北京市第四十三中学2025年物理高一上期末质量跟踪监视试题含解析.doc

北京市第四十三中学2025年物理高一上期末质量跟踪监视试题
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。
2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。
3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。
4．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、如图所示，小车上有一根固定的水平横杆，横杆左端固定的轻杆与竖直方向成角，轻杆下端连接一小铁球；横杆右端用一根细线悬挂一小铁球，当小车做匀变速直线运动时，细线保持与竖直方向成角，若，则下列说法中正确的是（ ）

A.轻杆对小球的弹力方向沿着轻杆方向向上
B.轻杆对小球的弹力方向与细线平行向上
C.小车一定以加速度向右做匀加速运动
D.小车一定以加速度向右做匀加速运动
2、图所示是自行车的轮盘与车轴上的飞轮之间的链条传动装置。是轮盘的一个齿，是飞轮上的一个齿。下列说法中正确的是（）

A.两点角速度大小相等
B.两点线速度大小相等
C.两点向心加速度大小相等
D.点向心加速度大于点向心加速度
3、两个物体A和B，质量分别为m1和m2，互相接触放在光滑的水平面上，如图所示，对物体A施以水平的推力F，则物体A对B的作用力等于：（ ）

A.F B.F
C.F D.F
4、对于大小分别为7N和9N的两个力（　　）
A.合力不可能为3N
B.合力不可能为9N
C.合力一定为16N
D.合力可能为2N
5、去年10 月，云南省迪庆州发生一起“火流星”（陨石）空爆事件，空爆高度为37km.假设空爆后一块质量为m 的陨石竖直下落，在某时刻受到的空气阻力为,则此时陨石加速度的大小为( )
A. B.
C. D.g
6、已知物体在F1、F2、F3，三个共点力的作用下处于平衡状态，若F1=20 N，F2=28 N，那么F3的大小可能是
（ ）
A.40 N B.70 N
C.100 N D.6 N
7、如图，一小车上有一个固定水平横杆，左边有一轻杆与竖直方向成θ角与横杆固定，下端连接一质量为m的小球P，横杆右边用一根细线吊一相同的小球Q。当小车沿水平面做变速运动时，细线保持与竖直方向的夹角为α．已知θ＜α，不计空气阻力，重力加速度为g，则下列说法正确的是

A.小车一定向右做匀加速运动
B.轻杆对小球P的的弹力一定沿轻杆方向
C.小球P受到的合力一定沿水平方向
D.小球Q受到的合力大小为mgtanα
8、如图所示，一水平传送带长为4m，以10m/s的速度做匀速运动。现将一物块由静 止轻放到传送带的A端，已知物块与传送带间的动摩擦因数为0.2，g取10m/s2。 则物块在传送带上运动过程中，下列判断正确的是（ ）

A.物块一直做匀加速运动
B.物块先做匀加速运动再做匀速运动
C.物块从A端运动到B端所用的时间为5s
D.物块从A端运动到B端所用的时间为2s
9、如图所示，一些商场安装了智能化的台阶式自动扶梯。为了节约能源，在没有乘客乘行时，自动扶梯以较小的速度匀速运行；当有乘客乘行时，自动扶梯经过先加速再匀速两个阶段运行，则电梯在运送乘客的过程中（ ）

A.乘客始终受摩擦力作用 B.扶梯匀速时乘客不受摩擦力作用
C.扶梯对乘客的作用力始终竖直向上 D.扶梯对乘客的作用力先指向左上方，再竖直向上
10、如图甲所示，在光滑水平面上叠放着A、B两物体。现对A施加水平向右拉力F，通过传感器可测得A的加速度a随拉力F变化的关系如图乙所示。已知重力加速度g＝10 m/s2，由图线可知(　　)

A.A的质量mA＝2 kg B.B的质量mB＝2 kg
C.A、B间的动摩擦因数μ＝0.2 D.B的加速度一直随F增大而增大
11、下列图像中表示物体做匀变速直线运动的是（　　）
A. B.
C. D.
12、一个大人跟一个小孩站在水平地面上手拉手比力气,结果大人把小孩拉过来了.对这个过程中作用于双方的力的关系,下列说法不正确的是( ).
A.大人拉小孩的力一定比小孩拉大人的力大
B.大人与小孩间的拉力是一对作用力、反作用力
C.大人拉小孩的力与小孩拉大人的力大小一定相等
D.只有在大人把小孩拉动的过程中,大人的力才比小孩的力大,在可能出现的短暂相持过程中,两人的拉力一样大
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、某型号多用电表欧姆档的电路原理图如图甲所示．微安表是欧姆表表头，其满偏电流，内阻.电源电动势，内阻．电阻箱和电阻箱的阻值调节范围均为.

(1)甲图中的端应与___________（红或黑）表笔连接.
(2)某同学将图甲中的、端短接，为使微安表满偏，则应调节______Ω；然后在、端之间接入一电阻后发现微安表半偏，则接入的电阻阻值为_________Ω.
(3)如图乙所示，该同学将微安表与电阻箱并联，利用该电路图组装一个“×100倍率”的欧姆表，要求欧姆表的表盘刻度示意图如图丙所示，其中央刻度标“15”，则该同学应调节________Ω；用此欧姆表测量一个阻值约2000Ω的电阻，测量前应调节________Ω

14、如图为“探究加速度与力、质量的关系”实验装置图．槽码的质量为m，小车和车内砝码的总质量为M。实验中小车所受的拉力F可认为与槽码所受的重力相等

（1）实验中，为了硬细线对小车的拉力等于小车所受的合外力，先调节长木板一端滑轮的高度，硬细线与长木板平行．接下来把木板的另一端垫高，调节木板的倾斜度，使小车在不受牵引时能拖动纸带沿木板做________运动（选填以“匀速”或“匀加速”）；
（2）实验中需满足槽码的质量m_________小车及车内砝码总质量M（选填“远小于”、“远大于"或“等于”）；
（3）下图是某次实验中得到的一条纸带，A、B、C、D、E、F、G为7个相邻的计数点，相邻的两个计数点之间还有四个点未画出，量出相邻的计数点之间的距离分别为：sAB=4.22cm、sBC=4.65cm，sCD=5.08cm，sDE=5.49cm、sEF=5.91cm，sFG=6.35cm，已知打点计时器的工作频率为50Hz，则C点的速度vC=_______m/s，小车的加速度大小为a=_______m/s2。（结果均保留两位有效数字）。

（4）某同学根据实验数据描出了小车加速度a随小车和车内砝码的总质量为M的倒数的图像的数据点，如图所示，从数据点可知该同学实操作过程中可能____________（选填“平衡摩擦力不够”或“平衡摩擦力过度”）

15、将某物体以初速度20m/s从空中的某点水平抛出后，2s末物体运动到了点，m/s2,则该物体在点的合速度大小为______________m/s，直线的距离为______________m。
三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示,传送带与地面的倾角θ=37°,从A至B的长度x=16 m,传送带以v=10 m/s的速率逆时针转动.在传送带上端A由静止释放一个质量为m=0.5 kg的物体,它与传送带之间的动摩擦因数μ=0.5,则物体从A运动到B所需的时间t是多少?(取g=10 m/s2,sin 37°=0.6,cos 37°=0.8)

17、（10分）在寒冷的冬天，路面很容易结冰，在冰雪路面上汽车一定要低速行驶．在冰雪覆盖的路面上，车辆遇紧急情况刹车时，车轮会抱死而“打滑”．如图所示，假设某汽车以10m/s的速度行驶至一个斜坡的顶端A时，突然发现坡底前方有一位行人正以2m/s的速度做同向匀速运动，司机立即刹车，但因冰雪路面太滑，汽车仍沿斜坡滑行．已知斜坡的高AB＝3 m，长AC＝5 m，司机刹车时行人距坡底C点的距离CE＝6 m，从厂家的技术手册中查得该车轮胎与冰雪路面的动摩擦因数约为0.5.

(1)求汽车沿斜坡滑下的加速度大小
(2)试分析此种情况下，行人是否有危险
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、B
【解析】AB．因为细线上弹力的方向一定是沿着细线的方向，故右边的小球受重力、细线的弹力的作用，这二个力的合力一定沿水平方向向右；左边的小球加速度与右边小球的加速度是相同的，所受重力也相同，因此杆的弹力与细线的拉力相同，并非沿着杆，而应该与细线平行向上，A错误，B正确；
CD．小车加速度一定向右，根据牛顿第二定律可知，加速度大小为，但如果小车速度向左，小车向左做匀减速运动；如果速度向右，小车向右做匀加速运动，CD错误。
故选B。
2、B
【解析】AB．P、Q两点是传送带传动的两轮子边缘上两点，则vP=vQ，而，由

可得：，所以P、Q两点角速度大小不相等，A错误，B正确；
CD．因vP=vQ，而，由

Q点向心加速度大于P向心加速度，CD错误。
故选B。
3、B
【解析】对整体研究，由牛顿第二定律求出加速度，再隔离对B研究，B水平方向受到A对它的作用力，由牛顿第二定律求出作用力．根据牛顿第二定律，得
对整体：
对B：
故选B
点评：本题是连接体问题，处理方法常有两种：隔离法和整体法，要灵活选择研究对象．求加速度时可以考虑整体法．求内力时必须用隔离法
4、D
【解析】当夹角为零时合力最大，最大值为9N+7N=16N；当夹角180°时合力最小，最小值为9N-7N=2N；故合力介于2N至16N之间，故D正确，ABC错误
5、A
【解析】对陨石由牛顿第二定律列方程求解
【详解】由牛顿第二定律得：

解得：
故选A
6、A
【解析】和的合力取值范围：，代入数据得8N≤F≤48N，40N在合力范围内，即的大小可能是40N，选项A正确，BCD错误；
故选A
【点睛】题关键抓住三力平衡时，三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线
7、CD
【解析】A．对细线吊的小球研究，根据牛顿第二定律：mgtanα=ma，解得：
a=gtanα，
故加速度向右，小车向右加速运动，或向左减速运动，故A错误；
B．由牛顿第二定律：mgtanβ=ma′，因为a=a′，得到：
β=α＞θ，
则轻杆对小球弹力方向与细线平行，故B错误；
CD．小球P和Q的加速度相同，水平向右，则两球的合力均水平向右，大小：
F合=ma=mgtanα，
故CD正确。
故选CD。
8、AD
【解析】物体刚放上传送带时设动过程中物体的加速度为a，根据牛顿第二定律得：
μmg=ma
代入数据解得：
a=2m/s2；
设达到与皮带共速度v时发生的位移为x1，所用时间为t，则有：
v2=2ax1
代入数据解得：
x1=25m＞L=4m
说明物块从A到B一直做加速运动，则从A到B加速位移：

即

故AD正确、BC错误。
故选AD。
9、BD
【解析】AB．匀速运动阶段，乘客受重力以及扶梯对乘客竖直向上的支持力，没有摩擦力，故A错误，B正确。
CD．加速运动阶段，扶梯对乘客有水平向左的摩擦力和竖直向上的支持力，扶梯对乘客的作用力指向左上方向；匀速运动阶段，扶梯对乘客的作用力竖直向上，故D正确，C错误。
故选BD。
10、BC
【解析】AB．由图像可以看出，当力F＜48N时加速度较小，A、B相对静止，加速度相同，对整体法，由牛顿第二定律

则得

由数学知识得

所以

当F>48N时，A的加速度较大，采用隔离法，由牛顿第二定律，对A有：

则得

由数学知识得

联立解得

故A错误，B正确；
C．当F=60N时，a=8m/s2，对A有：

解得

故C正确；
D．当AB间出现相对滑动时，B所受滑动摩擦力不变，即合外力不变，加速度不变，故D错误。
故选BC
11、BD
【解析】A．根据x－t图象的斜率等于速度，知该图表示物体的速度恒定，处于匀速直线运动状态，故A错误；
B．在v－t图象中，图象的斜率表示加速度，该图表示物体做匀加速直线运动，故B正确；
CD．在a－t图象中，图象的纵坐标表示加速度，匀变速直线运动的加速度恒定不变，故C错误，D正确；
故选BD。
12、AD
【解析】大人跟一个小孩做手拉手比力气游戏时，一方对另一方有一个拉力作用，同时另一方也受到这一方对他的拉力，即物体间力的作用是相互的，两个物体之间的作用力和反作用力，总是同时在同一条直线上，大小相等，方向相反，BC正确，不符合题意；AD错误，符合题意。
故选AD。

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.红 ②.2049 ③.3000 ④.950 ⑤.1024
【解析】(1)根据对多用电表结构的掌握分析答题；
(2)根据闭合电路欧姆定律分析答题；
(3)根据电路图应用闭合电路欧姆定律求出改装欧姆表的表达式，利用电流表的改装原理求解并联电阻
【详解】(1)根据万用表的流向和偏转规律可知电流从红表笔进黑表笔出向右偏，则a端接红表笔.
(2)欧姆调零时根据闭合电路的欧姆定律，解得：；当接入Rx后，电流为满偏的一半，则，可得.
(3)因欧姆表的中央刻度为15，倍率为“×100”，则欧姆表的内阻，故调零时的满偏电流为，表头和R2并联改装为电流表，由并联分流电压相等，解得;改装后的欧姆表需要进行欧姆调零，则，解得：.
【点睛】欧姆表刻度盘中央刻度值是中值电阻，欧姆表中值电阻阻值等于欧姆表内阻；知道欧姆表的工作原理即可正确解题
14、 ①.匀速 ②.远小于 ③.0.49 ④.0.43（0.42~0.43均可） ⑤.平衡摩擦力过度
【解析】(1)[1]小车在不受牵引时能拖动纸带沿木板做匀速运动，即平衡了摩擦力；
(2)[2]对整体，根据牛顿第二定律得：，绳子的拉力：

所以当槽码的质量m远小于小车及车内砝码总质量M时，可以近似认为小车受到的拉力等于槽码的重力，因此本实验中m应远小于M；
(3)[3][4]相邻计数点之间还有4个点未画出，则计数点间的时间间隔为：T=5×0.02=0.1s，根据匀变速直线运动的推论可以求出C点瞬时速度为：

由匀变速直线运动的推论△x=at2可知，加速度为：

(4)[5]由图可知图象的斜率表示合外力，从数据点可知该同学实操作过程中可能平衡摩擦力过度。
15、 ①. ②.
【解析】[1]抛出2s后竖直方向上的分速度为：
10×2m/s=20m/s
则B点的合速度大小为：
m/s
[2]抛出2s后竖直方向上的位移为：
m
抛出2s后水平方向上的位移为：
m
则直线的距离为：
m

三．计算题(22分)
16、2 s
【解析】将物体从传送带的A端释放后，物体由静止开始下滑，当下滑速度小于传送带速度时，物体受到的摩擦力沿斜面向下.设物体的加速度为a1，由牛顿第二定律有：

代入数据解得：；物体加速至与传送带速度相等时需要的时间：

发生的位移：

代入数据解得：

所以物体加速到时仍未到达B点，此时摩擦力方向改变；设物体的加速度为a2，从速度大于v运动到B的时间为t2，位移为x2，由牛顿第二定律有：

代入数据解得：；由运动学公式有：

将已知数据代入上式解得t2=1 s，t2=-11 s(舍去)
故物体经历的总时间：

答：物体从A运动到B需时间是2s.
17、（1） （2）有
【解析】(1)汽车在斜坡上行驶时，由牛顿第二定律得mgsin θ－μmgcos θ＝ma1
由几何关系得,
联立以上各式解得汽车在斜坡上滑下时的加速度a1＝2m/s2
(2)由匀变速直线运动规律可得
解得汽车到达坡底C时的速度
经历时间
汽车在水平路面运动阶段，由μmg＝ma2
得汽车的加速度大小a2＝μg＝5m/s2
汽车的速度减至v＝v人＝2 m/s时发生的位移
经历的时间
人发生的位移x2＝v人(t1＋t2)＝4.6m
因x1－x2＝7m>6 m，故行人有危险
【点睛】本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的综合，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁．分析能否追及时，只要研究两者速度相等时位移的情况即可.