2026届江苏省溧阳市物理高一第一学期期末教学质量检测试题含解析.doc

2026届江苏省溧阳市物理高一第一学期期末教学质量检测试题
注意事项
1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．
2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．
3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．
4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．
5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、物体做匀加速直线运动，在时间T内通过位移到达a点，接着在时间T内又通过位移到达b点，则物体（）
A.在a点的速度大小为
B.在b点的速度大小为
C.运动的加速度为
D.运动的加速度为
2、如图所示，一木块放在水平桌面上，受水平方向的推力和的作用，木块处于匀速直线运动状态，＝10N，＝2N，若撤去的瞬间，则木块受到合力和摩擦力的大小、方向是（ ）

A ＝0；＝2N，方向向右
B.＝10N，方向向左；＝8N，方向向左
C.＝10N，方向向左；＝8N，方向向右
D.＝0，＝0
3、质量是m的物体在粗糙的水平面上受水平恒定拉力F的作用，从静止出发，经过时间t速度达到v，要使物体从静止出发速度达到2v，下列方法可行的是？ ( )
A.力F增加为原来的二倍 B.力F和动摩擦因数都增加为原来的二倍
C.质量增加为原来的二倍 D.质量、力、时间都增加为原来的二倍
4、下列说法中正确的是
A.马能将车拉动，是因为马拉车的力大于车拉马的力
B.作用力和反作用力大小相等、方向相反、在一条直线上，因此它们的合力为零
C.《道路交通安全法》中规定：各种车辆前排乘坐的人必须系好安全带，这是为了防止人因自身的惯性而造成伤害
D.伽利略的斜面实验证明了：物体不受外力作用时，一定处于静止状态
5、甲、乙两物体所受重力之比为1：4，甲、乙两物体所在的位置高度之比为4：1，它们都做自由落体运动，则下列说法中正确的是( )
A.落地时的速度之比是2：1 B.从开始下落到着地的平均速度之比是4：1
C.下落过程中加速度之比是1：4 D.从开始下落到着地所用时间之比为16：1
6、物体做匀加速直线运动，相继经过两段距离为的路程，第一段用时，第二段用时，则物体的加速度是　　
A. B.
C. D.
7、粗糙的水平地面上有一只木箱，现用一水平力拉着木箱匀速前进，则（ ）
A.拉力与地面对木箱的摩擦力是一对平衡力
B.木箱对地面的压力与地面对木箱的支持力是一对平衡力
C.木箱对地面的压力与木箱受到的重力是一对平衡力
D.木箱对地面的压力与地面对木箱的支持力是一对作用力与反作用力
8、甲、乙两物体同时同地沿同一方向做直线运动的速度—时间图像如图所示，则下列说法中正确的是（　　）

A.两物体两次相遇时刻是末和末
B.末乙在甲前面
C.在内，两物体相距最远的时刻是末
D.乙先向前运动，随后向后运动
9、如图所示，质量为的滑块Q，沿质量为M、倾角为的斜面体P的斜面匀速下滑，斜面体P静止在水平面上，在滑块Q下滑的过程中

A.Q对P的压力大小为
B.Q对P的摩擦力大小为
C.地面对P的支持力大小为
D.P对Q的作用力大小为，方向竖直向上
10、小滑块从A处由静止开始沿斜面下滑，经过静止的粗糙水平传送带后以速率v0离开C点．如图所示，若传送带转动而其他条件不变，下列说法正确的是(　　)

A.若沿顺时针方向转动，滑块离开C点的速率仍为v0
B.若沿顺时针方向转动，滑块离开C点的速率可能大于v0
C.若沿逆时针方向转动，滑块离开C点的速率一定为v0
D.若沿逆时针方向转动，滑块离开C点的速率可能小于v0
11、如图甲所示，绷紧的水平传送带始终以恒定速率v1运行．初速度大小为v2的小物块从与传送带等高的光滑水平地面上的A处滑上传送带．若从小物块滑上传送带开始计时，小物块在传送带上运动的v-t图像（以地面为参考系）如图乙所示．已知v2>v1，则（）

A.t2时刻，小物块离A处的距离达到最大
B.t2时刻，小物块相对传送带滑动的距离达到最大
C.0~t3时间内，小物块始终受到大小不变摩擦力作用
D.0~t2时间内，小物块受到的摩擦力方向一直向右
12、如图所示，长为L的细绳一端固定在O点，另一端拴住一个小球，在O点的正下方与O点相距的地方有一枚与竖直平面垂直的钉子，把球拉起使细绳在水平方向伸直，由静止开始释放，当细绳碰到钉子的瞬间，下列说法正确的是

A.小球的角速度突然增大
B.小球的线速度突然增大
C.小球的向心加速度突然减小
D.小球受悬线的拉力突然增大
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 “探究求合力的方法”的实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳．图乙是在白纸上根据实验结果画出的图

(1)图乙中F与F′两力中，方向一定沿AO方向的是______。
(2)本实验采用的科学方法是______。
A．理想实验法 B．等效替代法 C．控制变量法
(3)本实验中以下说法正确的是______。
A．两根细绳必须等长
B．橡皮条应与两绳夹角的平分线在同一直线上
C．在使用弹簧秤时要注意使弹簧秤与木板平面平行
D．实验中，把橡皮条的另一端拉到O点时，两个弹簧秤之间夹角必须取90°
(4)在实验中，如果将细绳也换成橡皮筋，那么实验结果是否会发生变化？
答：______（选填“变”或“不变”）
14、“验证力平行四边形定则”的实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳，图乙是在白纸上根据实验结果画出的图示。

①图乙中的F与F′两力中，方向一定沿AO方向的是___________（填“F”或“F′”）。
②本实验采用的科学方法是：（ ）
A．理想实验法 B．等效替代法 C．控制变量法 D．建立物理模型法
③实验中可减小误差的措施有：（ ）
A．两个分力F1、F2的大小要尽量大些
B．两个分力F1、F2间夹角应越大越好
C．拉橡皮筋时，弹簧秤、橡皮条、细绳应贴近木板且与木板平面平行
D．AO间距离要适当，将橡皮筋拉至结点O时，拉力要适当大些
15、如图所示，两个滑块A和B的质量分别为mA=1 kg和mB=5 kg，放在静止于水平地面上的木板的两端，两者与木板间的动摩擦因数均为μ1=0.5；木板的质量为m=4 kg，与地面间的动摩擦因数为μ2=0.1。某时刻A、B两滑块开始相向滑动，初速度大小均为v0=3 m/s。A、B相遇时，A与木板恰好相对静止。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，A、B可看成质点，取重力加速度大小g=10 m/s2。求
(1)开始运动时木板的加速度a
(2)B与木板相对静止时，木板的速度；
(3)木板的长度及木板的总位移

三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示，由相同材料的木板平滑对接成的斜面轨道和足够长的水平轨道，斜面轨道与水平面间的夹角为，斜面轨道顶端高h=1.2m。、B两滑块（均视为质点）与轨道间的动摩擦因数分别为和，开始时两滑块静止于斜面轨道顶端，两滑块经过斜面轨道底端时的速率不变。不计空气阻力，取，，，，。试求：
（1）、B两滑块沿斜面轨道下滑的加速度大小和；
（2）为使滑块B沿斜面轨道下滑后，滑块追上滑块B时，滑块B恰好停止，则滑块比滑块B滞后释放的时间为多大？

17、（10分）如图所示，足够长的水平杆MN中套有一个滑块A，A通过细绳连接小球B．现用一水平恒力拉小球B，当细绳与竖直方向夹角为θ1=37°时，A、B恰好能一起沿水平方向做匀速直线运动．已知滑块A的质量为2m，小球B的质量为m．sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：

（1）水平拉力F的大小；
（2）滑块A与水平杆MN之间的动摩擦因数；
（3）当水平拉力增大为F′，A、B一起沿水平方向运动时细绳与竖直方向夹角为θ2=45°，则F′大小为多少？
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、D
【解析】A．根据平均速度的推论知平均速度等于中间时刻的瞬时速度，a点的速度为

A错误；
CD．根据匀变速直线运动的判别式

可知

C错误，D正确；
B．根据速度时间公式得，b点的速度为

B错误。
故选D
【点睛】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和判别式、平均速度等推论，并能灵活运用。
2、B
【解析】木块开始在水平方向匀速直线运动，则受力平衡，可得摩擦力

方向水平向左。
物体处于匀速直线运动状态，则说明物体受到最大静摩擦力大于等于滑动摩擦力8N，因此最大静摩擦力大于等于8N；
撤去F1后的瞬间，外力为2N，但物体不能立即停下来，所以物体仍会向右运动，故摩擦力仍为滑动摩擦力为8N，水平向左；
合力为

方向水平向左。
选项B正确，ACD错误。
故选B。
3、D
【解析】物体在拉力作用下做匀加速直线运动，根据加速度的变化，通过牛顿第二定律来判断可行的方法
【详解】从静止出发，经时间t速度达到v，则v=at；根据牛顿第二定律，即；要使物体从静止出发速度达到2v，将F变为原来2倍，加速度未变为原来的2倍，速度不能变为2倍．故A错误；把力F和动摩擦因数都增加为原来的2倍，加速度为原来的2倍，但是时间不确定，则速度不一定变为2倍，故B错误；只把质量增加为原来的2倍，物体的加速度减小，故方法不可行，选项C错误；质量、力、时间都增加为原来的二倍，则加速度不变，时间变2倍，则速度变2倍，选项D正确；故选D.
【点睛】解决本题的关键通过速度公式和牛顿第二定律找到速度与力、质量、动摩擦因数以及时间的关系式，然后进行讨论.
4、C
【解析】A．马拉车的力与车拉马的力是作用与反作用力，总是等大反向的，选项A错误；
B．作用力和反作用力大小相等、方向相反、在一条直线上，但是由于作用在两个物体上，因此它们不能合成，选项B错误；
C．《道路交通安全法》中规定：各种车辆前排乘坐的人必须系好安全带，这是为了防止人因自身的惯性而造成伤害，选项C正确；
D．伽利略的斜面实验证明了：物体不受外力作用时，一定处于静止或者匀速直线运动状态，选项D错误；
故选C。
5、A
【解析】自由落体运动的加速度为g，根据求出落地的速度之比，根据求解时间之比；
【详解】A、甲、乙两个物体都做自由落体运动，根据得，落地时的速度之比是，故A正确；
B、根据平均速度可得，从开始下落到着地的平均速度之比是，故B错误；
C、甲、乙两个物体都做自由落体运动，加速度都为g，与重力无关，故C错误；
D、根据得，从开始下落到着地所用时间之比为，故D错误；
故选A
【点睛】关键是明确自由落体运动的运动性质，然后灵活地选择运动学公式列式求解即可
6、B
【解析】根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度知，从开始运动第一段时计时，则时的瞬时速度等于~内的平均速度

时的瞬时速度等于~内的平均速度

两个中间时刻的时间间隔为

根据加速度定义可得

故选B。
7、AD
【解析】A.木箱在水平方向上受到水平拉力和地面的摩擦力，这两个力是一对平衡力，故A正确；
BD.木箱对地面的压力，受力物体是地面，施力物体是木箱，地面对木箱的支持力，受力物体是木箱，施力物体是地面，这是一对作用力和反作用力，故B错误，D正确；
C.木箱对地面的压力，受力物体是地面，施力物体是木箱，木箱受到的重力受力物体是木箱，二者不可能是平衡力，故C错误。
故选：AD。
8、AB
【解析】A．t=2s时乙的位移为

甲的位移为
x′=2×2=4m
两者位移相同，又是从同一地面出发，故2s末时二者相遇，同理可判断6s末二者也是相遇，故A正确；
B．4s时甲的位移为
x=4×2=8m
乙的位移为

甲的位移小于乙的位移，故甲在乙后面，故B正确；
C．1s末两物体相距的距离等于一个小三角形的面积，而4s末两物体相距的距离等于2-4之间三角形的面积，明显4s末二者的距离最大，故C错误；
D．乙的速度一直为正，说明其运动方向始终未发生变化，故D错误。
故选AB。
9、CD
【解析】物块沿粗糙的斜面匀速下滑，受力平衡，合外力为零，整体受力平衡，合外力也为零，对物体和整体受力分析，根据平衡条件列式即可求解.
【详解】A、因Q物体匀速下滑，受力平衡，在垂直斜面方向有，由牛顿第三定律可知；故A错误.
B、Q物体匀速，沿斜面方向有 ，由牛顿第三定律知Q对P的摩擦力大小 ；故B错误.
C、如果将斜面与物块看成一个整体，整体受力平衡合外力为零，竖直方向；故C正确.
D、由于物块沿粗糙的斜面匀速下滑，故其受到的合力为零，物块受到重力是竖直向下的，所以斜面对物块的力竖直向上，与重力平衡；故D正确.
故选CD.
【点睛】本题采用隔离法与整体法交叉使用的方法分析物体的受力情况，对多个物体问题是常用的思路.当两个物体的加速度均为零时，可以采用整体法研究.
10、BC
【解析】传送带静止时，物体在传送带上做减速运动；若传送带顺时针转动，如果滑块在B点的速度大于传送带的速度，则滑块将做减速运动，如果到达C点速度仍不小于传送速度，即物体在传送带上全程减速，即和传送带静止时情况相同，故离开C点速度等于；如果滑块在B点的速度小于传送带速度，滑块将先做一段加速运动，再匀速运动，离开C点的速度大于，A错误B正确；若传送带逆时针转动，滑块在传送带上将一直减速运动，与传送带静止状态相同，故滑块离开C点的速率一定为，C正确D错误
11、BD
【解析】本题考查传送带问题，通过对小物块的速度时间图像进行分析，理解小物块的运动情况，然后根据牛顿第二定律判断小物块的受力情况。
【详解】A．由v-t图像得到，小物块在t1时刻速度为零，下一刻开始向右运动，所以t1时刻小物块离A处最远，A错误；
B．t2时刻，小物块第一次与传送带相对静止，之前始终相对传送带向左运动，所以此刻小物块相对传送带滑动的距离达到最大，B正确；
CD．0~t2时刻，小物块相对传送带向左运动，始终受到向右的滑动摩擦力

滑动摩擦力大小和方向都不变，t2~t3时刻，小物块相对传送带静止做匀速直线运动，合外力为零，水平方向没有其他外力，所以摩擦力为零，C错误，D正确。
故选BD。
12、AD
【解析】B．小球摆到在最低点时，细绳碰到钉子前后所受力均竖直与线速度垂直，合力只能提供向心力，则线速度大小不变，故B错误；
A．由

当L变为时，小球的线速度大小不变，故ω变为原来的2倍，故A正确；
C．由

当L变为时，小球的线速度大小不变，故a变为原来的2倍，故C错误；
D．由

向心力变为原来2倍，故拉力FT会增大，故D正确

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 (1). (2).B (3).C (4).不变
【解析】(1)[1]是通过作图的方法得到合力的理论值，而是通过一个弹簧称沿方向拉橡皮条，使橡皮条伸长到点，使得一个弹簧称的拉力与两个弹簧称的拉力效果相同，测量出的合力，故方向一定沿方向的是，由于误差的存在和方向并不在重合；
(2)[2]合力与分力是等效替代的关系，所以本实验采用的等效替代法，故B正确，A、C错误；
故选B；
(3)[3]A．细线的作用是能显示出力的方向，所以不必须等长，故A错误；
B．两细线拉橡皮条时，只要确保拉到同一点即可，不一定橡皮条要在两细线的夹角平分线上，故B错误；
C．在拉弹簧秤时必须要求弹簧秤与木板平面平行，否则会影响力的大小，故C正确；
D．为了减小实验的误差，两分力的夹角不能太大，也不能太小，不一定需要取90度，故D错误；
故选C。
(4)[4]如果将细线也换成橡皮筋，只要将结点拉到相同的位置，实验结果不会发生变化。
14、 ①.F′ ②.B ③.ACD
【解析】①[1]方向一定沿AO方向的是用单个弹簧称拉橡皮筋时的拉力，所以F′的方向才一定沿AO方向。
②[2]本实验采用的科学方法是等效替代法，故选B。
③[3]A．两个分力F1、F2的大小要尽量大些，可以减小测量及作图时的偶然误差，A正确；
B．两个分力F1、F2间夹角应该恰当才好，不是越大越好，B错误；
C．拉橡皮筋时，弹簧秤、橡皮条、细绳应贴近木板且与木板平面平行，确保各力在同一平面，可以减小作图的引起的误差，C正确；
D．AO间距离要适当，将橡皮筋拉至结点O时，拉力要适当大些，可以减小测量及作图时的偶然误差，D正确；
故选ACD。
15、 (1)，方向向右；(2)；(3)，
【解析】(1)对木板，根据牛顿第二定律得：

代入数据解得：

方向向右
(2)向左运动，根据牛顿第二定律得：

代入数据解得：

方向向右
向右运动，根据牛顿第二定律得：

代入数据解得：

方向向左
当木板与共速时共同速度为，则有：

代入数据解得：
，
(3)此过程木板相对于地面的位移：

此过程相对于地面的位移：

此过程相对于地面的位移：

此时相对木板静止，突变为静摩擦力，受力不变加速度仍为5m/s2，方向向右，对与木板受力分析，有：

代入数据解得：

方向向左
当木板与A共速时共同速度，则有：

代入数据解得：
，
此过程木板相对于地面的距离：

此过程相对于地面的位移：

此过程相对于地面位移：

木板的长度为：

此后三者一起减速运动，根据牛顿第二定律可得加速度大小为：

最后通过的位移：

故木板的最大相对于地面位移：

三．计算题(22分)
16、（1）4m/s2；2m/s2；（2）0.72s
【解析】（1）滑块沿斜面轨道下滑，由牛顿第二定律列式可求解加速度；
（2）根据两物体的位移关系，时间关系，结合牛顿第二定律和运动公式列式求解。
【详解】（1）滑块沿斜面轨道下滑，由牛顿第二定律，有

代入数据得、B两滑块的加速度分别为

（2）、B两滑块沿斜面轨道下滑到底端的时间分别为、，有

、B两滑块沿斜面轨道下滑到底端的速度分别为、，有

、B两滑块进入水平轨道运动，由牛顿第二定律，有

滑块在水平轨道上追上滑块B所用时间为，则

滑块比滑块B滞后释放的时间

联立以上各式，并带入数据解得

17、（1） （2）0.25（3）
【解析】（1）对B进行受力分析，由平衡知识求解水平拉力F大小；（2）以A、B整体为研究对象，由平衡知识求解滑块A与水平杆MN之间的动摩擦因数；（3）以A、B整体为研究对象求解加速度；再以B为研究对象求解F′大小.
【详解】（1）对B进行受力分析得
F=mgtanθ1
解得F=mg
（2）以A、B整体为研究对象
F=μ×3mg
解得μ=0.25
（3）以A、B整体研究对象
F′-μ×3mg=3ma
以B为研究对象
F′-mgtanθ2= ma
解得F′=mg