2025-2026学年福建省三明市尤溪县普通高中物理高一上期末学业质量监测试题含解析.doc

2025-2026学年福建省三明市尤溪县普通高中物理高一上期末学业质量监测试题
注意事项:
1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。
2．答题时请按要求用笔。
3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。
4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。
5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、关于物体的惯性，下列说法正确的是（ ）
A.速度大的物体惯性一定大
B.质量大的物体惯性一定大
C.速度大的物体惯性一定大
D.静止的物体没有惯性
2、在行车过程中，遇到紧急刹车，乘员可能受到伤害．为此人们设计了如图所示的安全带以尽可能地减轻猛烈碰撞．假设某次急刹车时，由于安全带的作用，使质量70kg的乘员的加速度大小约为6m/s2，此时安全带对乘员的作用力最接近（ ）

A.100N B.400N
C.800N D.1000N
3、若规定向西方向为位移正方向，今有一个皮球停在坐标原点处，轻轻踢它一脚，使它向西作直线运动，经过7m时与墙相碰后又向东做直线运动，经过10m停下，则上述过程皮球通过的路程和位移分别是（　　）
A.17m、17m B.3m、3m
C.17m、-3m D.-3m、17m
4、有三个共点力F1、F2、F3作用于某一点，其合力为零。已知F3＝5N，现将F3的方向沿逆时针方向绕作用点转动60°，同时其余两个力顺时针转动30°，则这三个力的合力大小变为
A.5N B.5N
C.10N D.仍为零
5、一个人站在磅秤上，在他蹲下的过程中，磅秤的示数将（ ）
A.先小于体重后大于体重，最后等于体重
B.先大于体重后小于体重，最后等于体重
C.先小于体重，后等于体重
D.先大于体重，后等于体重
6、在一次交通事故中，交警察看现场时发现刹车痕迹近乎为一条直线，测得长为16m，行车记录仪显示刹车前的速度为72km/h ，由此，交警可估算出刹车过程中的制动加速度大小约为
A.6.25m/s2 B.12.5 m/s2
C.20 m/s2 D.25 m/s2
7、如图，当车厢向右加速行驶时，一质量为m的物块紧贴在车壁上，相对于车壁静止，随车一起运动，则下列说法正确的是（　　）

A.在竖直方向上，车壁对物块的摩擦力与物块的重力等大
B.在水平方向上，车壁对物块的弹力是由于物块发生了弹性形变
C.若车厢加速度变小，车壁对物块的弹力也变小
D.若车厢加速度变大，车壁对物块的摩擦力也变大
8、如图所示，在高度不同两水平台阶上放有质量分别为m1、m2的两物体，物体间用轻弹簧相连，弹簧与竖直方向夹角为θ．在m1左端施加水平拉力F，使m1、m2均处于静止状态，已知m1表面光滑，重力加速度为g，则下列说法正确的是(　　)

A.弹簧弹力的大小为
B.地面对m2的摩擦力大小为F
C.地面对m2的支持力可能为零
D.m1与m2一定相等
9、如图所示，A、B两物块质量相等，用一轻弹簧相连，将A用长度适当的轻绳悬挂于天花板上,系统处于静止状态时,B物块恰好与水平桌面接触而没有挤压，此时轻弹簧的伸长量为x.现将悬绳剪断，则下列说法正确的是（ ）

A.悬绳剪断瞬间，A物块的加速度大小为g
B.悬绳剪断瞬间，A物块的加速度大小为2g
C.悬绳剪断后，A物块向下加速运动x后开始减速
D.悬绳剪断后，A物块向下加速运动2x后开始减速
10、关于“互成角度的两个共点力的合成”实验，下列说法正确的是
A.必须使分力、与合力F在同一平面内
B.在同一实验中，橡皮条拉长后的结点位置O允许变动
C.在同一实验中，只要结点位置不变，无论两个分力如何变化，其合力不变
D.用两只弹簧秤拉时，合力的图示F与用一只弹簧秤拉时拉力的图示不完全重合，说明力的合成的平行四边形定则不一定是普遍成立的
11、如图甲所示,有一绝缘圆环,圆环上均匀分布着正电荷,圆环平面与竖直平面重合．一光滑细杆沿垂直圆环平面的轴线穿过圆环,细杆上套有一个质量为m=10 g的带正电的小球,小球所带电荷量q=5.0 ×10 -4 C．小球从C点由静止释放,其沿细杆由C经B向A运动的v— t图像如图乙所示．小球运动到B点时,速度图像的切线斜率最大(图中标出了该切线)．则下列说法正确的是( 　　)

A.由C到A的过程中,小球的电势能先减小后变大
B.由C到A电势逐渐降低
C.C、B两点间的电势差UCB=0.9 V
D.在O点右侧杆上, B点场强最大,场强大小为E=1.0V/m
12、如图所示，物体自O点由静止开始做匀加速直线运动，A、B、C、D为其运动轨迹上的四点，测得AB＝2m，BC＝3m，且物体通过AB、BC、CD所用的时间均为0.5s，则下列说法正确的是（）

A.物体的加速度为4m/s2 B.CD＝5m
C.OA之间的距离为1m D.OA之间的距离为1.125m
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、用图甲所示装置探究物体的加速度与力的关系，实验时保持小车（含车中重物）的质量M不变，将细线下端悬挂钩码的总重力作为小车受到的合力F，用打点计时器打出的纸带计算出小车运动的加速度a。

(1)关于实验操作，下列说法正确的是________。
A．实验前应调节滑轮高度，使滑轮和小车间的细线与木板平行
B．平衡摩擦力时，在细线下端悬挂钩码，使小车在细线的拉力作用下能匀速下滑
C．每次改变小车所受的拉力后都要重新平衡摩擦力
D．实验时应先释放小车，后接通打点计时器电源
(2)图乙为实验中打出纸带的一部分，从比较清晰的点迹起，在纸带上标出连续的5个计数点A、B、C、D、E，相邻两个计数点之间都有4个点迹未标出，测出各计数点到A点的距离。已知所用电源的频率为50 Hz，打B点时小车的速度vB＝_____m/s，小车的加速度a＝_____m/s2.（结果均保留两位有效数字）。
(3)改变细线下端钩码的个数，得到a -F图象如图丙所示，造成图线上端弯曲的原因可能是________。
14、如图所示，两个滑块A和B的质量分别为mA=1 kg和mB=5 kg，放在静止于水平地面上的木板的两端，两者与木板间的动摩擦因数均为μ1=0.5；木板的质量为m=4 kg，与地面间的动摩擦因数为μ2=0.1。某时刻A、B两滑块开始相向滑动，初速度大小均为v0=3 m/s。A、B相遇时，A与木板恰好相对静止。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，A、B可看成质点，取重力加速度大小g=10 m/s2。求
(1)开始运动时木板的加速度a
(2)B与木板相对静止时，木板的速度；
(3)木板的长度及木板的总位移

15、如图甲所示为“探究加速度与力、质量的关系”实验装置图。图中A为小车，B为装有砝码的小桶，C为一端带有定滑轮的长木板，小车通过纸带与电火花打点计时器相连，计时器接50Hz交流电。小车的质量为m1，小桶（及砝码）的质量为m2。

(1)下列说法正确的是_______.
A．本实验m2应远大于m1
B．每次改变小车质量时，应重新平衡摩擦力
C．实验时应先释放小车后接通电源
D．在用图像探究加速度与质量关系时，应作a－图像
(2)实验时，某同学由于疏忽，如果是遗漏了平衡摩擦力这一步骤，他测量得到的a－F图像，可能是乙图中的____图线；另一同学如果平衡摩擦力过大，他测量得到的a－F图像，可能是乙图中的_______图线。（选填“①”、“②”、“③”）
(3)如丙图所示为某次实验得到的纸带，纸带中相邻计数点间的距离已标出，相邻计数点间还有四个点没有画出，可求得小车的加速度大小为a＝____m/s2（保留二位有效数字）
三．计算题(22分)
16、（12分）汽车以v=30m/s的速度在水平路面上匀速运动．刹车后经4s速度变为．求：
（1）刹车过程加速度的大小和方向；
（2）刹车至停止通过的位移。
17、（10分）如图甲所示，斜面的倾角为，一个总质量为m=75 kg的滑雪者从离斜面底端距离为x=8 m处由静止开始沿斜面自由下滑，已知雪橇与斜面间的动摩擦因数，不计空气阻力。(，，g=10m/s2)，则：

（1）滑雪者下滑的加速度a1为多大？
（2）滑雪者下滑至斜面底端时的速度为多大？
（3）若滑雪者在斜面底端时，只依靠惯性上滑至原来的位置（如图乙），那么滑雪者在斜面底端时必须获得一定的初速度v0，则这一初速度v0至少为多大？
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、B
【解析】惯性是物体的固有属性，一切物体均有惯性，其大小与质量有关，质量则惯性大，质量小则惯性小，与速度等无关，故选项B正确，选项ACD错误
点睛：本题考查惯性相关制度，要注意明确质量是物体惯性大小的唯一量度
2、B
【解析】根据牛顿第二定律得：，所以安全带对乘员的作用力最接近，故选项B正确，选项ACD错误
【点睛】本题中安全带对乘员的作用力提供乘员减速的加速度，根据牛顿第二定律即可求解
3、C
【解析】位移是指从初位置到末位置的有向线段，位移是矢量，有大小也有方向；路程是指物体所经过的路径的长度，路程是标量，只有大小，没有方向
【详解】皮球先沿正方向运动了7m，又沿负方向运动了10m停下，所以路程为17m；位移是指从初位置到末位置的有向线段，皮球的总的运动过程是沿负方向运动了3m，故位移为-3m．则C正确
故选C
【点睛】本题就是对位移和路程的考查，掌握住位移和路程的概念就能够解决了
4、A
【解析】因F3=5N，故F1与F2的合力也为5N，方向与F3的方向相反；F3的方向沿逆时针方向绕作用点转动60°，同时其余两个力顺时针转动30°后，新F1与F2的合力方向与新F3的方向垂直，结合矢量合成法则，则新合力为5N；
A．5N，与结论相符，选项A正确；
B．5N，与结论不相符，选项B错误；
C．10N，与结论不相符，选项C错误；
D．仍为零，与结论不相符，选项D错误；
故选A.
5、A
【解析】人站在测力计上静止不动时，测力计的示数等于人的重力，当此人突然站起时，具有向上的加速度，根据牛顿第二定律人所受的支持力，再由牛顿第三定律分析测力计示数的变化
解：由题，当人站在测力计上静止不动时，测力计的示数等于人的重力，当此人突然下蹲时，人向下加速，具有向下的加速度，人处于失重状态，根据牛顿第二定律分析可知测力计对人的支持力小于人的重力，则人对测力计的压力也小于人的重力，然后人向下减速，具有向上的加速度，人处于超重状态，根据牛顿第二定律分析可知测力计对人的支持力大于人的重力，则人对测力计的压力也大于人的重力，故A正确，BCD错误
故选A
6、B
【解析】将汽车刹车做匀减速运动的过程看做反向的初速度为零的匀加速运动，则根据v2=2ax解得

故选B
7、AC
【解析】A．在竖直方向上，车壁对物块的摩擦力与物块的重力平衡，故二力是等大的，A正确；
B．在水平方向上，车壁对物块的弹力是由于车壁发生了弹性形变，B错误；
C．根据牛顿定律

则若车厢加速度变小，车壁对物块的弹力也变小，C正确；
D．车壁对物块的摩擦力与物块的重力平衡，二力是等大的，与车厢的加速度无关，D错误。
故选AC。
考点：牛顿定律；物体的平衡；弹力。
8、AB
【解析】对整体受力分析可知，整体受重力、支持力、拉力，要使整体处于平衡，则水平方向一定有向右的摩擦力作用在m2上，且大小与F相同，故B正确；因m2与地面间有摩擦力，则支持力一定不为零，故C错误；对m2受力分析可知，弹簧弹力水平方向的分力应等于F，故弹簧弹力为，故A正确；因竖直方向上的受力不明确，无法确定两物体的质量关系，也无法求出弹簧弹力与重力的关系，故D错误；故选AB
9、BD
【解析】AB．剪断悬绳前，对B受力分析，B受到重力和弹簧的弹力，知弹力

剪断瞬间，弹簧弹力不变，对A分析，A的合力为

根据牛顿第二定律，得

故A错误，B正确；
CD．弹簧开始处于伸长状态，弹力

当向下压缩

速度最大，即

所以下降的距离为2x时速度最大，即开始减速，故C错误，D正确。
故选BD。
10、AC
【解析】A．在进行实验时，必须使分力、与合力F在同一平面内，否则、的图示为其水平面内分力的图示，导致误差增大，故A正确；
B．了使两次拉橡皮筋效果相同，要求两次要将O点拉到同一位置，故B错误；
C．根据力的等效可知只要结点位置不变，其合力大小不变，故C正确；
D．共点力合成的平行四边形定则是一定成立的，由于实验中不可避免的存在误差，因此合力的图示F与用一只弹簧秤拉时拉力的图示不完全重合，故D错误。
故选AC
11、BC
【解析】根据v-t图象求出B点的加速度，结合牛顿第二定律求出场强的大小；根据动能定理判断电场力做功的正负，由电场力做功与电势能变化的关系判断电势能的变化；正电荷在电势高处电势能大；根据动能定理求解C、B两点的电势差
【详解】AB、从C到A小球的动能一直增大，则电场力一直做正功，故电势能一直减小，又因为小球带正电，故从C到A电势逐渐降低，故A错误，B正确；
C、由C到B电场力做功，CB间的电势差为：，C正确；
D、由v-t图像可知，小球在B点的加速度最大，故所受的电场力最大，加速度由电场力产生，故B点的电场强度最大，小球的加速度为，又因为，解得：，D错误
故选BC
【点睛】关键是通过乙图的v-t图象判断出加速度，加速度最大时受到的电场力最大，电场强度最大，由电场力做功即可判断电势能，由W=qU求的电势差
12、AD
【解析】A．设物体通过AB、BC、CD所用的时间均为t，由匀变速直线运动的规律相邻相等的时间内位移之差为常数，即

得
m/s2
A正确；
B．根据
m
可知m，B错误；
CD．因某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，所以物体经过B点时的瞬时速度为

再由

可得OB两点间的距离为m，所以O与A间的距离
m
C错误，D正确。
故选AD。
【点晴】本题考查匀变速直线运动的规律相邻相等的时间内位移之差为常数，某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度等规律

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.A ②.0.32 ③.0.93 ④.随所挂钩码质量m的增大，不能满足M≫m
【解析】（1）[1]A．调节滑轮高度，使牵引木块的细线与长木板保持平行，否则拉力不会等于合力，A正确；
B．在调节木板倾斜度以平衡小车受到的摩擦力时，不应悬挂钩码，B错误；
C．由于平衡摩擦力之后有

故

所以无论小车的质量是否改变，小车所受的摩擦力都等于小车的重力沿斜面的分力，改变小车所受的拉力后，不需要重新平衡摩擦力，C错误；
D．实验开始时先接通打点计时器的电源待其平稳工作后再释放小车，而当实验结束时应先控制小车停下再关闭打点计时器，D错误。
故选A。
（2）[2]已知打点计时器电源频率为50 Hz，则纸带上相邻计数点间的时间间隔

打B点时小车的速度
。
[3]根据

小车运动的加速度为
。
（3）[4]随着力F的增大，即随所挂钩码质量m的增大，不能满足

因此图线上部出现弯曲。
14、 (1)，方向向右；(2)；(3)，
【解析】(1)对木板，根据牛顿第二定律得：

代入数据解得：

方向向右
(2)向左运动，根据牛顿第二定律得：

代入数据解得：

方向向右
向右运动，根据牛顿第二定律得：

代入数据解得：

方向向左
当木板与共速时共同速度为，则有：

代入数据解得：
，
(3)此过程木板相对于地面的位移：

此过程相对于地面的位移：

此过程相对于地面的位移：

此时相对木板静止，突变为静摩擦力，受力不变加速度仍为5m/s2，方向向右，对与木板受力分析，有：

代入数据解得：

方向向左
当木板与A共速时共同速度，则有：

代入数据解得：
，
此过程木板相对于地面的距离：

此过程相对于地面的位移：

此过程相对于地面位移：

木板的长度为：

此后三者一起减速运动，根据牛顿第二定律可得加速度大小为：

最后通过的位移：

故木板的最大相对于地面位移：

15、 ①.D ②.③ ③.① ④.0.49
【解析】(1)[1]A．根据牛顿第二定律可求得绳对小车的拉力为：

当时，拉力为：

故A错误；
B．改变小车的质量，由于小车的重力下滑分力及摩擦力同比例减小，所以一次平衡好后，只要不改变平板的倾角，则不必另外平衡，故B错误；
C．打点计时器打点时要求先通电后释放小车，故C错误；
D．力不变时，由于加速度与质量成反比，图象是曲线，若图象是一条直线，则与成反比，故D正确；
故选D；
(2)[2]若遗漏了平衡摩擦阻力，则当有力（钩码的重力）时小车却没有加速度，所以图③对应此种情况，
[3]同理若平衡过度，则当不挂重物（拉力为零）时，小车就将加速运动，此种情况对应①图象；
(3)[4]由逐差法求小车的加速度大小为：

三．计算题(22分)
16、 (1)，方向与小车运动方向相反 （2）75m
【解析】(1)根据加速度的定义式：

即大小为6m/s2，负号表示小车加速度的方向与小车运动方向相反；
(2)刹车到停止时的位移根据速度与位移的关系有：

代入数据解得：。
答：（1）刹车过程加速度的大小6m/s2和方向与初速度方向相反；
（2）刹车至停止通过的位移75m。
17、（1）4m/s2；（2）8m/s；（3）8m/s
【解析】（1）根据牛顿第二定律
mgsin37°-μmgcos37°=ma
得
a=4m/s2
（2）根据位移公式
v2-02=2as
得
v=8m/s
（3）滑雪者上滑时
mgsin37°+μmgcos37°=ma′
a′=8m/s2
根据位移公式
v′2=2a′s
得
v′=8m/s