2025年周口市重点中学高一上物理期末监测模拟试题含解析.doc

2025年周口市重点中学高一上物理期末监测模拟试题
请考生注意：
1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。
2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、关于加速度，下列说法正确的是( )
A.速度变化越快，加速度一定越大
B.速度越大，加速度一定越大
C.速度变化越大，加速度一定越大
D以上选项都不对
2、假设从地面上发射飞船的火箭在某段时间内其竖直方向上的v-t图象如图所示，由图象可知

A.在0~t2时间内火箭上升，t2~t3时间内火箭下落
B.t2时刻火箭离地面最远
C.t3时刻火箭返回到地面
D.0~t1时间内火箭的加速度小于t1~t2时间内火箭的加速度
3、足球运动是目前全球体育界最具影响力的运动项目之一，深受青少年喜爱．如图所示为三种与足球有关的情景，下列说法中正确的是

A.图甲中，静止在地面上的足球受到的弹力就是它的重力
B.图甲中，静止在地面上的足球受到弹力作用是因为地面发生了形变
C.图乙中，静止在光滑水平地面上的三个足球由于接触而受到相互作用的弹力
D.图丙中，足球被踢起了，说明脚与球接触时脚对球的力大于球对脚的力
4、如图所示，甲、乙、丙、丁四种情况，光滑斜面的倾角都是α，球都是用轻绳系住处于平衡状态，则下列说法正确的是(　　)

A.球对斜面压力最小的是甲图
B.球对斜面压力最小的是丙图
C.球对斜面压力第二大的是丁图
D.球对斜面压力第二大的是乙图
5、如图所示是物体做直线运动的v-t图象.由图可知，该物体　　

A.第1s内和第3s内的运动方向相反
B.第3s、第4s物体做匀变速直线运动
C.第1s内和第4s内的位移相同
D.和内的平均速度大小相等
6、当堆沙锥堆到一定高度时就会塌下去，此时沙子间的摩擦力就是最大静摩擦力。某实验小组利用该方法测量沙子间的动摩擦因数。通过测量发现当沙锥的底圆直径为D时，沙锥的最大高度为H，圆锥的母线长度为L，如图所示。则沙子间的动摩擦因数μ为（）

A.μ= B.μ=
C.μ= D.μ=
7、如图，柔软轻绳ON的一端O固定，其中间某点M拴一重物，用手拉住绳的另一端N．初始时，OM竖直且MN被拉直，OM与MN之间的夹角为α（）．现将重物向右上方缓慢拉起，并保持夹角α不变．在OM由竖直被拉到水平的过程中(　　)

A.MN上的张力逐渐增大
B.MN上的张力先增大后减小
C.OM上的张力逐渐增大
D.OM上的张力先增大后减小
8、如图所示，处于静止状态的汽车内，驾驶员把智能手机置于“磁力手机支架”上，由于支架具有磁性，会牢牢吸附住手机，使手机平面与水平面成θ角。若手机的重力为G，下列说法正确的有（ ）

A.支架对手机的作用力大小为G
B.支架对手机的支持力大小为Gcosθ
C.支架对手机的摩擦力大小为Gsinθ
D.手机与支架间的动摩擦因数可能等于tanθ
9、如图所示，一质量为m的物体以一定的速率v0滑到水平传送带上左端的A点，当传送带始终静止时，已知物体能滑过右端的B点，经过的时间为t0，则下列判断正确的是( )

A.若传送带逆时针方向运行且保持速率不变，则物体也能滑过B点，且用时为t0
B.若传送带逆时针方向运行且保持速率不变，则物体可能先向右做匀减速运动直到速度减为零，然后向左加速，因此不能滑过B点
C.若传送带顺时针方向运行，当其运行速率(保持不变)v＝v0时，物体将一直做匀速运动滑过B点，用时一定小于t0
D.若传送带顺时针方向运行，当其运行速率(保持不变)v＞v0时，物体一定向右一直做匀加速运动滑过B点，用时一定小于t0
10、如图所示，两个完全相同的小车质量均为M，放在光滑的水平面上，小车横梁上用细线各悬挂一质量均为m的小球，若对甲中的小车施加水平向左的恒力F1，对乙中小球m施加水平向右的恒力F2，稳定后整个装置分别以大小为a1、a2的加速度做匀加速直线运动，两条细线与竖直方向的夹角均为θ，细线的拉力分别为T1、T2，地面对小车的支持力分别为N1、N2，则下列判断正确的是（ ）

A.T2＞T1 B.N1=N2
C. D.
11、如图甲所示，在粗糙水平面上，物块A在方向恒定为水平向右的外力F的作用下做直线运动，其速度﹣时间图象如图乙所示，下列判断正确的是：

A.在0～1s内，外力F不断增大
B.在1s～3s内，外力F的大小恒定
C.在3s～4s内，外力F不断减小
D.在3s～4s内，外力F的大小恒定
12、如图所示，电梯的顶部挂有一个弹簧秤，秤下端挂了一个重物，电梯匀速直线运动时，弹簧秤的示数为10N，在某时刻电梯中的人观察到弹簧秤的示数变为5N，g=10m/s2。关于电梯的运动，以下说法正确的是（　　）

A.电梯可能向下加速运动，加速度大小为5m/s2
B.电梯可能向上加速运动，加速度大小为5m/s2
C.电梯可能向下减速运动，加速度大小为5m/s2
D.电梯可能向上减速运动，加速度大小为5m/s2
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、某同学用如图所示装置做探究弹簧伸长和所受拉力关系”的实验他先在弹簧下端挂上一个钩码然后逐个增加钩码，记录弹簧下端指针对应所指的标尺刻度所得数据列表如下：

（1）根据记录数据，该同学已在坐标上描出了相应的点，如图所示。请在坐标上画出弹簧指针所指的标尺刻度与钩码重的关系图线_____。
（2）根据关系图线可确定：这根弹簧的劲度系数为_____N/m，原长为_____ cm．（保留一位小数）
14、2kg的重物在竖直细绳的拉力作用下向上运动，其v-t图像如图所示。由图可知：在_______s内细绳拉力最大；在______s内细绳拉力小，是__________N。（g取10m/s2）

15、某实验小组利用图甲所示实验装置探究加速度与力、质量的关系，所用交变电流的频率为50Hz。
(1)下列关于本实验的操作中正确的是___
A.调节滑轮的高度，使牵引木块的细线与长木板保持平行
B.通过调节木板倾斜度来平衡木块受到的滑动摩擦力时，需要将小桶通过定滑轮拴在木块上
C.实验时，应先接通打点计时器的电源再放开木块
D.实验开始，释放木块时，应使木块离打点计时器适当远些
(2)为使小桶及桶内砝码的总重力在数值上近似等于木块运动时受到的拉力，应满足小桶及桶内砝码的总质量__（选填“远大于”“远小于”或“近似等于”）木块和木块上砝码的总质量；
(3)如图乙所示是某次实验得到的纸带，每相邻两计数点间有四个点未画出。图中标出的相邻两计数点之的时间间隔___s，根据纸带可求得小车的加速度__。

三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示，质量M=2kg足够长的木板静止在水平地面上，与地面的动摩擦因数μ1=0．1，另一个质量m=1kg的小滑块，以6m/s的初速度滑上木板，滑块与木板之间的动摩擦因数μ2=0．5，g取10m/s2

（1）若木板固定，求小滑块在木板上滑过的距离
（2）若木板不固定，求小滑块自滑上木板开始多长时间相对木板处于静止
（3）若木板不固定，求木板相对地面运动位移的最大值
17、（10分）如图所示，升降机以加速度a匀加速上升，质量为m的物块A置于升降机内倾角为α的固定斜面上，并相对斜面静止，重力加速度为g．试求：物块A受到支持力、摩擦力的大小分别为多少？

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、A
【解析】AD．加速度是反映速度变化快慢的物理量，速度变化越快，加速度越大，故A正确，D错误；
B．物体的速度越大，速度变化不一定快，加速度不一定大，故B错误；
C．加速度等于单位时间内速度变化量，速度变化越大，时间不知道，加速度不一定越大，故C错误；
故选A。
2、D
【解析】v-t图象的斜率表示加速度，速度的正负表示运动方向，v-t图象上部面积代表的位移为正，下部面积代表的位移为负，由此可以位移变化
【详解】0-t3时间内，速度均为正值，说明火箭在这段时间内一直上升，t3时刻火箭离地面最远，故ABC错误．由速度图象的斜率表示加速度，可知0-t1段火箭的加速度小于t1-t2的加速度，故D正确．故选D
【点睛】本题是对v-t图的基本的识别和理解的，重点掌握好图象的位移和速度方向，大小的识别，斜率的识别和计算等问题
3、B
【解析】力的作用效果：一是改变物体的形状，二是改变物体的运动状态；弹力产生的条件是接触且发生弹性形变．作用力与反作用力总是大小相等方向相反
【详解】静止在草地上足球受到的弹力的施力物体是地面，而重力的施力物体是地球，可知弹力不是重力，故A错误；静止在地面上的足球受到弹力是地面对足球的作用力，是因为地面发生形变，故B正确；静止在光滑水平地面上的三个足球虽然接触，但由于没有弹性形变，所以没有受到相互作用的弹力，故C错误；脚对球的力与球对脚的力是一对作用力与反作用力，总是大小相等方向相反．故D错误．故选B
【点睛】本题以体育比赛为载体考查相关的物理知识，注重了物理和生活的联系，考查了学生学以致用的能力．要注意理解弹力的产生以及性质
4、B
【解析】以小球为研究对象，分析受力，根据平衡条件并运用合成法，通过分析受力图得到斜面对小球的支持力大小情况；而斜面对小球的支持力与小球对斜面的压力大小相等，故可以比较压力大小
【详解】甲图中：根据平衡条件得，斜面对小球的支持力N1=mgcosα＜mg
乙图中：受力如图

由平衡条件得：>mg
丙图中：由平衡条件可知，斜面对小球的支持力N3=0
丁图中：设绳子与斜面的夹角为θ，绳子的拉力大小为F，则斜面对小球的支持力N4=mgcosα-Fsinθ＜mg
根据牛顿第三定律得知，斜面对小球的支持力与小球对斜面的压力大小相等
所以球对斜面压力最大的是乙图，压力最小的是丙图，
由上分析，可知，那么第二大的是甲图
故选B
【点睛】本题关键是分析物体的受力情况，再根据共点力的平衡条件进行分析．丙图也可以采用假设法判断斜面与小球之间没有弹力
5、B
【解析】在速度时间图象中，根据速度的正负判断运动方向的关系，根据图线的斜率分析加速度是否变化，从而确定物体的运动性质．根据图线与时间轴围成的面积比较位移的大小，而平均速度等于位移与时间之比，由此分析即可.
【详解】A、第1s内和第3s内速度均为正，运动方向相同，故A错误.
B、第3s内和第4s内图象的斜率相同，则第3s内和第4s内加速度相同，所以第3s、第4s物体做匀变速直线运动．故B正确.
C、根据速度时间图线与时间轴围成的“面积”表示位移，知第1s内和第4s内的位移大小相等、方向相反，则位移不同，故C错误.
D、根据“面积”表示位移，知内和内的位移相同，而所用时间不同，则平均速度不同，故D错误.
故选B.
【点睛】解决本题的关键是要理解速度时间图线的物理意义，知道图线的斜率表示加速度，速度的正负表示运动的方向，图线与时间轴围成的面积表示位移
6、B
【解析】设沙锥堆底圆直径与圆锥的母线长度之间的夹角为θ，取沙锥堆面上一点沙粒，设其质量为m，对其进行受力分析，由平衡条件可知：

其中、，可解得
μ=
故B项正确，ACD三项错误。
7、AD
【解析】以重物为研究对象，受重力mg，OM绳上拉力F2，MN上拉力F1，由题意知，三个力合力始终为零，矢量三角形如图所示，

在F2转至水平的过程中，MN上的张力F1逐渐增大，OM上的张力F2先增大后减小，所以A、D正确；B、C错误
8、ACD
【解析】考查受力分析，静摩擦力与滑动摩擦力。
【详解】A．对手机受力分析，受重力，支架对手机的支持力，支架对手机的吸引力，支架对手机的摩擦力，共受四个力，其中除重力外的三个力施力物体都是支架，手机处于平衡状态，所以，支架对手机的三个力的合力与手机的重力等大反向，即支架对手机的作用力大小为G，A正确；
B．对手机受力分析可得：

即支架对手机的支持力大于，B错误；
C．对手机受力分析，沿斜面方向有：

即支架对手机的摩擦力大小为Gsinθ，C正确；
D．手机保持静止，则摩擦力小于等于最大静摩擦力：

解得：

而

即动摩擦因数可能等于，D正确。
故选ACD。
第II卷（合计63分）
9、AC
【解析】若传送带逆时针运动，物体受摩擦力水平向左，物体会一直做匀减速直线运动，若传送带顺时针运动，物体是减速还是加速，要比较物体与传送带的速度大小，分情况进行讨论即可；
【详解】A、当传送带不动时，小物块在滑动摩擦力作用下在传送带上做匀减速运动，当传送带逆时针方向运行且保持速率不变，物体滑上传送带时仍在滑动摩擦力作用下做匀减速运动，加速度不变，位移不变，运动情况完全相同，所以物体也能滑过B点，且用时为，故A正确，B错误；
C、传送带以恒定速率v沿顺时针方向运行，当，小物块在传送带上做匀速直线运动滑过B点，所以所用时间，故C正确；
D、传送带以恒定速率v沿顺时针方向运行，当，小物块在传送带上可能一直做匀加速运动，也有可能先做匀加速后做匀速运动，所以，故D错误
【点睛】解决本题的关键会根据物块的受力判断物块的运动规律，当传送带顺时针旋转时，当物块的速度大于传送带的速度，物块可能先减速后匀速，当物块的速度小于传送带的速度，物块可能先加速后匀速
10、BC
【解析】先对乙图中情况下的整体受力分析，受重力、支持力和拉力，根据牛顿第二定律，有：

再对乙图中情况下的小球受力分析，如图

根据牛顿第二定律，有

由以上三式可解得：

再对甲图中小球受力分析，如图

由几何关系得：

则有：

故拉力

对整体分析有：

由于

所以

竖直方向上有：

所以

A．综上分析，A错误；
B．综上分析，B正确；
CD．综上分析，C正确，D错误；
故选BC。
11、BC
【解析】在速度﹣时间图象中，某一点纵坐标代表此时刻的瞬时速度；某点切线的斜率代表该时刻的加速度，向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负。结合牛顿第二定律判断受力情况。
【详解】A．在0～1s内，直线的斜率不变，加速度不变，由牛顿第二定律得：

可知外力F恒力，故A错误；
B．在1～3s内，速度不变，物体做匀速直线运动，加速度等于零

故外力F的大小恒定，故B正确；
CD．在3～4s内，斜率越来越大，说明加速度越来越大，所以物体做加速度增大的减速运动，由牛顿第二定律得：

得：

f、m不变，a增大，F减小，故C正确，D错误。
12、AD
【解析】对物体受力分析，据牛顿第二定律可得物体的加速度，从而判断物体的可能运动情况。
【详解】电梯匀速直线运动时，弹簧秤的示数为10N，物体处于平衡状态，有

则物体的质量为

弹簧秤的示数变为5.0N时，对物体受力分析，据牛顿第二定律可得

解得
，方向竖直向下
电梯加速度大小为5 m/s2，可能向下加速运动，也可能向上减速运动，故选AD。

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.见解析 ②.25.5～26.5 ③.18.8～19.2
【解析】（1）[1]利用描点法得出图象如下所示：

（2）[2][3]根据图象可知弹簧总长度和弹簧拉力关系图线为直线，因此弹簧伸长与所受拉力成正比关系，图线的斜率大小等于弹簧的劲度系数，图象与纵坐标的交点为弹簧的原长，根据图象有：弹簧的劲度系数k＝25.5N/m，弹簧的原长为：l＝19.0cm。
14、 (1).0～2 (2).5～8 (3).16
【解析】[1][2][3]根据牛顿第二定律可知

图像斜率代表加速度，0～2s内加速度为正，故在0～2 s内细绳拉力最大；在5～8s内斜率为负，加速度为负，故在5～8s内细绳拉力最小；5～8s内加速度

联立解得，最小拉力

15、 ①.AC ②.远小于 ③.0.1 ④.0.51
【解析】(1)[1]A。调节滑轮的高度，使牵引木块的细线与长木板保持平行，从而保证细绳的拉力等于小车的牵引力，选项A正确；
B．通过调节木板倾斜度来平衡木块受到滑动摩擦力时，不要将小桶通过定滑轮拴在木块上，只让小车拖着纸带在木板上运动，选项B错误；
C．实验时，应先接通打点计时器的电源再放开木块，选项C正确；
D．实验开始，释放木块时，应使木块离打点计时器适当近些，以充分利用纸带，选项D错误。
故选AC。
(2)[2]按照教材上理论若以砝码桶及砝码作为小木块的外力，则有 ，而实际实验过程中砝码桶及砝码也与小木块一起做匀加速运动，即对砝码桶及砝码有
mg-T=ma
对小木块有
T=Ma
综上有

只有当m≪M时，才能认为T=mg，从而有效的保证实验的准确性；
(3)[3][4]相邻两点之间的时间间隔为T=0.1s；根据 可得小车的加速度

三．计算题(22分)
16、（1）（2）t=（3）
【解析】（1）

（2）对m：，
对M：，

t=
（3）木板共速前先做匀加速运动
速度
以后木板与物块共同加速度a3匀减速运动
，

X=
考点：牛顿定律的综合应用
17、支持力为，摩擦力
【解析】考虑斜面对物块支持力N，摩擦力f，不妨设二者的合力为F，用F列牛顿第二定律，再用力的合成与分解的知识求N、f即可
【详解】设斜面对物块支持力为N，摩擦力为f，设二者的合力为F
如图所示，

由牛顿第二定律得
F-mg=ma
根据力的合成与分解
N=Fcosα
f=Fsinα
解得：N=m（g+a）cosα
f=m（g+a）sinα
【点睛】本题考查牛顿第二定律，力的合成与分解，难度不大．注意为了简化起见，我们可以先设出支持力N与摩擦力f的合力F，这样在列牛顿第二定律公式的时候就会简便、直观很多