2025-2026学年河北武邑中学物理高一第一学期期末教学质量检测试题含解析.doc

2025-2026学年河北武邑中学物理高一第一学期期末教学质量检测试题
注意事项
1．考生要认真填写考场号和座位序号。
2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。
3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、如图所示的装置中，A、B两物块的质量分别是、，弹簧和绳的质量均不计，绳与滑轮间的摩擦不计，重力加速度，则下列说法正确的是（ ）

A.固定物块A，物块B处于静止状态时，弹簧的弹力大小为20N
B.固定物块B，物块A处于静止状态时，弹簧的弹力大小为30N
C.先固定物块A，待A、B均静止时再释放A，释放的瞬间弹簧的弹力大小为10N
D.物块A、B和弹簧一起稳定运动的过程中，弹簧的弹力大小为15N
2、我们乘电梯上高层楼房时，从起动到停下来，我们分别所处的状态是（ ）
A.先失重，正常，后超重 B.先超重，正常，后失重
C.先超重，失重，后正常 D.先正常，超重，失重
3、一个质点沿x轴做直线运动，它的位置坐标随时间变化规律是x=(8t -4t2)m，其中x与t的单位分别为m和s，则质点的初速度加速度分别是（　 ）
A.8m/s -4m/s2 B.8 m/s 8 m/s2
C.8 m/s -8 m/s2 D.4 m/s 2 m/s2
4、一物体做直线运动，其加速度随时间变化的a—t图象如图所示．下列v—t图象中，可能正确描述此物体运动的是

A. B.
C. D.
5、关于速度和加速度的关系，下列说法正确的是（　　）
A.物体的加速度增大，速度一定增大
B.物体的速度变化，加速度一定变化
C.物体的速度变化越快，加速度一定越大
D.物体的速度变化越大，加速度一定
6、如图所示，吊篮A、物体B、物体C的质量分别为m、3m、2m。B和C分别固定在轻弹簧两端（弹簧的质量不计）．B和C在吊篮的水平底板上处于静止状态．将悬挂吊篮的轻绳剪断的瞬间(　　)

A.吊篮A的加速度大小为2g
B.物体B的加速度大小为g
C.物体C的加速度大小为0
D.A、B、C的加速度大小都等于g
7、如图所示，质量分别为mA、mB的A、B两物块用轻线连接放在倾角为θ的斜面上，用始终平行于斜面向上的拉力F拉A，使它们沿斜面匀加速上升。已知A、B与斜面的动摩擦因数均为μ，为了增加轻线上的张力，可行的办法是（ ）

A.增大B的质量 B.减小A物的质量
C.增大倾角θ D.增大动摩擦因数μ
8、如图甲所示，绷紧的水平传送带始终以恒定速率v1运行．初速度大小为v2的小物块从与传送带等高的光滑水平地面上的A处滑上传送带．若从小物块滑上传送带开始计时，小物块在传送带上运动的v-t图像（以地面为参考系）如图乙所示．已知v2>v1，则（）

A.t2时刻，小物块离A处的距离达到最大
B.t2时刻，小物块相对传送带滑动的距离达到最大
C.0~t3时间内，小物块始终受到大小不变摩擦力作用
D.0~t2时间内，小物块受到的摩擦力方向一直向右
9、汽车在平直路面上以20m/s的速度匀速行驶，发现前方50m处有一障碍物， 立即刹车(可视为匀减速运动)。为了保障安全，汽车刹车的加速度大小可能为
A.2.5m/s2 B.3.5m/s2
C.4.5m/s2 D.5.5m/s2
10、甲、乙两车平直公路上同向行驶，其图象如图所示。已知两车在3s时并排行驶，则（　　）

A.甲车的加速度大小为5m/s2
B.乙车的加速度大小为5m/s2
C.两车另一次并排行驶的时刻是1s
D.甲、乙两车两次并排行驶的位置之间沿公路方向的距离为20m
11、放在水平地面上的一物块，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系和物块速度v与时间t的关系如图所示。取重力加速度g=10m/s2。由此两图线可以求得物块的质量m和物块与地面之间的动摩擦因数μ分别为（ ）

A.m=0.5kg B.μ=0.4
C.m=1kg D.μ=
12、电灯悬于两壁之间，保持O点及OB绳的位置不变，而将绳端A点向上移动，则

A.绳OA所受的拉力先增大后减小 B.绳OA所受的拉力先减小后增大
C.绳OB所受的拉力一定逐渐增大 D.绳OB所受的拉力一定逐渐减小
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、（1）在探究小车速度随时间变化的规律实验中，用到的测量工具是（有二个）
______；__________。
（2）在验证牛顿第二定律实验中，在保持拉力F=5N不变时，某同学根据测出的数据，画出图线如图．但该同学未标注横坐标所对应的符号，请你在图中括号处补全_______。

14、实验小组做“探究平抛运动的规律”实验
(1)选用如图所示的各种装置做实验，以下说法正确的是______

A.用装置1探究平抛物体的竖直分运动时，应用眼睛看A、B两球是否同时落地
B.用装置2要获得稳定的细水柱显示的平抛轨迹，竖直管上端A要低于水面
C.用装置3要获得钢球的平抛轨迹，每次不一定要从斜槽上同一位置由静止释放钢球
D.除上述装置外，也能用数码照相机拍摄钢球做平抛运动时每秒15帧的照片获得平抛轨迹
(2)实验中，用一张印有小方格的纸记录小球运动轨迹，小方格的边长为L，若小球在平抛运动途中的几个位置如图中的A、B、C所示，（当地重力加速度为g，以下问题用已知量对应的字母表示）则
①小球从A到C的时间为______；
②小球经过B点时速度的水平分速度为______；
③小球在C点时速度的竖直分速度为______。

15、如图甲所示。用铁架台、弹簧和多个已知质量相同的钩码，探究弹簧的弹力与弹簧伸长量的关系。

(1)如图乙所示，根据实验数据绘图，纵轴是钩码质量m，横轴是弹簧的形变量x，由图可知：图线不通过原点的原因是_________；
(2)如图丙所示，实验中使用两根不同的弹簧a和b，多次测量弹簧所受到的弹力和弹簧伸长量，并画出弹簧弹力F与弹簧长度L的F-L图象，根据图象，可得到在弹性限度内，弹簧的弹力与弹簧伸长量成_________（选填“正比”或“反比”）。
三．计算题(22分)
16、（12分）如图，质量M=4kg的长木板静止处于粗糙水平地面上，长木板与地面的动摩擦因数μ1=0.1，现有一质量m=3kg的小木块以v0=14m/s的速度从一端滑上木板，恰好未从木板上滑下，滑块与长木板的动摩擦因数μ2=0.5，g取10m/s2，求：

（1）木块刚滑上木板时，木块和木板的加速度大小；
（2）木板长度；
（3）木板在地面上运动最大位移
17、（10分）如图所示，倾角θ=37°的斜面体固定在水平地面上，斜面长L=2.5m．质量M=2.0kg的B物体放在斜面底端，与斜面间的动摩擦因数μ=0.25，通过轻细绳跨过光滑的定滑轮与A物体相连接，连接B的细绳与斜面平行．A的质量m=2.5kg，绳拉直时用手托住A物体使其在距地面h高处由静止释放，着地后立即停止运动．A、B物体均可视为质点，取g=10m/s2，sin37º=0.6，cos37º=0.8

（1）求A物体下落的加速度大小及绳子拉力T的大小；
（2）求当A物体从多高处静止释放，B物体恰好运动至斜面最高点；
（3）若A物体从h=m处静止释放，要使B物体向上运动且不从斜面顶端滑出，求A物体质量m的取值范围．（设B物体受到的最大静摩擦力等于滑动摩擦力）
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、C
【解析】A．固定物块A，B处于平衡状态，根据平衡条件，可知弹簧的弹力大小等于B的重力大小，为10N，A错误；
B．固定物块B，A处于平衡状态，根据平衡条件，可知弹簧的弹力大小等于A的重力大小，为20N，B错误；
C．先固定物块A，由B项分析，可知弹簧的弹力大小为10N，在释放物块A的一瞬间，弹簧的弹力大小不变，仍为10N，C正确；
D．物块A、B和弹簧一起稳定运动的过程中，根据牛顿第二定律，对A有：

对B有：

联立解得弹簧的弹力大小N，D错误。
故选C。
2、B
【解析】乘电梯上高层楼房时，从起动到停下来，具体的运动过程是：开始时先向上加速，加速度向上，超重；稳定后匀速直线，加速度为零，正常；停止时，向上减速，加速度向下，失重．所以整个过程是：先超重，正常，后失重．故选B
3、C
【解析】根据位移时间关系公式x＝v0t+at2=8t-4t2，得：v0=8m/s，a=-8m/s2．故C正确，ABD错误．故选C
4、D
【解析】由a—t图象知，0～0.5T时间内的加速度与T～2T时间内的加速度大小相等，方向相反，而对应时间内的v-t图象的斜率的绝对值相等，正负不同，可得D正确，ABC错误
5、C
【解析】A．速度和加速度同向时则加速，速度和加速度反向时则减速。物体的加速度增大时，因为不知道加速度与速度方向的关系，所以不能判断速度是增加还是减小，故A错误；
B．物体的速度变化，物体一定具有加速度，但加速度不一定变化，也可能做匀变速直线运动，故B错误；
CD．加速度是描述速度变化快慢物理量，物体的速度变化大，不一定变化快，速度变化越快，加速度一定越大，故C正确，D错误；
故选C。
6、A
【解析】AC．装置静止时，弹簧的弹力F=3mg，剪断轻绳的瞬间，弹簧的弹力不变，将C和A看成一个整体，根据牛顿第二定律得：

即A、C的加速度均为2g，方向向下。故A正确，C错误。
BD．剪断轻绳的瞬间，弹簧的弹力不变，B的合力仍然为零，则B的加速度为0．故BD错误。
故选A。
7、AB
【解析】考查牛顿第二定律得应用，整体法隔离法。
【详解】设轻线的张力为T，则对B分析有：

对整体分析：

解得；
A．增大B的质量，由上式可知，拉力T增大，A正确；
B．减小A物的质量，拉力T增大，B正确；
C．拉力T与倾角θ无关，C错误；
D．拉力T与动摩擦因数μ无关，D错误。
故选AB。
8、BD
【解析】本题考查传送带问题，通过对小物块的速度时间图像进行分析，理解小物块的运动情况，然后根据牛顿第二定律判断小物块的受力情况。
【详解】A．由v-t图像得到，小物块在t1时刻速度为零，下一刻开始向右运动，所以t1时刻小物块离A处最远，A错误；
B．t2时刻，小物块第一次与传送带相对静止，之前始终相对传送带向左运动，所以此刻小物块相对传送带滑动的距离达到最大，B正确；
CD．0~t2时刻，小物块相对传送带向左运动，始终受到向右的滑动摩擦力

滑动摩擦力大小和方向都不变，t2~t3时刻，小物块相对传送带静止做匀速直线运动，合外力为零，水平方向没有其他外力，所以摩擦力为零，C错误，D正确。
故选BD。
9、CD
【解析】已知v0=20m/s，x=50m，vt=0
由

得

故加速度的大小至少为4m/s2，故AB错误，CD正确。
故选CD。
10、BC
【解析】AB．由图象斜率表示加速度可得

所以B正确，A错误；
C．由题意可知，3s时两车并排行驶，由图象面积表示位移可知，1s两车也是并排行驶，所以C正确；
D．由图象求1s到3s的位移为

所以D错误。
故选BC。
11、AB
【解析】由v-t图像可知物块在4-6s内做匀速直线运动，根据F-t图像可知这个过程中F=2N，根据二力平衡可得：
f=F=2N
由v-t图像可知物块在2-4s内做匀加速直线运动，且图像的斜率表示加速度，即，根据F-t图像可知这个过程中=3N，根据牛顿第二定律有：

解得
m=0.5kg
因为

解得
μ=0.4
综上分析可知，AB正确，CD错误。
故选AB。
12、BD
【解析】以O点位研究对象，处于平衡装态，根据受力平衡，有：

由图可知，绳子OB上的拉力逐渐减小，OA上的拉力先减小后增大。
A．绳OA所受的拉力先增大后减小，与结论不相符，选项A错误；
B．绳OA所受的拉力先减小后增大，与结论相符，选项B正确；
C．绳OB所受的拉力一定逐渐增大，与结论不相符，选项C错误；
D．绳OB所受的拉力一定逐渐减小，与结论相符，选项D正确；
故选BD。

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.刻度尺 ②.打点计时器 ③./kg-1
【解析】打点计时器主要用来测瞬时速度和加速度，测瞬时速度利用中间时刻的速度等于该段时间内的平均速度．测加速度利用△x=at2．根据牛顿第二定律F=ma可得从而求出物体的质量，进而知道横坐标的含义
【详解】（1）在探究小车速度随时间变化的规律实验中，我们利用.v =x t 求出小车在某一位置时的速度，再做出v-t图象，从而根据v-t图象判定出物体的速度随时间变化的关系，故需要知道打点计时器所打的任意一个位置的所对应的时刻以及相邻两点之间的距离，故需要用刻度尺测两点间的距离，用打点计时器记录某些位置所对应的时刻．故用到的测量工具为：刻度尺和打点计时器
（2）根据牛顿第二定律F=ma可得在F=5N，加速度a=2m/s2时物体的质量=2.5 kg，故横坐标为/kg-1
14、 ①.BD ②. ③. ④.
【解析】(1)[1]A．由于小球做平抛运动和自由落体运动的时间较短，无法用眼睛看来判断小球是否同时落地，应该用耳朵听，故A错误。
B．用装置2要获得稳定的细水柱显示的平抛轨迹，竖直管上端A要低于水面，保证A光和出水管之间的高度差恒定，使得压强差恒定，故B正确。
C．用装置3要获得钢球的平抛轨迹，应使小球每次从斜槽同一位置由静止释放，使得小球平抛运动的初速度大小相等，故C错误。
D．可以用数码照相机拍摄钢球做平抛运动时每秒15帧的照片获得平抛轨迹，故D正确。
故选BD。
(2)①[2]在竖直方向上，根据

得周期

则A到C的时间

②[3]小球经过B点时水平分速度

③[4]小球在B点时的竖直分速度

则小球在C点的竖直分速度

15、 ①.弹簧自身受到重力 ②.正比
【解析】(1)[1]由图象可知，当不挂钩码时，弹簧伸长量不为0，原因是因为弹簧自身受到重力，所以图线不过原点的原因是弹簧自身受到重力。
(2)[2]由题意可知，L表示弹簧的原长，设弹簧的原长为L0，所以

其中表示弹簧的伸长量，所以弹簧的弹力与弹簧的伸长量成正比。

三．计算题(22分)
16、（1）5m/s2 ；2m/s2；（2）14m；（3）12m
【解析】（1）由题意知，冲上木板后木块做匀减速直线运动，木板由静止做匀加速度直线运动，根据牛顿第二定律求解加速度；（2）木块恰好未从木板滑下，当木块运动到木板最右端时，两者速度相等；根据位移关系求解木板的长度；（3）木块木板达到共同速度后将一起作匀减速直线运动，结合运动公式求解木板在地面上运动的最大位移.
【详解】（1）由题意知，冲上木板后木块做匀减速直线运动，初速度v0=14m/s，加速度大小

木板由静止做匀加速度直线运动即

解得

（2）木块恰好未从木板滑下，当木块运动到木板最右端时，两者速度相等．设此过程所用时间为t
即

解得
t=2s
木块位移

木板位移

木板长度

（3）木块木板达到共同速度后将一起作匀减速直线运动，分析得

木板位移

总位移

17、（1）2 m/s2；20 N；（2）2 m；（3）
【解析】（1）根据牛顿第二运动定律
根据牛顿第二定律对A有

根据牛顿第二定律对B有

代入数据解得

绳子拉力大小

（2）设物体A着地时B的速度为v，A着地后B做匀减速运动的加速度大小为a1
根据牛顿第二定律对B有

代入数据解得

对B由运动学公式得：
着地前

着地后

代入数据解得

（3）设A着地后B向上滑行距离x
由运动学公式得

位移关系满足

着地前

代入数据解得

另一方面要能拉动必须有

解得

所以物体A的质量范围是