2025年上海市五爱中学物理高一第一学期期末质量跟踪监视模拟试题含解析.doc

2025年上海市五爱中学物理高一第一学期期末质量跟踪监视模拟试题
考生请注意：
1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。
2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。
3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、如图为某运动物体的速度一时间图象，下列说法中，错误的是

A.物体在2-4s内做匀速直线运动
B.物体在0-2s内的加速度是2.5 m/s2,2-4s内加速度为零，4-6s内加速度是-10m/s2
C.物体在4-6s内的平均速度为5m/s
D.物体在0-6s内的位移大小为35m
2、电梯从低楼层到达高楼层经过启动、匀速运行和制动三个过程,启动和制动可看做是匀变速直线运动，电梯竖直向上运动过程中速度的变化情况如下表:则前5秒内电梯通过的位移大小为(   )
时间()
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
速度()
0
2.0
4.0
5.0
5.0
5.0
5.0
4.0
3.0
2.0
1.0
0
A.1925m B.18.75m
C.18.50m D.17.50m
3、小娟、小明两人共提一桶水匀速前行，如图所示，已知两人手臂上的拉力大小相等且为F，两人手臂间的夹角为θ，水和水桶的总重力为G，则下列说法中正确的是(　　)

A.当θ为120°时，F＝
B.当θ＝0时，F＝
C.不管θ为何值，均有F＝
D.θ越大时，F越小
4、如图，是现代人所作伽利略斜面实验的频闪照片。伽利略创造性的把实验、假设和逻辑推理相结合的科学方法，有力地促进了人类科学认识的发展。关于伽利略的斜面实验，下列说法正确的是（ ）

A.该实验完全是理想实验，是在思维中进行的，无真实的实验基础
B.如果斜面粗糙，不论右侧斜面倾角如何，小球也将上升到与释放点等高的位置
C.该实验说明了物体的运动不需要力来维持
D.该实验证明了力是维持物体运动原因
5、为了行车方便与安全,厦门杏林大桥引桥很长,坡度较小,其主要目的是（）
A.减小过桥车辆受到的摩擦力
B.减小过桥车辆的重力
C.减小过桥车辆的重力沿引桥面向下的分力
D.减小过桥车辆对引桥桥面的压力
6、质量为m的球置于斜面上，被一个竖直挡板挡住．现用一个力F拉斜面，使斜面在水平面上向右做加速度为a的匀加速直线运动，忽略一切摩擦，以下说法正确的是（）

A.若加速度增大，竖直挡板对球的弹力不变
B.若加速度足够大，斜面对球的弹力可能为零
C.斜面和挡板对球的弹力等于ma
D.无论加速度大小如何，斜面对球一定有弹力的作用，而且该弹力是一个定值
7、物体在水平面上做匀变速直线运动，初速度，后的速度大小为，则该内物体的（ ）
A.加速度大小一定为 B.加速度大小可能为
C.位移可能等于 D.平均速度一定不会为零
8、t=0时刻，在竖直面内从直角坐标系的原点以v0=10m/s的初速度把小球沿x轴平抛出去，其轨迹如图所示，重力加速度g=10m/s2，不计空气阻力，下列说法正确的是（　　）

A.t=1s时，小球的位置坐标为（5m，10m）
B.t=1s时，小球的位置坐标为（10m，5m）
C.小球在0～1s内位移大小和0～2s内位移大小之比为
D.小球在0～1s内位移大小和0～2s内位移大小之比为
9、历史上有些科学家曾把在相等位移内速度变化相等的单向直线运动称为“匀变速直线运动”（现称为“另类匀变速直线运动”）,“另类加速度”的定义式为,其中和分别表示某段位移s内的初速度和末速度表示物体做加速运动,表示体做减速运动,而现在物理学中加速度的定义式为,下列说法正确的是
A.若A不变,则a也不变
B.若且保持不变,则a逐渐变大
C.若A不变,则物体在中间位置处的速度为
D.若A不变,则物体在中间位置处的速度为
10、如图所示，质量为m1、m2的两个物块，通过定滑轮和动滑轮以及轻绳悬挂在天花板的M、N两点，平衡时悬挂于M点的绳与竖直方向的夹角为，悬挂于N点的绳与竖直方向的夹角为，现将悬点M向左缓慢移动一小段距离后固定，再次平衡后，关于，以及M、N两点所受作用力的变化情况，以下判断正确的是（滑轮重力和绳与滑轮之间的摩擦力不计）（）

A.和均变大，且
B.和均不变，且
C.绳对M、N的作用力不变
D.绳对M、N的作用力变大
11、水平地面上的物体在水平方向受到一个拉力F1和对它的摩擦力F2的作用，在物体处于静止状态下，下面各种说法中正确的是（ ）
A.当F1增大时，F2也随之增大
B.当F1增大时，F2保持不变
C.F1和F2是一对平衡力
D.F1和F2的合力为零
12、物体在以下三个力作用下，可能做匀速直线运动的是 ( )
A.10 N、10 N、10N
B.10 N、10 N、20 N
C.5 N、10N、20N
D.5 N、9 N、15N
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、某竖直升空的火箭，其升空时的v－t图象如图所示，忽略空气阻力，且火箭到达最大高度后自由下落，则火箭在0～40 s过程中处于________现象(填“超重”“失重”或“平衡”)，火箭从最大高度处自由下落过程是处于________现象(填“超重”“失重”或“完全失重”)．

14、跳绳是一种健身运动，设某运动员的质量是50 kg，他1 min跳绳180次.假定在每次跳跃中，脚与地面的接触时间占跳跃一次所需时间的2/5，则该运动员跳绳时克服重力做功的平均功率是______W.（g=10 m/s2)
15、如图所示，体积相同的两个小球A和B用1m长的细线相连，A的质量为m＝1kg，B的质量为A质量的2倍．将它们都浸入水中后恰能处于静止状态（设水足够深，g取10m/s2）．求：

(1)此时细线的张力大小
(2)若细线被剪断，经时间2s后两球相距多远？
三．计算题(22分)
16、（12分）如图，甲乙两车开始处于相距s0=100m的A、B两点，甲车从A点以速度v0=10m/s向右做匀速运动，乙车从B点由静止开始向右做加速度a1=1m/s2的匀加速直线运动。当两车速度相等时，乙车开始以a2=2m/s2的加速度做匀减速直线运动
(1)当两车速度相等时两车的距离为多少？
(2)从开始运动到两车相遇，共经历多长时间？

17、（10分）如图所示，质量M＝10kg的小车放在水平光滑的平面上，在小车左端施加一水平推力F＝10N，当小车向右运动的速度达到7m/s时，在小车前端轻轻地放上一个大小不计、质量为m＝2kg的小物块，物块与小车间的动摩擦因数μ＝0.2，小车足够长g取10m/s2，则：
(1)放上小物块后，小物块及小车的加速度各为多大；
(2)经多长时间两者达到相同的速度；
(3)从小物块放上小车开始，经过t＝8s小物块通过位移大小为多少？

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、C
【解析】速度一时间图象中与时间轴平行的直线表示物体做匀速直线运动．据速度一时间图象的斜率可得物体在各段时间内的加速度．据匀变速直线的平均速度公式，可得物体在4-6s内的平均速度．据速度一时间图象与时间轴围成面积表对应时间内的位移，可得物体在0-6s内的位移大小
【详解】A：由图象得，物体在2-4s内速度不变，做匀速直线运动．故A项正确
B：速度一时间图象的斜率表加速度，则物体在0-2s内的加速度；物体在2-4s内做匀速直线运动，加速度为0；物体4-6s内加速度．故B项正确
C：物体4-6s内做匀变速直线运动，则物体4-6s内的平均速度．故C项错误
D：速度一时间图象与时间轴围成面积表对应时间内的位移，可得物体在0-6s内的位移．故D项正确
本题选错误的，答案是C
2、B
【解析】电梯匀加速直线运动的加速度，则匀加速直线运动的时间，匀加速直线运动的位移，匀速直线运动的位移x2=vt2=5×(5-2.5)m=12.5m，则前5s内的位x=x1+x2=6.25+12.5m=18.75m．故选B.
【点睛】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式、位移时间公式、速度位移公式，并能灵活运用
3、B
【解析】分析水桶的受力情况，分析平衡条件，求解小娟、小明的手臂受到的拉力大小与重力的关系．由于两人手臂均与竖直方向成θ角，根据对称性可知，两人对水桶的拉力大小相等，从而根据列式，即可求解
【详解】设小娟、小明的手臂对水桶的拉力大小为F，由题小娟、小明的手臂夹角成θ 角，根据对称性可知，两人对水桶的拉力大小相等，则根据平衡条件得：2Fcos=G, 解得：，当θ=0°时，cos值最大，则F=，当θ为120°时，F=G，当θ越大时，则F越大；故B正确，ACD错误；故选B
【点睛】本题要根据对称性得出两人对水桶的拉力大小相等，再由竖直方向力平衡即可求出小娟、小明的手臂受到的拉力大小与重力的关系，是解题的关键
4、C
【解析】A．该实验完全是理想实验，是在思维中进行的，同时是以斜面实验真实的实验为基础，故A错误；
B．如果斜面粗糙，小球会有能量损失，将不能上升到与O点等高的位置，故B错误；
CD．该实验说明了物体的运动不需要力来维持，故C正确，D错误。
故选C。
5、C
【解析】对车受力分析，受重力、支持力和阻力，物体重力不变，B错误；重力产生两个作用效果，使物体沿斜面下滑，使物体紧压斜面，设斜面倾角为θ，将重力按照作用效果正交分解，如图：

由几何关系可得：平行斜面分量为G1=mgsinθ，由于引桥越长，坡角θ越小，G1越小，故C正确；θ变小，压力变大，故摩擦力变大，故AD错误；故选C.
6、D
【解析】以小球为研究对象，分析受力情况，根据牛顿第二定律分析竖直挡板对球的弹力和斜面对球的弹力情况，小球所受的合力为ma.
【详解】以小球为研究对象，分析受力情况，如图所示：

重力mg、竖直挡板对球的弹力F2和斜面的弹力F1.
设斜面的加速度大小为a，根据牛顿第二定律得
竖直方向：F1cosθ=mg①
水平方向：F2-F1sinθ=ma②
A、B、D、由①看出，斜面的弹力F1大小不变，与加速度无关，不可能为零.由②看出，F2=F1sinθ+ma，若加速度增大时，F2增大，故A，B错误、D正确.
C、根据牛顿第二定律知道，重力、斜面和挡板对球的弹力三个力的合力等于ma；故C错误.
故选D.
【点睛】本题运用正交分解法，根据牛顿第二定律研究物体的受力情况，要正确作出物体的受力图，抓住竖直方向没有加速度.
7、BCD
【解析】AB．若2s后速度与初速度方向相同，速度变化量为：

若速度与初速度方向相反，速度变化量为：

则加速度为：
或
故A错误B正确；
CD．物体做匀变速直线运动，故平均速度为：

或

故位移为：

则位移等于8m或．故CD正确
8、BD
【解析】AB．小球做平抛运动，水平方向上做匀速直线运动

竖直方向上做自由落体运动

故1s后，位置坐标为（10m，5m），故A错误，B正确；
CD．小球做0～1s内位移大小

小球在0～2s时间内水平位移

竖直位移

位移

则小球在0～1s内位移大小和0～2s内位移大小之比为，故C错误，D正确。
故选BD。
9、BC
【解析】AB．若A不变，有两种情况一是：A＞0，在这种情况下，相等位移内速度增加量相等，通过相等位移所用时间越来越短，由可知，a越来越大；第二种情况A＜0，相等位移内速度减少量相等，平均速度越来越小，所以相等位移内用的时间越来越多，由知a越来越小，故A错误，B正确；
CD．因为相等位移内速度变化相等，所以中间位置处位移为，速度变化量为

所以此位置的速度为

故C正确，D错误。
故选BC。
10、BC
【解析】对分析，根据平衡条件可知绳子上的拉力总是等于的重力，且保持不变；动滑轮两边绳子的拉力合力总是等于，合力不变，根据平行四边形合成，则动滑轮两边绳子的夹角不变，根据几何关系可知不变，所以绳对M的作用力不变；同理动滑轮右边绳子与竖直方向的夹角不变，即定滑轮两边绳子的夹角不变，又动滑轮两边绳子拉力不变，则定滑轮两边绳子拉力的合力不变，则定滑轮与点连接绳子与竖直方向的夹角不变，所以绳对M的作用力不变；定滑轮两边绳子的拉力的合力的方向平分定滑轮两边绳子的夹角，所以有，故B、C正确，A、D错误；
故选BC。
11、ACD
【解析】受到一个拉力F1和对它的摩擦力F2的作用，在物体处于静止状态下，根据平衡条件F1和F2是一对平衡力，F2为静摩擦力，大小等于F1，所以当F1增大时，F2增大，故A正确，B错误，CD正确
故选ACD
12、AB
【解析】10N、10N的合力范围为，10N的力和20N的里都在这个范围内，三个力可能平衡，物体就可能做匀速直线运动，AB正确； 5N、10N的合力范围为，20N的力不在这个范围内，三个力不可能平衡，物体就不可能做匀速直线运动，C错误；5N、9N的合力范围为，15N的力不在这个范围内，三个力不可能平衡，物体就不可能做匀速直线运动，D错误

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.超重 ②.完全失重
【解析】由图象可知在0～40s过程中，火箭有向上的加速度，根据牛顿第二定律可以知道，必定是推力大于重力，处于超重状态；
40s后火箭自由下落，所有的重力都作为合力产生向下的加速度，大小为重力加速度g，所以此时处于完全失重状态．
【点睛】本题考查了学生对超重失重现象的理解，同时也考查了跟据速度--时间图象来求加速度的方法，可以看出学生对知识的综合应用能力．
14、75
【解析】由跳跃时间可算出腾空时间，下落时间为腾空时间的一半，进而由自由落体规律得到腾空高度和起跳速度．由腾空高度可算出克服重力的功，进而得到平均功率
跳一次的时间是，人跳离地面向上做竖直上抛，到最高点的时间为；此过程克服重力做功为，跳绳时克服重力做功做功的功率为：；
15、（1）；（2）
【解析】（1）对A、B及细线组成整体有由平衡条件有

对A受力分析

（2）若细线剪断后，A向上做匀加速运动加速度大小为

B向下做匀加速运动加速度大小为

在时间内A向上位移为

则B

两球相距

三．计算题(22分)
16、 (1)50m；(2)17.5s
【解析】(1)设经时间t两车速度相等

解得

设此时两车的距离为，则

解得

(2)设共速后乙车经时间t1停下

解得

此时两车相距，则有

解得

乙车停止运动后，甲车再运动时间t2后二者相遇

从开始运动到两车相遇共用时间

17、 (1)2m/s2，0.6m/s2；(2)5s；(3)58.75m。
【解析】(1)放上小物块后，小物块受到向右的滑动摩擦力，则物块的加速度为
am＝＝μg＝2m/s2
小车受到向左的滑动摩擦力以及向右的推力F，则小车的加速度
aM＝＝0.6m/s2
(2)速度相等时，由
amt＝v0+aMt
得
t＝5s
(3)在开始5s内小物块的位移
s1＝amt2＝25m
最大速度
v＝amt＝10m/s
在接下来的3s物块与小车相对静止，一起做加速运动且加速度
a＝＝m/s2
这3s内的位移
s2＝vt′+at′2＝33.75m
经过t＝8s小物块通过的总位移
s＝s1+s2＝58.75m