2025年浙江省宁波市六校联考物理高一第一学期期末学业质量监测模拟试题含解析.doc

2025年浙江省宁波市六校联考物理高一第一学期期末学业质量监测模拟试题
注意事项：
1． 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。
2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。
3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。
4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、日常生活中，我们看到蜗牛在一片倾斜的树叶上缓慢向上爬行。关于图中蜗牛在爬行过程中的受力情况，下列说法正确的是（）

A.树叶对蜗牛的作用力垂直于树叶
B.树叶对蜗牛的作用力方向竖直向上，大小等于蜗牛的重力大小
C.树叶对蜗牛的作用力平行叶面
D.树叶对蜗牛的作用力无法确定
2、下列关于惯性的说法正确的是（ ）
A.速度越大的物体越难让它停止运动，故速度越大，惯性越大
B.静止的物体惯性最大
C.不受外力作用的物体才有惯性
D.行驶车辆突然转弯时，乘客向外倾倒是由于惯性造成的
3、如图探究合力F与两分力F1、F2的关系实验，如果F1大小是3N，F2大小是4N，多次改变F1、F2之间的夹角，关于它们合力F的大小下列说法正确的是（　　）

A.F一定大于4N B.F可以大于7N
C.F可能等于0 D.F可能等于5N
4、图示为正在航拍的四旋翼无人飞机．下列过程中能将无人飞机看做质点的是（　　）

A.调节飞机旋翼的转速 B.调整飞机在空中的姿态
C.观察飞机在空中的位置 D.调整飞机上摄像机镜头的方向
5、根据压强公式，将压强的单位Pa用国际单位制的基本单位表示，则下列正确的是
A.N·m-2 B.kg·m-1·s-1
C.kg·m-2·s-1 D.kg·m-1·s-2
6、如图所示，质量为M的斜劈形物体放在水平地面上，质量为m的物块以某一初速度沿劈的光滑斜面向上滑，至速度为零的过程中，物体M始终保持静止，则在物块m上滑动的过程中（　　）

A.斜劈形物体M受到重力、支持力、
B.斜劈形物体M受到重力、支持力、沿斜面向下的惯性力
C.斜劈形物体M受到重力、支持力、摩擦力、垂直斜面向下的压力
D.斜劈形物体M受到重力、支持力、摩擦力
7、如图甲所示，质量为M=2kg的木板静止在水平面上，可视为质点的物块(质量设为m)从木板的左侧沿木板表面水平冲上木板，整个运动过程小物块未滑离木板，物块和木板的速度一时间图象如图乙所示，g=10m/s2，结合图象，下列说法正确的是

A.可求得物块在前2s内的位移x=5m
B.可求得物块与木板间的动摩擦因数μ=0.1
C.可求得物块的质量m=1kg
D.可求得木板的最小长度为L=2m
8、细绳拴一个质量为m的小球，小球用固定在墙上的水平轻质弹簧支撑，小球与弹簧不粘连，平衡时细绳与竖直方向的夹角为53°，如右图所示．(已知 cos53°＝0.6，sin53°＝0.8)以下说法正确的是( )

A.小球静止时弹簧的弹力大小为mg
B.小球静止时细绳的拉力大小为mg
C.细线烧断瞬间小球的加速度立即为g
D.细线烧断瞬间小球的加速度立即为g
9、如图所示，放在水平地面上的物体M上叠放着物体m，m与M之间有一处于压缩状态的弹簧，整个装置处于静止状态，则下列关于m和M的受力情况分析正确的是（ ）

A.m给M向左的摩擦力
B.M给m向左的摩擦力
C.地面对M的摩擦力向右
D.地面对M无摩擦力作用
10、从匀速直线运动的速度公式v＝可知(　　)
A.速度与位移成正比，与时间成反比
B.速度等于位移与所用时间的比值
C.做匀速直线运动的物体的速度不随时间或位移而变化
D.做匀速直线运动的物体的速度决定于运动的位移
11、如图所示，A、B两条直线表示在A、B两地分别用竖直向上的力F拉质量分别为mA和mB的两个物体得出的加速度a与力F之间的关系图象，则下列说法中正确的是（）

A.比较两地的重力加速度有gA=gB B.比较两物体的质量有mA<mB
C.比较两地的重力加速度有gA<gB D.比较两物体的质量有mA>mB
12、如图一质量为m物体放在水平面上，受到与水平方向成37°的拉力F作用，物体始终保持静止状态，则下面的说法正确的有：（）

A.地面受到的压力大小为mg
B.物体受到的静摩擦力大小为F
C.当拉力变大时物体所受的静摩擦力变大
D.当拉力变小时，地面受到的压力变大
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、某同学利用“验证牛顿第二定律”的实验器材，测量滑块与长木板之间的动摩擦因数．如图甲所示，带滑轮的长木板水平放置，轻绳跨过固定在长木板末端的滑轮，端连接砂桶，另一端连接固定在滑块上的拉力传感器，穿过打点计时器的纸带与滑块尾部相连接，砂桶离地面足够高．调节滑轮的位置使轻绳与长木板平行，不计轻绳与滑轮间的摩擦

（1）为了完成实验______（选填“需要”或“不需要”）将长木板右端垫高以平衡摩擦力，______（选填“需要”或“不需要”）使砂桶的质量远小于滑块和拉力传感器的总质量
（2）经正确、规范的操作后，打出一条如图乙所示的纸带，每两个计数点之间还有四个计时点没有画出来，纸带上的数字为相邻两个计数点间的距离，打点计时器的频率为50Hz．由此可求得滑块的加速度a=___m/s2（结果保留三位有效数字）
（3）改变砂桶的质量，进行多次实验，测出多组滑块的加速度a与相应的拉力传感器示数F，作出a-F图线如图（丙）所示，已知重力加速度为g=9.8m/2，则滑块（含拉力传感器）质量为______kg，滑块与长木板间的动摩擦因数为______
14、在“探究加速度与力、质量的关系”实验中，某同学使用了如图（甲）所示的装置，

(1)打点计时器使用的电源是______（选填选项前的字母）。
A.直流电源　　　　　　B.交流电源
(2)实验中，需要平衡摩擦力和其他阻力。正确操作方法是在不挂重物且______（选填选项前的字母）的情况下，轻推一下小车，若小车拖着纸带做匀速运动，表明已经消除了摩擦力和其他阻力的影响。
A.计时器不打点　　　　B.计时器打点
(3)接通电源，释放小车，打点计时器在纸带上打下一系列点，将打下的第一个点标为O。在纸带上依次取A、B、C……若干个计数点，已知相邻计数点间的时间间隔为T。测得A、B、C……各点到O点的距离为x1、x2、x3……，如图乙所示。则小车的加速度为______。
(4)该同学通过数据的处理作出了a-F图像，如图丙所示，则：

①图中的直线不过原点的原因是______。
②图中直线发生弯曲的原因是______。
15、一物体做加速直线运动，若前半程的平均速度为2m/s，后半程的平均速度是8m/s，则其全程的平均速度为_____________；若前半段时间平均速度为2m/s，后半段时间平均速度为8m/s则整段时间的平均速度为____________。
三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示，一个质量m=1kg的物块，在F=5N的拉力作用下，从静止开始沿水平面做匀加速直线运动，拉力方向与水平方向成θ=37°．假设物块与水平面之间的滑动摩擦因数μ=0.5，取重力加速度g=10m/s2．sin37°=0.6，cos37°=0.8

(1)做出物块的受力分析图；
(2)求物块运动的加速度大小；
(3)求从静止开始物块移动4s内的位移大小；
17、（10分）如图所示，质量m=4kg的物体与地面间的动摩擦因数为μ=0.5，在与水平成θ=37°．角的恒力F作用下，从静止起向右前进t1=2.0s后撤去F，又经过t2=2.4s物体刚好停下．求：F的大小、最大速度vm、总位移S．（sin37°=0.6，g=10m/s2）

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、B
【解析】蜗牛缓慢向上爬行时，每一个位置都可看做平衡状态，受向下的重力和向上的树叶的作用力等大反向；
A．树叶对蜗牛的作用力竖直向上，不一定垂直于树叶，选项A错误；
B．树叶对蜗牛的作用力方向竖直向上，大小等于蜗牛的重力大小，选项B正确；
C．树叶对蜗牛作用力竖直向上，不一定平行叶面，选项C错误；
D．树叶对蜗牛的作用力无法确定，与结论不相符，选项D错误；
故选B.
2、D
【解析】A、质量是物体惯性大小的唯一量度，质量越大，惯性越大，与物体的速度无关，故A错误；
B、惯性的大小与物体的运动状态无关，只与质量有关，故B错误；
C、惯性是物体固有的属性，一切物体在任何情况下都有惯性，故C错误；
D、人的上半身和下半身原来一起向前运动，行驶车辆突然转弯时，下半身由于受车的作用力而转弯，上半身由于具有惯性继续向前运动，所以乘客向外倾倒，故D正确
点睛：惯性是物理学中的一个性质，它描述的是物体能够保持原来的运动状态的性质，解答此题要注意：一切物体任何情况下都具有惯性，惯性只有在受力将要改变运动状态时才体现出来
3、D
【解析】当与方向相同时，达到最大

当与方向相反时，达到最小

由此可以得出的取值范围为，故选择D。
4、C
【解析】调节飞机旋翼的转速，飞机在空中的姿态，飞机上摄像机镜头的方向都需要用到飞行的大小和形状，不能看做质点，但眼睛飞机在空中的位置时，其形状和大小是次要因素，可以忽略，能看做质点，C正确；
考点：考查了质点的理解
5、D
【解析】压强定义式为，它的单位是帕斯卡（Pa），根据牛顿第二定律知，
1N=1kg•m/s2；
而面积S的单位是m2，所以：
1Pa=1kg·m-1·s-2；
A．N不是基本单位，A错误；
BCD．综上分析1Pa=1kg·m-1·s-2，故BC错误D正确；
故选D。
6、C
【解析】隔离斜劈，根据受力分析的一般步骤分析.
【详解】物块上滑的过程中，斜劈受到物块的垂直斜劈向下的压力、除此之外还受重力、地面的支持力以及向左的摩擦力作用，故选C.
7、AD
【解析】根据图象的“面积”可求得位移，得到木板的长度．由斜率得到加速度，以m为研究对象，据牛顿第二定律求解动摩擦因数．由动量守恒可求得物块的质量m
【详解】A.图象的“面积”大小等于位移，可求出物块在t=2 s时的位移x=×（2+4）×1+2×1=5m，故A正确；
B.由图象的斜率等于加速度，可求出m匀减速运动的加速度大小a1=2m/s2，以物块m为研究对象，由牛顿第二定律得：μmg=ma1，μ=a1/g，可求出物块与木板间的动摩擦因数μ=0.2.故B错误；
C.由图知两个物体速度相同后一起作匀速直线运动，说明水平面是光滑的，以两个物体组成的系统为研究对象，取m的初速度方向为正方向，根据动量守恒得：mv0=(M+m)v，代入数据4m=（2+m）×2，可求得m=2kg，故C错误；
D.木板的长度等于两图象在0−1s内“位移”之差，可求出L=×（2+4）×1-×2×1=2m，故D正确
故选AD.
8、AD
【解析】小球静止时，分析受力情况，如图；

由平衡条件得：弹簧的弹力大小为：F=mgtan53°=mg；细绳的拉力大小为：．故A正确，B错误；细绳烧断瞬间弹簧的弹力不变，则小球所受的合力与烧断前细绳拉力的大小相等、方向相反，则此瞬间小球的加速度大小为：．故C错误，D正确．故选AD
【点睛】本题中小球先处于平衡状态，由平衡条件求解各力的大小，后烧断细绳，小球处于非平衡条件，抓住细绳烧断瞬间弹簧的弹力不变是关键
9、AD
【解析】对m受力分析，根据平衡判断出M对m的摩擦力方向．对整体分析，根据平衡判断地面对M的摩擦力方向
解：A、对m受力分析，m受到重力、支持力、水平向左的弹力，根据平衡知，M对m的摩擦力向右．根据作用力与反作用力的关系，则m对M的摩擦力向左．故A正确，B错误
C、对整体受力分析，在竖直方向上受到重力和支持力平衡，若地面对M有摩擦力，则整体不能平衡，故地面对M无摩擦力作用．故C错误，D正确
故选AD
【点评】解决本题的关键会正确的进行受力分析，知道平衡时，合力等于0
10、BC
【解析】匀速直线运动是指方向和快慢都不变的运动，大小与位移、时间没有关系，但速度等于位移与所用时间的比值，故BC正确，AD错误
点睛：物体做匀速直线运动时，速度的大小、方向均保持不变，与路程和时间的大小无关
分卷II
11、AB
【解析】AC．图线有相同的纵截距，即两个物体外力F都为0时加速度都相同，而时两物体都只受重力作用，则

所以

故A正确，C错误；
BD．根据

变形得

可知，a-F图象中斜率为

由图可知A的斜率大于B的斜率，所以

故B正确，D错误。
故选AB。
12、CD
【解析】本题主要考查受力分析，对物体受力分析并进行正交分解，根据平衡条件列出方程并讨论即可
【详解】对物体受力分析可知，水平方向有：，竖直方向有：，则地面对物体的支持力大小为，由牛顿第三定律可知，地面受到的压力大小为，故AB错误；当拉力增大时，摩擦力也增大，故C正确；当拉力变小时，减小，则增大，故D正确

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.不需要 ②.不需要 ③.202 ④.0.25 ⑤.0.4
【解析】（1）滑块受到的拉力是通过力传感器显示的，故不必保证砂和砂桶的总质量远小于滑块质量和测定砂和砂桶的质量，由于要测量摩擦因数，故不需要平衡摩擦力；
（2）把0--6点分成两大段，由逐差公式求加速度；
（3）根据牛顿第二定律，加速度，结合题目所给图象知：斜率，从而求出滑块质量，从横截距可求出
14、 ①.B ②.A ③. ④.平衡摩擦力过度 ⑤.所挂重物的质量未满足远小于小车的质量
【解析】(1)[1]．打点计时器使用的是交流电，故B正确，A错误；
(2)[2]．平衡摩擦力的方法是：把长木板右端垫高，在不挂重物的情况下，同时应当让打点计时器打点的情况下，轻推一下小车，若小车拖着纸带做匀速运动，表明已经消除了摩擦力和其他阻力的影响，故A错误，B正确。
(3) [3]．根据加速度公式:

知：
。
(4) [4] [5]．由图所示图像可知，直线没过原点，在纵轴上有截距，说明当拉力为0时物体的加速度大于0，即木板倾斜角过大，平衡摩擦力过度；从图像上可以看出：F从0开始增加，砝码和托盘的质量远小于车的质量，慢慢的砝码的质量在增加，那么在后面砝码和托盘的质量就没有远小于车的质量，从而使图像发生弯曲。
15、 ①.3.2m/s ②.5m/s
【解析】[1]设一半的位移为s，则由平均速度公式可得

则全程的平均速度为

[2]设一半的时间为t，由平均速度公式可得
s1=v1t
s2=v2t
则全程的平均速度

三．计算题(22分)
16、 (1) (2) 0.5m/s2 (3) 4m
【解析】对物块受力分析，受重力、拉力、支持力和滑动摩擦力，再画出物块的受力示意图；
根据牛顿第二定律求出物体的加速度的大小
【详解】(1) 物块受到重力、拉力、支持力和滑动摩擦力，物块的受力示意图如下
；
(2) 物块竖直方向受力平衡，则有：Fsin37°+FN=mg
解得：FN=mg-Fsin37°
此物块所受到的滑动摩擦力为：
f=μFN=μ（mg-Fsin37°）
代入数据解得：f=3.5N
根据牛顿第二定律，有：Fcos37°-f=ma
代入数据解得：a=0.5m/s2；
(3)由位移公式可得：
【点睛】本题是已知受力情况确定运动情况的问题，关键是正确分析受力情况，根据牛顿第二定律求解加速度
17、；；
【解析】后2.4s内，物体做匀减速直线运动，由牛顿第二定律得：

解得：

由题可知：

可得：

前2 s，由牛顿第二定律可得：

联立可得：

解得：

最大速度：

总位移：