浙江省衢州、丽水、湖州、舟山四地市2026届高一上物理期末学业质量监测模拟试题含解析.doc

浙江省衢州、丽水、湖州、舟山四地市2026届高一上物理期末学业质量监测模拟试题
考生须知：
1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。
2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。
3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、如图，粗糙的水平地面上有一斜劈，斜劈上一物块正在沿斜面以速度v0匀速下滑，斜劈保持静止，则地面对斜劈的摩擦力（）

A.等于零
B.不为零，方向向右
C.不为零，方向向左
D.不为零，v0较大时方向向左，v0较小时方向向右
2、质点是理想化的物理模型，下列有关质点的说法中正确的是（　　）
A.研究车轮的转动时，车轮可当作质点
B.研究月球绕地球运动时，月球可当作质点
C.研究跳水运动员在空中的翻滚动作，跳水运动员可当作质点
D.乒乓球很小，所以在任何情况下都可当作质点
3、弹簧的原长为10 cm，它下面挂一个重为4 N的物体时，弹簧长为12 cm，在它下面挂一个重为6 N的物体时，弹簧的长度为(　　)
A.7 cm
B.3 cm
C 16 cm
D.13 cm
4、下列关于加速度的描述中，正确的是(　　)
A.物体的加速度等于零，则物体一定静止
B.当加速度与速度方向相同且又减小时，物体做减速运动
C.速度方向为正时，加速度方向可能为负
D.速度变化越来越快时，加速度越来越小
5、乘坐如图所示游乐园的过山车时，质量为m的人随车在竖直平面内沿圆周轨道运动.下列说法正确的是（）

A.车在最高点时人处于倒坐状态，全靠保险带拉住，若没有保险带，人一定会掉下去
B.人在最高点时对座位仍可能产生压力，但压力一定小于mg
C.人在最高点和最低点时的向心加速度大小相等
D.人在最低点时对座位的压力大于mg
6、下列说法中正确是
A.运动员在分析乒乓球的旋转时可将乒乓球视为质点
B.出租车是按位移的大小来计费的
C.在学校田径场1500m长跑比赛中，跑完全程的运动员的位移大小为1500m
D.第一节课从8:00开始，其中8:00指的是时刻
7、如图，健身用的拉力器上并列装有4根相同的弹簧，每根弹簧的原长都是40cm，某人用800N的水平力把它们拉长至1.4m。则

A.手受到拉力器的拉力为400N
B.每根弹簧产生的弹力为200N
C.每根弹簧的劲度系数为800N/m
D.每根弹簧的劲度系数为200N/m
8、关于物体运动的加速度，下列说法正确的是（）
A.速度越大，加速度越大
B.速度变化量大，加速度不一定大
C.末速度越大，加速度越大
D.速度变化越快，加速度越大
9、传送带以恒定速度v=4 m/s顺时针运行，已知传送带与水平面的夹角θ=37°，现将质量m=2 kg的小物块轻放在其底端（小物块可看成质点），平台上的人通过一根轻绳用恒力F=20 N拉小物块，经过一段时间物块被拉到平台上，如图所示，已知物块与传送带之间的动摩擦因数μ=0.5，传送带长6m。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10 m/s2，sin 37°=0.6，cos 37°=0.8。则（）

A.物体一直做匀加速运动
B.物体先受滑动摩擦力，共速后受静摩擦力
C.物体在传送带上运动的时间为1.5s
D.物体相对传送带滑行的距离为1m
10、如图所示，传送带的水平部分长为L=10m，传动速率为v=2m/s，在其左端无初速度释放一小木块，若木块与传送带间的动摩擦因数为μ=0.2，则木块从左端运动到右端运动情况说法正确的是：

A.一直做匀速运动
B.先加速后匀速
C.全过程用时间为5.5秒
D.全过程用时间为5秒
11、小明到商场选购商品，发现商场两自动扶梯倾斜度一样，但坡面不同，如图所示。小明站在自动扶梯上随扶梯一起向上匀速运动。已知小明的体重为G，鞋底与扶梯间的动摩擦因数为μ，扶梯与水平面间的夹角为θ，小明在两自动扶梯上受到的摩擦力大小分别为f甲、f乙，扶梯对小明的支持力大小分别为FN甲、FN乙，则下列说法正确的是(　　　)

A.f甲= f乙=μGcosθ
B.FN甲= FN乙=Gcosθ
C.FN甲=G FN乙= Gcosθ
D.f甲=0 f乙=Gsinθ
12、一质点做直线运动，当时间时，位移，速度，加速度，此后a逐渐减小，则它的　　
A.速度逐渐减小
B.位移始终为正，速度变为负值
C.速度的变化越来越慢
D.速度逐渐增大
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、在“探究匀变速直线运动的规律”的实验中：
（1）除打点计时器（含纸带、复写纸）、小车、一端附有滑轮的长木板、细绳、钩码、导线及开关外,在下面的仪器和器材中,必须使用的有______
A．电压合适的交流电源 B．电压可调的直流电源
C．刻度尺 D．秒表 E．天平
（2）实验过程中，下列做法正确的是 ________
A．先接通电源，再使纸带运动
B．先使纸带运动，再接通电源
C．将接好纸带的小车停在靠近滑轮处
D．将接好纸带的小车停在靠近打点计时器处
（3）通过打点计时器得到的一条纸带上的点迹不均匀，下列判断正确的是________
A．点迹密集的地方说明振针打点速度较大
B．点迹密集地方说明物体运动的速度较大
C．点迹不均匀说明物体做变速运动
D．点迹不均匀说明相邻两点之间的时间间隔不同
（4）图示为一次实验得到的一条纸带，纸带上每相邻的两计数点间都有四个点未画出，按时间顺序取A、B、C、D、E五个计数点，测出各点到A点的距离如图所示

①由纸带可判定小车做_________________ 运动
②当打计数点D时小车的瞬时速率为___ m/s；小车的加速度大小为___ m/s2．（结果均保留2位有效数字）
14、某同学利用图甲所示的实验装置来研究滑块与木板间的动摩擦因数。木板的左端固定一定滑轮，右端固定一打点计时器，滑块的右端与穿过打点计时器的纸带相连，左端用细线通过定滑轮与钩码相连。

（1）实验中必要措施是__
A．细线必须与长木板平行
B．先接通电源再释放物块
C．滑块的质量远大于钩码的质量
D．垫高木板的右端以补偿打点计时器对滑块的阻力及其它阻力
（2）若某次实验中，所用钩码的质量为，滑块的质量为，打出的纸带如图乙所示，且相邻的计数点之间还有四个点未画出来，根据纸带求出物块的加速度__，滑块与木板间的动摩擦因数为__。（结果均保留3位有效数字）
15、如图甲所示，人站在力传感器上完成起立和下蹲动作。图乙中呈现的是力传感器的示数随时间的变化情况。图乙中a点，小明所受到的支持力______受到的重力（选填“大于”、“等于”或“小于”）；b点到c点的过程中，小明完成了______动作（选填“起立”或“下蹲”）。

三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示,质量为M=1kg的木板静止在光滑水平面上,质量为m=1kg的物块以初速度v0=2.0m/s滑上木板的左端,物块与木板之间的动摩擦因数为在物块滑上木板的同时,给木板施加一个水平向右的恒力F，当恒力F取某一值时,物块在木板上相对于木板滑动的路程为给木板施加不同大小的恒力F,得到的关系如图所示，当恒力F=0N时,物块恰不会从木板的右端滑下．将物块视为质点,最大静摩擦力等于滑动摩擦力,重力加速度g取10m/s2，试求:

(1)求木板长度；
(2)要使物块不从木板上滑下,恒力F的范围；
(3)图中CD为直线,求该段的的函数关系式
17、（10分）如图所示，质量为M=4kg木板静止在光滑的水平面上，在木板的右端放置一个质量m=1kg大小可以忽略的铁块，铁块与木板之间的摩擦因数μ=0.4，在铁块上加一个水平向左的恒力F=8N，铁块在长L=6m的木板上滑动，取g=10m/s2．求：
（1）经过多长时间铁块运动到木板的左端；
（2）在铁块到达木板左端的过程中，恒力F对铁块所做的功。

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、A
【解析】本题中由于小木块与斜面体间有相对滑动，但无相对加速度，可以当作两物体间相对静止，摩擦力达到最大静摩擦力的情况，然后运用整体法研究
【详解】由于物块匀速下滑，而斜劈保持静止，都处于平衡状态，将两者看做一个整体，整体在水平方向上不受摩擦力作用，故A正确，BCD错误
故选A
2、B
【解析】A．研究车轮的转动时，不能看着质点，否则就没有转动了，故A错误；
B．研究月球绕地球运动时，月球的形状和大小对研究问题没有影响，可以看作质点，故B正确；
C．研究跳水运动员在空中的翻滚动作，不可以忽略其大小，否则就不能研究翻滚的动作了，所以不可以看作质点，故C错误；
D．如果研究乒乓球的转动时，不能忽略其大小形状，不能看作质点，故D错误。
故选B。
3、D
【解析】根据胡克定律

4=
可得
N/m
在它下面挂一个重为6N的物体时
cm
因此弹簧的长度：
cm
D正确，ABC错误
故选D。
4、C
【解析】加速度等于单位时间内的速度变化量，反映速度变化快慢的物理量，当加速度的方向与速度方向相同，物体做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，物体做减速运动
【详解】A项：加速度等于零时，物体可能静止，也可能匀速运动，故A错误；
B项：当加速度与速度方向相同时，速度增大，故B错误；
C项：速度方向为正，加速度方向可以为正（速度增加）也可以为负（速度减小），故C正确；
D项：加速度表示速度变化的快慢，速度变化越来越快，加速度应越来越大，故D错误
故选C
【点睛】解决本题的关键知道加速度的物理意义，掌握判断物体做加速运动还是减速运动的方法，关键看加速度的方向与速度方向的关系
5、D
【解析】A.当人与保险带间恰好没有作用力，由重力提供向心力时，
，
则临界速度为
v0=，
当速度v⩾时，没有保险带，人也不会掉下来。故A错误；
B.当人在最高点的速度v>，人对座位就产生压力。以人为研究对象，根据牛顿第二定律得：
mg+N=，
得：
N=−mg，
座位对人作用力与速度v有关，当v>时，N>mg，则座位对人的压力将大于mg，故B错误；
C.人在最高点和最低点速度大小不等，根据向心加速度公式

可知，人在最高点和最低点时的向心加速度大小不相等，故C错误；
D.人在最低点时，加速度方向竖直向上，根据牛顿第二定律分析可知，人处于超重状态，人对座位的压力大于mg，故D正确。
故选：D。
6、D
【解析】运动员分析旋转球技术时的乒乓球，不可以看成质点，否则无法研究其旋转，故A错误；出租车是按路程的大小来计费的，选项B错误；在学校田径场1500m长跑比赛中，跑完全程的运动员的路程大小为1500m，选项C错误；第一节课从8:00开始，其中8:00指的是时刻，选项D正确；故选D.
7、BD
【解析】由题可知弹簧伸长量为：，4根相同的弹簧共承受800N的水平力，每根弹簧产生的弹力为：

每根弹簧的劲度系数为：

因为人用了800N的水平力，所以手受到拉力器的拉力为800N。故AC错误；BD正确。
故选BD。
8、BD
【解析】A.速度越大，速度变化不一定快，加速度不一定大，故A错误；
B.根据知，速度变化量越大，加速度不一定大，故B正确；
C.末速度大，速度变化不一定快，加速度不一定大，故C错误；
D.加速度是反映速度变化快慢的物理量，速度变化越快，加速度越大，故D正确；
9、BD
【解析】AB．开始时，物体受向上的拉力F=20N，
向上的摩擦力

重力沿斜面向下的分力：

则物体向上做加速运动，当与传送带共速后，因F=G1+f（此时摩擦力向下）可知物块匀速运动；即物体先做匀加速运动，后做匀速运动；物体先受向上的滑动摩擦力，共速后受向下的静摩擦力，选项A错误，B正确；
CD．物体加速运动时的加速度

加速运动的时间

加速运动的位移

做匀速运动的时间

则在传送带上滑行的总时间

物体相对传送带滑行的距离为

选项C错误，D正确；
故选BD。
10、BC
【解析】物块在传送带上加速度：

物块与传送带速度相等时，经过时间：

经过的位移：

此后，物体和传动带共速，做匀速直线运动至传送带最右端，用时：

所以物体先做匀加速直线运动，共速后做匀速直线运动，用时：

BC正确，AD错误。
故选BC。
11、CD
【解析】分别对甲乙两图的小明进行受力分析，如图所示，根据小明站在自动扶梯上随扶梯一起向上匀速运动，所以小明受力平衡，则：

故选CD。

12、CD
【解析】加速度是速度的变化率，加速度和速度同向时，物体做加速运动，反向时做减速运动.
【详解】ABD．因速度v>0，加速度a>0，加速度和速度同向，则即使此后a逐渐减小，则它的速度也是逐渐增加且始终为正的，位移逐渐变大，且始终为正，选项AB错误，D．正确；
C．加速度是速度的变化率，加速度减小，则速度的变化越来越慢，选项C正确；
故选CD.

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 (1).AC (2).AD (3).C (4).匀加速直线 (5).0.34m/s (6).0.40m/s2
【解析】（1）[1]．使用打点计时器是需要用电压合适的交流电源；处理纸带时需要用刻度尺．故选AC
（2）[2]．实验操作时，用将接好纸带的小车停在靠近打点计时器处，先接通电源，再释放纸带．故AD正确，BC错误
（3）[3].AB、相邻计时点的时间间隔相等，点迹密集的地方，相邻计时点的距离小，所以物体运动的速度比较小，与振针的振动速度无关，故AB错误；
CD、相邻计时点的时间间隔相等，点迹不均匀说明物体做变速运动，故C正确，D错误
（4）①[4]．因为： xAB=24mm  xBC=52-24=28mm  xCD=84-52=32mm，那么
 ∆x=xBC-xAB=xCD-xBC=xDE-xCD=4mm
即相邻的相等时间间隔位移之差相等，所以小车做匀加速直线运动
②[5]．由于每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，打计数点D时小车的瞬时速率为：

[6]．根据运动学公式得：△x=at2，得：

14、 ①.AB ②.1.26 ③.0.311
【解析】(1)[1]
A．细线必须与长木板平行,这样更容易表示钩码和小车受到的合力，由牛顿第二定律可得
.....(1)
故A正确；
B．先接通电源打点稳定后再释放物块，这样记录时间更准确，测量误差会更小。
C．取整体为研究对象，绳子的拉力大小无需知道，所以滑块的质量不一定要远大于钩码的质量，故C错误；
D．垫高木板的右端以补偿打点计时器对滑块的阻力及其它阻力，平衡摩擦力后
……(2)
无法计算摩擦力的大小，更无法计算动摩擦因数大小，故D错误。
故选择AB选项。
(2)[2]
用逐差法计算加速度大小
…….(3)
[3]
将(3)代入(1)可得
15、 ①.小于 ②.起立
【解析】[1]由图知，小明的重力为500N，图乙中a点，传感器的示数小于500N，则a点时，小明所受到的支持力小于受到的重力；
[2]由图知，b点到c点的过程中，小明受到的支持力先大于重力后小于重力，即加速度先向上后向下；起立过程人的加速度先向上后向下，下蹲过程人的加速度先向下后向上；所以b点到c点的过程中，小明完成了起立动作。

三．计算题(22分)
16、（1）0.5m（2）F≤4N；（3）
【解析】（1）当恒力F=0N时，物块恰不会从木板的右端滑下，根据动能定理牛顿第二定律求解物块和木板的加速度，当两物体共速时，物块相对木板的位移恰为木板的长度；（2）当F=0时，物块恰能滑到木板右端，当F增大时，物块减速、木板加速，两者在木板上某一位置具有共同速度；当两者共速后能保持相对静止（静摩擦力作用）一起以相同加速度a做匀加速运动，根据牛顿第二定律求解F的最大值；
（2）当0≤F≤Fm时，随着F力增大，S减小，当F=Fm时，出现S突变，说明此时物块、木板在达到共同速度后，恰好再次发生相对运动，物块将会从木板左端掉下．对二者恰好发生相对运动时，由牛顿第二定律列式结合运动公式即可求解
【详解】（1）当恒力F=0N时，物块恰不会从木板的右端滑下，则物块的加速度 ；
木板的加速度：；
物块与木板共速时v0-a1t1=a2t1
解得t1=0.5s，
则木板的长度：
（2）当F=0时，物块恰能滑到木板右端，当F增大时，物块减速、木板加速，两者在木板上某一位置具有共同速度；当两者共速后能保持相对静止（静摩擦力作用）一起以相同加速度a做匀加速运动，则：，而f=ma，
由于静摩擦力存在最大值，所以：f≤fmax=μmg=2N，
联立解得：F≤4N；
（3）当0≤F≤4N时，最终两物体达到共速，并最后一起相对静止加速运动，对应着图（b)中的AB段，当F>4N时对应（b)中的CD段，当两都速度相等后，物块相对于木板向左滑动，木板上相对于木板滑动的路程为s=2Δx
当两者具有共同速度v，历时t，
则：
am＝＝μg＝2m/s2
根据速度时间关系可得：v0-amt=aMt
根据位移关系可得：Δx＝v0t−amt2−aMt2
s=2Δx
联立 −F函数关系式解得：
【点睛】本题考查牛顿运动定律．滑块问题是物理模型中非常重要的模型，是学生物理建模能力培养的典型模型．滑块问题的解决非常灵活，针对受力分析、运动分析以及牛顿第二定律的掌握，还有相对运动的分析，特别是摩擦力的变化与转型，都是难点所在．本题通过非常规的图象来分析滑块的运动，能从图中读懂物体的运动
17、（1）2s；（2）64J
【解析】（1）铁块与木板间的滑动摩擦力
f=μmg=4N
铁块的加速度

木板的加速度

铁块滑到木板左端的时间为t，则

代入数据解得
t=2s
（2）铁块位移

恒力F做功
W=Fs1=8×8J=64J