云南省通海县第三中学2025-2026学年物理高一第一学期期末达标测试试题含解析.doc

云南省通海县第三中学2025-2026学年物理高一第一学期期末达标测试试题
考生须知：
1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。
2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。
3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、如图所示，一木块在光滑水平面上受到一个恒力F作用而运动，前方固定一个轻质弹簧，当木块接触弹簧后，下列说法正确的是（　　）

A.将立即做匀减速直线运动
B.将立即做变减速直线运动
C.在弹簧弹力大小等于恒力F时，木块的速度最大
D.在弹簧处于最大压缩量时，木块的加速度为零
2、一根大弹簧内套一根小弹簧，大弹簧比小弹簧长0.20m，它们的下端固定在地面上，上端自由，如图甲所示。当加力压缩此组合弹簧时，测得力和弹簧压缩距离之间的关系如图乙所示，则两根弹簧的劲度系数分别是（设大弹簧劲度系数为k1，小弹簧劲度系数为k2）（　　）

A.k1=100 N/m，k2=200 N/m B.k1=200 N/m，k2=100 N/m
C.k1=100 N/m，k2=300 N/m D.k1=300 N/m，k2=200 N/m
3、在下列选项中，全都是国际单位制中基本单位的是
A.千克、米、秒 B.千克、秒、米/秒
C.牛、千克、米 D.克、米、牛
4、一物体沿竖直方向运动，以竖直向上为正方向，其运动的v-t图象如图所示．下列说法正确的是（ ）

A.物体0～1s做匀加速直线运动
B.物体2～3s向下运动
C.物体0～1s加速度方向与2～3s加速度方向相反
D.物体0～1s平均速度与2～3s平均速度相等
5、A、B、C三个物体如图所示，放置在水平面上，所有接触面均不光滑。有一个水平力作用在物体C上，使A、B、C一起向右做匀速直线运动，则（ ）

A.B对A的摩擦力方向水平向左
B.B对A摩擦力方向水平向右
C.C对A的摩擦力方向水平向左
D.C对B的摩擦力方向水平向右
6、下列说法中正确的是（）
A.重心一定在物体上
B.当物体浮在水中时，所受重力比在地面上时要小
C.形状规则的物体其重心一定在物体的几何中心
D.重力的方向是竖直向下
7、以下说法正确的是( )
A.物体的形状、大小对所研究的问题可以忽略时，该物体可以视为质点
B.第内与内是指同一段时间
C.运动物体的位移大小一定不会大于其路程的大小
D.两个分力的夹角小于180°时，其合力大小随夹角的减小而减小
8、2018年12月8日，我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭成功发射嫦娥四号探测器，于2019年1月3日成功着陆在月球背面冯·卡门撞击坑，开展月球背面就位探测及巡视探测．中国的长征系列火箭是世界上先进的运载工具，它是利用喷射燃烧的气体获得动力的．若不计空气阻力，下面关于火箭竖直发射加速升空时的叙述正确的是(　　)
A.喷出的气体对火箭的推力与火箭对喷出气体的推力是一对作用力与反作用力
B.喷出的气体对火箭的推力与火箭的重力是一对平衡力
C.火箭加速上升时，喷出的气体对火箭的推力大于火箭对喷出气体的推力
D.此时火箭搭载的嫦娥四号探测器处于超重状态
9、如图甲所示，一固定在地面上的足够长斜面，倾角为，质量的物体A放在斜面底端。在时刻物体A在沿斜面向上的恒力的作用下由静止开始沿斜面向上运动，时刻撤去外力物体A向上运动过程，下列图象如图乙所示（g取，，，关于物体A向上运动过程，下列说法正确的是

A.物体在内的位移大小为
B.恒力的大小为
C.物体与斜面间动摩擦因数为0.25
D.在撤去前后两个阶段的平均速度大小之比为
10、将物体竖直向上抛出，假设运动过程中空气阻力不变，其速度—时间图象如图所示，则(　　)

A.上升、下降过程中加速度大小之比为11∶9
B.上升、下降过程中加速度大小之比为10∶1
C.物体所受的重力和空气阻力之比为9∶1
D.物体所受重力和空气阻力之比为10∶1
11、一个物体做变速直线运动，物体加速度从某一值逐渐减小到零．则在此过程中，下列关于该物体的运动情况的说法中可能正确的是(　 　)
A.物体速度不断增大，加速度减小到零时，物体速度最大
B.物体速度不断减小，加速度减小到零时，物体速度为零
C.物体速度不断减小到零，然后物体反向做加速直线运动
D.物体速度不断增大，然后速度逐渐减小
12、一辆汽车停在水平地面上，一个人用力水平推车，但车仍然静止，表明
A.推力越大，但汽车仍然静止是因为汽车太重
B.推力越大，静摩擦力越大，推力与静摩擦力平衡
C.推力大小变化时，静摩擦力大小也发生变化
D.推力小于静摩擦力，因此汽车仍然静止
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、如图所示为某同学研究“在外力一定的条件下，物体的加速度与其质量间的关系”的实验装置示意图

（1）下面列出了一些实验器材：电磁打点计时器、纸带、带滑轮的长木板、垫块、小车和砝码、沙和沙桶、刻度尺．除以上器材外，还需要的实验器材有________
A．秒表 B．天平（附砝码）C．低压交流电源 D．低压直流电源
（2）实验中，需要平衡阻力．把木板一端垫高，调节木板的倾斜度，使小车在不受绳的拉力时能沿木板________
（3）实验中，为了保证小车受到绳子的拉力近似等于沙和沙桶所受的重力，沙和沙桶的总质量m与小车和车上砝码的总质量M之间应满足的条件是________
（4）如图所示，A、B、C、D、E为五个相邻的计数点，若相邻计数点之间的时间间隔T＝0.10s，相邻计数点间的距离分别为xAB＝4.54cm，xBC＝5.13cm，xCD＝5.72cm，xDE＝6.33cm，则小车的加速度a＝________ m/s2（结果保留3位有效数字）

（5）为了直观得到加速度a与小车和车上砝码的总质量M的关系，本实验需多次改变M，测量相应的加速度a，并描绘a与_______的关系图像
14、在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，采用图所示的装置

（1）本实验应用的科学方法是______
A．建立理想模型的方法 B.控制变量法 C.等效替代法 D.类比法
（2）某同学测得小车的加速度a和拉力F的数据如下表所示：（小车质量保持不变）
F/N
0.20
0.30
0.40
0.50
0.60
a/m·s-2
0.10
0.20
0.29
0.40
0.51

①根据表中的数据在坐标图上作出a-F图象_______.
②图线不过原点的原因可能是____________________
15、某同学探究弹力与弹簧伸长量的关系
（1）将弹簧悬挂在铁架台上，将刻度尺固定在弹簧一侧，弹簧轴线和刻度尺都应在________方向（填“水平”或“竖直”）
（2）弹簧自然悬挂，待弹簧______时，长度记为L0，弹簧下端挂上砝码盘时，长度记为Lx；在砝码盘中每次增加10 g砝码，弹簧长度依次记为L1至L6，数据如下表表：
代表符号
L0
Lx
L1
L2
L3
L4
L5
L6
数值（cm）
25.35
27.35
29.35
31.30
33.4
35.35
37.40
39.30
表中有一个数值记录不规范，代表符号为_______．由表可知所用刻度尺的最小分度为______
（3）如图是该同学根据表中数据作的图，纵轴是砝码的质量，横轴是弹簧长度与____________的差值（填“或”）

（4）由图可知弹簧的劲度系数为_________N/m；通过图和表可知砝码盘的质量为_________g（结果保留两位有效数字，重力加速度取9.8 m/s2）
三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示，质量为mB＝10kg的木板B放在水平地面上，质量为mA＝15kg的物体A放在木板B上，一根轻绳一端栓在物体A上，另一端栓在地面的木桩上，绷紧的绳与水平面的夹角为θ＝37°，已知物体A与木板B之间的动摩擦因数μ1＝0.5，木板B与地面之间的动摩擦因数为μ2＝0.2，重力加速度g＝10m/s2，现用水平力F将木板B从物体A下面匀速抽出，（sin37°＝0.6，cos37°＝0.8）试求：
（1）绳上张力T的大小；
（2）拉力F的大小。

17、（10分）如图所示，一小球从平台上水平抛出，恰好落在平台前一倾角为α=的斜面顶端并刚好沿斜面下滑，已知平台到斜面顶端的高度为h=0.8m，不计空气阻力，取g=10m/s2。（sin=0.8，cos=0.6）求：
(1)小球水平抛出的初速度v0的大小；
(2)斜面顶端与平台边缘的水平距离x。

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、C
【解析】AB．当木块接触弹簧后，恒力F先大于弹簧的弹力，弹力逐渐增大，合力逐渐变小，根据牛顿第二定律，加速度逐渐变小，所以木块先做加速度减小的加速直线运动，AB错误；
C．当力F等于弹簧的弹力时，加速度为零，速度最大，C正确；
D．速度最大后，恒力F小于弹簧的弹力，弹力继续逐渐增大，合力逐渐变大，加速度逐渐增大，但是合力方向发生变化，变成反向，做减速运动，速度为零，弹簧处于最大压缩量，此时加速度最大，D错误。
故选C
2、A
【解析】大弹簧劲度系数为k1，小弹簧劲度系数为k2，依据公式

得在0到0.2m范围内有

在0.2m到0.3m范围内有（这个范围内小弹簧的压缩量比大弹簧小0.2m）

解得
k1=100 N/m
k2=200 N/m
BCD错误，A正确。
故选A。
3、A
【解析】国际单位制的基本单位有7个，在力学中有三个，它们分别是质量、长度和时间的单位：千克、米、秒，故选A.
4、C
【解析】v-t图象中，与时间轴平行的直线表示做匀速直线运动，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度，倾斜角越大表示加速度越大
【详解】v-t图像的斜率等于加速度，由图像可知，物体在0～1s内加速度逐渐减小，则物体做加速度减小的变加速直线运动，选项A错误；物体2～3s内速度为正值，即物体向上运动，选项B错误；物体0～1s内做加速运动，在2～3s内做减速运动，则物体0～1s加速度方向与2～3s加速度方向相反，选项C正确；v-t图像与坐标轴围成的面积等于位移，则物体0～1s内的位移大于2～3s内的位移，根据v=s/t可知物体在0～1s的平均速度大于2～3s内的平均速度，选项D错误；故选C.
5、A
【解析】AB．A、B、C一起向右匀速运动，B在水平方向受地面向左的滑动摩擦力和A对B向右的静摩擦力而平衡，所以B对A的静摩擦力方向水平向左，故A正确，B错误；
C．对A来讲，B对A的静摩擦力方向水平向左，所以C对A的静摩擦力方向水平向右，故C错误；
D．C与B没有弹力，不存在摩擦力，故D错误。
故选A。
6、D
【解析】A．空心状物体，例如圆环，它的重心在圆心，但是不在圆环上,故A错误；
B．当物体浮在水中时，所受重力与在地面上相等，故B错误；
C．只有质量均匀，形状规则的物体的重心才在物体的几何中心上，故C错误；
D．重力的方向是竖直向下，故D正确。
故选择D选项。
7、AC
【解析】A．物体的形状、大小对所研究的问题可以忽略时，该物体可以视为质点。故A正确；
B．第内指4～5s这一段时间，内指0～5s这一段时间。故B错误；
C．位移是从始位置指向末位置的有向线段，路程是物体运动轨迹的长度。则运动物体的位移大小一定不会大于其路程的大小。故C正确；
D．根据二力合成的合力表达式，有

两个分力的夹角小于180°时，其合力大小随夹角的减小而增大。故D错误。
故选AC。
8、AD
【解析】由牛顿第三定律可知，作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在两个物体上，力的性质相同，它们同时产生，同时变化，同时消失
【详解】AB、火箭尾部喷出气体，火箭对气体产生推力，喷出的气体反过来对火箭产生一个反作用力，从而让火箭获得了向上的推力，故A正确，B错误；
C、火箭加速上升，是因为喷出气体对火箭的推力大于火箭自身重力的原因，C错误；
D、火箭加速升空，加速度竖直向上，合力竖直向上，则该探测器处于超重状态，D正确
故选AD
【点睛】本题考查了力的相互作用性，力与物体运动的关系，是基础题；知道火箭加速上升，受力不平衡是解题的关键
9、BC
【解析】A．物体在3s内的位移大小等于三角形面积大小，为
，
故A错误；
BC．根据图象的斜率表示加速度，可得，前2s内物体的加速度大小
，
第3s内加速度大小

由牛顿第二定律前2s内有
F-mgsinθ-μmgcosθ=ma1
第3s内有：
mgsinθ+μmgcosθ=ma2
联立解得：
F=12N，μ=0.25，
故BC正确；
D．根据匀变速直线运动的推论

可知在撤去F前后两个阶段平均速度大小均为4m/s，则，故D错误。
故选BC。
10、AD
【解析】根据速度-时间图象的斜率表示加速度得：上升过程：a1= =11m/s2，下降过程：a2==9m/s2； 则加速度之比为：； 故A正确，B错误；上升过程，根据牛顿第二定律得：-mg-f=ma1，下落过程，根据牛顿第二定律得：mg-f=-ma2，代入数据得：；故C错误，D正确；故选AD
【点睛】本题图象反映物体的速度与时间的关系，知道速度-时间图象的斜率表示加速度，同时注意牛顿第二定律公式中力的方向；从而求解合外力
11、ABC
【解析】当加速度的方向与速度方向相同，物体做加速运动，加速度减小，速度增大，当加速度减小为零，速度达到最大，故A正确，D错误．当加速度的方向与速度方向相反，物体做减速运动，可能加速度减小为零时，速度恰好减为零，故B正确．当加速度的方向与速度方向相反，物体做减速运动，速度减为零时，加速度还未减为零，然后物体反向做加速直线运动，故C正确．故选ABC
考点：速度和加速度
【名师点睛】解决本题的关键掌握判断物体做加速运动还是减速运动的方法，关键看加速度的方向与速度方向的关系
12、BC
【解析】汽车停在水平地面上，水平方向受推力和静摩擦力，车保持静止，推力与静摩擦力平衡，推力增大，静摩擦力增大
【详解】A：推力越大，但汽车仍然静止是因为推力小于最大静摩擦力，推力与静摩擦力平衡．故A项错误
BCD：汽车停在水平地面上，水平方向受推力和静摩擦力，车保持静止，推力与静摩擦力平衡，推力增大，静摩擦力增大．故BC两项正确，D项错误

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.BC ②.匀速下滑或做匀速直线运动均可 ③. ④.0.595 ⑤.
【解析】（1）[1]电磁打点计时器需要使用低压交流电源，实验过程中需要测量小车质量、沙与沙桶质量，因此实验需要用到天平，故BC正确，AD错误；
（2）[2]实验前要平衡摩擦力，把木板一端垫高，调节木板的倾斜度，使小车在不受绳的拉力时能沿木板做匀速直线运动；
（3）[3]以整体为研究对象有
mg=（m+M）a
解得

以M为研究对象有绳子的拉力

显然要有
F=mg
必有
m+M=M
故有

即只有时才可以认为绳对小车的拉力大小等于沙和沙桶所受的重力。
（4）[4]由匀变速直线运动推论以及逐差法
△x=aT2
可得加速度

（5）[5]由牛顿第二定律得

F一定时，a与成正比，可以作出图象。
14、 ①.（1）B ②.（2）①见解析； ③.②没有平衡摩擦力（或者平衡摩擦力不够）
【解析】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项．该实验采用的是控制变量法研究，其中加速度、质量、合力三者的测量很重要．采用描点法作图，绘出一条倾斜的直线
【详解】（1）本实验探究加速度与力的关系时，要控制小车质量不变而改变拉力大小；探究加速度与质量关系时，应控制拉力不变而改变小车质量，这种实验方法是控制变量法，故选B.
（2）①a-F图象如图所示：

②从上图中发现直线没过原点，当F≤0.1N时，a=0．也就是说当绳子上有拉力时小车的加速度还为0，说明小车的摩擦力与绳子的拉力抵消呢．该同学实验操作中遗漏了平衡摩擦力这个步骤．所以原因是没有平衡摩擦力或摩擦力平衡不够
【点睛】该实验是探究加速度与力、质量的三者关系，研究三者关系必须运用控制变量法．对于实验我们要清楚每一项操作存在的理由．比如为什么要平衡摩擦力，为什么要先接通电源后释放纸带等．解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项．其中平衡摩擦力的原因以及做法在实验中应当清楚
15、 ①.竖直； ②.稳定； ③. ； ④. ； ⑤. ； ⑥.4.9； ⑦.10；
【解析】①将弹簧悬挂在铁架台上，将刻度尺固定在弹簧一侧，弹簧轴线和刻度尺都应在竖直方向
②表中有一个数值记录不规范，尺的最小分度值为1mm，所以长度应为33．40cm，由表可知所用刻度尺的最小刻度为1mm
③在砝码盘中每次增加10g砝码，所以弹簧的形变量应该是弹簧长度与的差值
④充分利用测量数据，通过图和表可知
所以砝码盘的质量为
考点：探究弹力与弹簧伸长量的关系实验
【名师点睛】弹簧测力计的原理是在弹簧的弹性限度内，弹簧的伸长与受到的拉力成正比．对于实验问题，我们要充分利用图象处理实验数据来减少偶然误差

三．计算题(22分)
16、（1）150N （2）188N
【解析】（1）对A受力分析有，如图所示：

根据平衡条件，则竖直方向有：

水平方向有：

联立解得：T=150N
（2）对AB整体，受力分析如图所示：

根据平衡条件，则竖直方向有：

水平方向有：

解得：F=188N
17、 (1)3m/s；(2)1.2m
【解析】(1)设小球到达斜面顶端时竖直方向分速度为vy，则

又

代入数据解得：
v0=3m/s
(2)设从平台边缘运动到斜面顶端的时间为t，则，又x=v0t，代入数据解得
x=1.2m