的活动端拉到某一位置，将此位置标记为O点，读取此时弹簧测力计的示数，分别记录两个拉力F1、F2的大小，再用笔在两绳的拉力方向上分别标记a、b两点，并分别将其与O点连接表示两力的方向．再用一个弹簧测力计将橡皮筋的活动端仍拉至O点，记录其拉力F的大小并用上述方法记录其方向

(1)用一个弹簧测力计将像皮筋的活动端仍拉至O点，这样做的目的是________
(2)图乙是在白纸上根据实验结果作出的力的图示，其中_________是F1和F2合力的理论值
14、如图是某同学利用A、B、C三根不同型号的弹簧做“探究弹簧的弹力与弹簧伸长的关系”实验得到的图线。若要选一根弹性较小(劲度系数较小)的弹簧，应选________(选填“A”或“B”或“C”)型号弹簧；根据图线可得B弹簧的劲度系数为________N/m。

15、某同学用图甲所示的实验装置验证牛顿第二定律：

(1)该同学在平衡摩擦力后进行实验，为了便于探究、减小误差，应使小车质量M与砝码和盘的总质量m满足________的条件
(2)他实验时将打点计时器接到频率为50Hz的交流电源上，得到一条纸带，打出的部分计数点如图乙所示(每相邻两个计数点间还有4个点图中未画出) S1=3.59cm，S2=4.39cm，S3=5.19cm，S4=5.99cm，S5=6.79cm，S6=7.59cm．则小车的加速度a=________m/s2，打点计时器在打B点时小车的速度 vB=______m/s.(结果均保留两位有效数字)

(3)通过实验得到如图丙所示的a-F图象，造成这一结果的原因是：在平衡摩擦力时木板与水平桌面的夹角________(选填“偏大”或“偏小”)
三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示，置于水平面上的木箱的质量为m=3.8kg，它与水平面间的动摩擦因数μ=0.25，在与水平方向成37°角的拉力F的恒力作用下从A点向B点做速度v1=2.0m／s匀速直线运动．（cos37°=0.8，sin37°=0.6，g取10N/kg）
（1）求水平力F的大小；
（2）当木箱运动到B点时，撤去力F，木箱在水平面做匀减速直线运动，加速度大小为2.5m/s，到达斜面底端C时速度大小为v=1m/s，求木箱从B到C的位移x和时间t；
（3）木箱到达斜面底端后冲上斜面，斜面质量M=5.32kg，斜面的倾角为37°．木箱与斜面的动摩擦因数μ=0.25，要使斜面在地面上保持静止．求斜面与地面的摩擦因数至少多大。

17、（10分）一名滑雪者乘坐缆车沿索道到达滑道顶部，索道长为x＝600m，缆车速度大小恒为v车＝1.2m/s；然后从滑道顶部由静止沿滑道直线滑下，滑道倾角θ＝30°（简化模型如图）．假设滑雪者速度vt≤10m/s时阻力可忽略，vt＞10m/s时阻力为滑雪者重力的0.1倍，取g＝10m/s2，求：

（1）滑雪者乘坐缆车沿索道运动到滑道顶部需要时间；
（2）滑雪者速度v＝5m/s时，加速度的大小和方向；
（3）滑雪者从滑道顶部向下滑行l＝22m需要的时间
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、B
【解析】开始阶段，弹簧的压缩量较小，因此弹簧对小球向上的弹力小于向下重力，此时合外力大小：
F=mg-kx，
方向向下，随着压缩量的增加，弹力增大，故合外力减小，则加速度减小，由于合外力与速度方向相同，小球的速度增大；当mg=kx时，合外力为零，此时速度最大；由于惯性物体继续向下运动，此时合外力大小为：
F=kx-mg，
方向向上，物体减速，随着压缩量增大，物体合外力增大，加速度增大．故整个过程中合力先减小后增大，加速度先变小后变大，速度先变大后变小，故ACD错误，B正确。
故选B。
【点睛】本题考查了牛顿第二定律的综合应用，学生容易出错的地方是：认为物体一接触弹簧就减速．对弹簧的动态分析也是学生的易错点，在学习中要加强这方面的练习
2、D
【解析】剪断细线前，只有对弹簧有作用力，所以剪断细线前弹簧的弹力，
将细线剪断的瞬间，根据牛顿第二定律可得
，
解得，
隔离，则有:
，
代入数据解得，D正确
3、C
【解析】对小圆环A受力分析，如图：

对小环进行受力分析，如图所示，小环受上面绳子的拉力m1g，下面绳子的拉力m2g，以及圆环对它沿着OA向外的支持力，将两个绳子的拉力进行正交分解，它们在切线方向的分力应该相等：，化简可得：，即，故C正确，ABD错误
4、C
【解析】由图像可知：合力先增大后反向减小，根据牛顿第二定律和运动学规律进行求解即可；
【详解】由于合力先增大后反向减小，根据牛顿第二定律可知，其加速度先增大后反向减小，由于加速度反向，则物体先加速前进，后减速前进，即速度先增大后变小，故选项C正确，ABD错误
【点睛】本题考查牛顿第二定律的简单应用，注意当加速度与速度方向相反时，则减速运动
5、A
【解析】A．只要物体在运动，其运动的路程一定增大，故A正确；
BD．当物体的加速度逐渐减小时，物体的速度变化越来越慢，但速度不一定增大，也不一定减小，当加速度与速度方向相同时，速度在增大，反之，速度在减小，故BD错误；
C．速度的变化量

既与加速度有关，还与变化所用的时间有关，则知，物体运动速度的变化量不一定减小，故C错误。
故选A。
【点睛】加速度与速度的关系关键抓住两者无关来理解．可根据牛顿第二定律理解加速度的决定因素：合外力和质量
6、C
【解析】根据胡克定律得：弹簧被拉伸至长度为x时弹簧的弹力为F=k（x﹣x0）
故选C
【点睛】本题关键要知道弹簧的弹力遵守胡克定律F=kx，注意x是形变量，不是弹簧的长度，难度不大，属于基础题
7、AC
【解析】A．研究下降时的姿态，不能忽略其形状和体积，所以不能将它视为质点。A正确；
B．根据惯性定律可知，质量是衡量惯性的唯一标准，所以在减速下降的过程中，它的惯性不变。B错误；
C．喷出“燃气”减速下降阶段，其加速度竖直向上处于超重状态。C正确；
D．根据牛顿第三定律，可知反冲发动机对“燃气”的作用力等于“燃气”对反冲发动机的作用力。D错误。
故选AC。
8、BD
【解析】A．匀变速直线运动在连续相等时间内的位移之差是一恒量，则有：

代入数据解得

故A错误；
B．某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，则第末的速度

故B正确。
CD．根据

得加速度为：
，
故D正确，C错误。
故选BD。
9、CD
【解析】A．第1s内与第5s内的速度均为正值，方向相同，故A错误；
B．第1 s内、第5 s内的加速度分别为：

、的符号相反，表示它们的方向相反，第1s内的加速度小于于第5 s内的加速度，故B错误；
C．由于段的加速度为零，故三段的加速度的大小关系为：

故C正确；
D．段的加速度与速度方向均为正值，方向相同；段的加速度为负值，速度为正值，两者方向相反，故D正确；
故选CD。
10、AC
【解析】A．在进行实验时，必须使分力、与合力F在同一平面内，否则、的图示为其水平面内分力的图示，导致误差增大，故A正确；
B．了使两次拉橡皮筋效果相同，要求两次要将O点拉到同一位置，故B错误；
C．根据力的等效可知只要结点位置不变，其合力大小不变，故C正确；
D．共点力合成的平行四边形定则是一定成立的，由于实验中不可避免的存在误差，因此合力的图示F与用一只弹簧秤拉时拉力的图示不完全重合，故D错误。
故选AC
11、AD
【解析】AB．由乙图可知，超声波在时间内通过位移为x1，则超声波的速度为

选项A正确，B错误；
CD．由题可知物体通过的位移为x2-x1时所用时间为

所以物体的速度为

选项C错误，D正确。
故选AD。
12、AC
【解析】以小球为研究对象，小球受三个力的作用，重力G（大小方向不变）、细绳的拉力FT、柱体对小球的弹力FN（大小变，方向不变，始终垂直于斜面），受力图和力的矢量三角形图如图所示

在小球上升的过程中FN和细线的拉力FT的夹角逐渐增大，由力的矢量三角形可知，FN和FT都逐渐增大。
故选AC。

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.保证前后两次作用力的效果相同 ②.F′
【解析】(1) [1] 两次用弹簧测力计将橡皮筋活动端都要拉至O点，这样做的目的是保证前后两次作用力的效果相同
(2)[2]理论值是由平行四边形得出的，一定为平行四边形的对角线，故F′为理论值；
14、 ①.C ②.20
【解析】[1]根据胡克定律知斜率表示劲度系数，斜率越小，劲度系数就越小，所以C的劲度系数最小，故选C；
[2]根据胡克定律知斜率表示劲度系数，由图像可得

15、 ①. ②.0.80 ③.0.40 ④.偏大
【解析】（1）当M＞＞m时，可以用钩码的重力代替小车的拉力；
（2）根据△x=aT2求得加速度，利用中间时刻的瞬时速度等于这段时间内的平均速度求得；
（3）根据a-F图象可知，当F=0时，加速度a＞0，判断出原因即可
【详解】（1）小车运动过程中，砝码和盘向下做加速运动处于失重状态，砝码和盘对细线的拉力小于其重力，小车在运动过程中受到的拉力小于砝码和盘的总重力；当小车质量M远大于砝码和盘总质量m时可以近似认为小车受到的拉力等于砝码和盘的重力
（2）计数点间的时间间隔为T，由匀变速直线运动的推论△x=aT2可知，加速度： B点的瞬时速度为
（3）当F=0时，小车已经具有了加速度，在平衡摩擦力时木板与水平桌面的夹角偏大.
【点睛】教科书本上的实验，我们要从实验原理、实验仪器、实验步骤、实验数据处理、实验注意事项这几点去搞清楚．对于实验我们要清楚每一项操作存在的理由．比如为什么要平衡摩擦力，为什么要先接通电源后释放纸带等

三．计算题(22分)
16、（1）10N；（2）0.4s，0.6m ；（3）（答0.33也得分）
【解析】（1）由平衡知识：对木箱水平方向

竖直方向

且

解得
F=10N
（2）由

解得木箱从B到C的位移x=0.6m

（3）木箱沿斜面上滑的加速度

对木箱和斜面的整体，水平方向

竖直方向

其中

解得

17、（1）500s；（2）5m/s2，方向沿滑道向下；（3）3s
【解析】（1）根据匀速运动的位移和速度求出滑雪者乘坐缆车沿索道运动到滑道顶部需要的时间；
（2）根据牛顿第二定律求出滑雪者的加速度大小和方向
（3）根据速度时间公式求出速度达到10m/s的时间，以及结合位移公式求出速度达到10m/s时的位移，根据牛顿第二定律求出有摩擦时的加速度，结合位移时间公式求出继续匀加速运动的时间，从而得出总时间
【详解】（1）滑雪者乘坐缆车时，根据x=v车t0得，
（2）当滑雪者的速度v=5m/s，加速度大小为a1，mgsinθ=ma1，
解得a1＝gsinθ＝10×m/s2＝5m/s2，方向沿滑道向下
（3）当滑雪者速度达到10m/s时，用时为t1，
则，
位移x1＝a1t12＝×5×4m＝10m，
滑雪者还要沿直线向下滑行x2=l-x1=22-10m=12m，
根据牛顿第二定律得，mgsinθ-0.1mg=ma2，
代入数据解得a2＝4m/s2，
根据x2＝vtt2+a2t22得，代入数据解得t2=1s
共用时t=t1+t2=2s+1s=3s